高考四川理科数学试题及答案word解析版.pdf

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1、20162016 年普通高等学校招生全国统一考试（四川卷年普通高等学校招生全国统一考试（四川卷)数学（理科）数学（理科）第第卷（共卷（共 5050 分分)一、选择题：本大题共一、选择题：本大题共 1010 小题，每小题小题，每小题 5 5 分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的（1）【2016 年四川，理 1，5 分】设集合，Z Z 为整数集，则集合中元素的个数是（）（A）3(B)4（C）5(D)6【答案】C【解析】由题可知，则中元素的个数为5，故选 C【点评】集合的概念及运算一直是高考的热点，几乎是每年必考内容，属于容易题

2、一般是结合不等式，函数的定义域值域考查,解题的关键是结合韦恩图或数轴解答(2)【2016 年四川，理 2,5 分】设为虚数单位，则的展开式中含的项为（）（A）(B）（C)（D）【答案】A【解析】由题可知，含的项为，故选A【点评】本题考查二项式定理及复数的运算，复数的概念及运算也是高考的热点，几乎是每年必考内容，属于容易题一般来说，掌握复数的基本概念及四则运算即可二项式的展开式可以改为,则其通项为，即含的项为（3）【2016 年四川，理 3，5 分】为了得到函数的图象,只需把函数的图象上所有的点(）（A)向左平行移动个单位长度（B）向右平行移动个单位长度(D)向右平行移动个单位长度（C）向左平行

3、移动个单位长度【答案】D【解析】由题可知,，则只需把的图象向右平移个单位，故选D【点评】本题考查三角函数的图象平移,在函数的图象平移变换中要注意人“”的影响，变换有两种顺序：一种的图象向左平移个单位得,再把横坐标变为原来的倍，纵坐标不变，得的图象,另一种是把的图象横坐标变为原来的倍,纵坐标不变,得的图象,向左平移个单位得的图象（4）【2016 年四川,理 4，5 分】用数字 1，2，3，4，5 构成没有重复数字的五位数，其中奇数的个数为（）（A）24（B）48(C)60（D)72【答案】D【解析】由题可知，五位数要为奇数，则个位数只能是1，3，5；分为两步：先从1，3,5三个数中选一个作为个位

4、数有，再将剩下的4个数字排列得到，则满足条件的五位数有,故选D【点评】利用排列组合计数时，关键是正确进行分类和分步，分类时要注意不重不漏，分步时要注意整个事件的完成步骤在本题中，个位是特殊位置，第一步应先安排这个位置,第二步再安排其他四个位置(5）【2016年四川，理5，5分】某公司为激励创新，计划逐年加大研发资金投入，若该公司2015年全年投入研发资金130万元，在此基础上，每年投入的研发资金比上一年增长12，则该公司全年投入的研发资金开始超过200万元的年份是（)(参考数据:,）（A）2018 年（B）2019 年（C）2020 年（D）2021 年【答案】B【解析】设年后该公司全年投入的

5、研发资金为200万元，由题可知，解得，因资金需超过200万，则取4，即2019年，故选B【点评】本题考查等比数列的实际应用 在实际问题中平均增长率问题可以看作是等比数列的应用，解题时要注意把哪个作为数列的首项,然后根据等比数列的通项公式写出通项，列出不等式或方程就可解得结论(6）【2016 年四川，理 6,5 分】秦九韶是我国南宋时期的数学家，普州（现四川省安岳县）人，他在所著的数书九章中提出的多项式求值的秦九韶算法，至今仍是比较先进的算法,如图所示的程序框图给出了利用秦九韶算法求某多项式值的一个实例。若输入n,x 的值分别为 3，2则输出 v 的值为（）（A）9(B）18（C)20（D)35

6、【答案】B【解析】初始值，,程序运行过程如下表所示，跳出循环，输出，故选B1【点评】程序框图是高考的热点之一，几乎是每年必考内容，多半是考循环结构，基本方法是将每次循环的结果一一列举出来，与判断条件比较即可（7）【2016 年四川，理 7,5 分】设：实数，满足，：实数，满足 则是的（）(A）必要不充分条件（B)充分不必要条件(C)充要条件（D）既不充分也不必要条件【答案】A【解析】如图,表示圆心为，半径为的圆内区域所有点（包括边界）；表示内部区域所有点(包括边界）实数满足则必然满足，反之不成立则是的必要不充分条件，故选A【点评】本题考查充分性与必要性的判断问题，首先是分清条件和结论，然后考察

7、条件推结论，结论推条件是否成立这类问题往往与函数、三角、不等式等数学知识结合起来考，本题条件与结论可以转化为平面区域的关系，利用充分性、必要性和集合的包含关系得结论（8）【2016 年四川,理 8，5 分】设为坐标原点，是以为焦点的抛物线上任意一点,是线段上的点，且，则直线斜率的最大值为（）（A）（B）(C）（D)1【答案】C【解析】如图,由题可知，设点坐标为,显然，当时，；时,要求最大值，不妨设则，当且仅当等号成立，故选C【点评】本题考查抛物线的性质，结合题意要求，利用抛物线的参数方程表示出抛物线上点的坐标，利用向量法求出点的坐标，是我们求点坐标的常用方法，由于要求最大值，因此我们把斜率用参

8、数表示出后，可根据表达式形式选用函数，或不等式的知识求出最值，本题采用基本不等式求出最值（9）【2016 年四川,理 9,5 分】设直线,分别是函数图象上点,处的切线，与 垂直相交于点，且,分别与轴相交于点，则的面积的取值范围是（）(A)（B)（C）（D）【答案】A【解析】解法 1：设,易知，则直线：，与轴的交点为,设，则交点横坐标为，与轴的交点为，则，故解法 2：特殊值法,若，可算出，故，排除 BC；令，算出，故选 A【点评】本题首先考查导数的几何意义,其次考查最值问题，解题时可设出切点坐标，利用切线垂直求出这两点的关系，同时得出切线方程,从而得点坐标,由两直线相交得出点坐标，从而求得面积,

9、题中把面积用表示后，可得它的取值范围解决本题可以是根据题意按部就班一步一步解得结论 这也是我们解决问题的一种基本方法，朴实而基础，简单而实用（10）【2016 年四川,理 10,5 分】在平面内，定点 A，B，C，D 满足，动点,满足，,则的最大值是（)（A）（B)(C）（D）【答案】B【解析】由题意，,所以到三点的距离相等，是的外心;，所以，同理可得，从而是的垂心；的外心与垂心重合，因此是正三角形，且是的中心；所以正三角形的边长为；我们以为原点建立直角坐标系，三点坐标分别为。由，设点的坐标为，其中，而,即是的中点,可以写出的坐标为则，当时,取得最大值,故选B【点评】本题考查平面向量的数量积与

10、向量的模，由于结论是要求向量模的平方的最大值，因此我们要把它用一个参数表示出来，解题时首先对条件进行化简变形,本题中得出，且，因此我们采用解析法,即建立直角坐标系，写出坐标，同时动点的轨迹是圆，因此可用圆的性质得出最值第第 II II 卷（共卷（共 100100 分）分）二、填空题二、填空题:本大题共本大题共 5 5 小题，每小题小题，每小题 5 5 分分(11）【2016 年四川，理 11，5 分】【答案】2【解析】由题可知,（二倍角公式）【点评】这是一个来自于课本的题，直接利用课本公式解题，这告诉我们一定要立足于课本有许多三角函数的求值问题一般都是通过三角函数的公式把函数化为特殊角的三角函

11、数值而求解（12）【2016 年四川，理12，5 分】同时抛掷两枚质地均匀的硬币，当至少有一枚硬币正面向上时,就说这次试验成功，则在 2 次试验中成功次数 X 的均值是【答案】【解析】由题可知，在一次试验中，试验成功（即至少有一枚硬币正面向上）的概率为，2 次独立试验成功次数满足二项分布，则【点评】本题考查随机变量的均值（期望)，根据期望公式,首先求出随机变量的所有可能取值，再求得对应的概率，则均值为（13）【2016 年四川，理 13，5 分】已知三棱锥的四个面都是腰长为2 的等腰三角形,该三棱锥的正视图如图所示，则该三棱锥的体积是_【答案】【解析】由题可知，三棱锥每个面都是腰为2的等腰三角

12、形,由正视图可得如下俯视图,且三棱锥高为，则面积【点评】本题考查三视图，考查几何体体积，考查学生的识图能力解题时要求我们根据三视图想象出几何体的形状，由三视图得出几何体的尺寸，为此我们必须掌握基本几何体（柱、锥、台、球）的三视图以及各种组合体的三视图（14)【2016年四川,理14,5分】已知函数是定义在R R上的周期为2的奇函数,当时，则【答案】【解析】首先，是周期为2的函数，所以；而是奇函数,所以,所以：,即，又，时，故，从而【点评】本题考查函数的奇偶性，周期性，属于基本题，在求值时，只要把和，利用奇偶性与周期性化为上的函数值即可（15）在平面直角坐标系中，当不是原点时,定义的“伴随点”为

13、；当是原点时，定义的“伴随点”为它自身，平面曲线上所有点的“伴随点”所构成的曲线定义为曲线的“伴随曲线，现有下列命题：若点的“伴随点是点，则点的“伴随点”是点A；单位圆的“伴随曲线”是它自身；若曲线关于轴对称，则其“伴随曲线”关于轴对称；一条直线的“伴随曲线是一条直线其中的真命题是_(写出所有真命题的序号）【答案】【解析】设的坐标，伴随点,伴随点横坐标为，同理可得纵坐标为，故 错误；设单位圆上点坐标为，则伴随点坐标为所以也在单位圆上,即：点是点延顺时针方向旋转 正确；设曲线上点的坐标，其关于轴对称的点也在曲线上，所以点的伴随点，点的伴随点，与关于轴对称.正确;反例:例如这条直线，则，而这三个点

14、的伴随点分别是，而这三个点不在同一直线上下面给出严格证明：设点在直线，点的伴随点为，则，解得带入直线方程可知：，化简得：,当时，是一个常数，的轨迹是一条直线；当时，不是一个常数，的轨迹不是一条直线所以，直线“伴随曲线”不一定是一条直线 错误【点评】本题考查新定义问题，属于创新题,符合新高考的走向它考查学生的阅读理解能力，接受新思维的能力,考查学生分析问题与解决问题的能力，新定义的概念实质上只是一个载体，解决新问题时，只要通过这个载体把问题转化为我们已经熟悉的知识即可 本题新概念“伴随实质是一个变换，一个坐标变换，只要根据这个变换得出新的点的坐标，然后判断,问题就得以解决三、解答题：本大题共三、

15、解答题：本大题共 6 6 题，共题，共 7575 分解答应写出文字说明，证明过程或步骤分解答应写出文字说明，证明过程或步骤（16）【2016 年四川，理 16，12 分】我国是世界上严重缺水的国家，某市政府为了鼓励居民节约用水，计划调整居民生活用水收费方案，拟确定一个合理的月用水量标准(吨)，一位居民的月用水量不超过的部分按平价收费，超出 x 的部分按议价收费 为了了解居民用水情况，通过抽样，获得了某年100 位居民每人的月均用水量（单位：吨)，将数据按照，分成 9 组,制成了如图所示的频率分布直方图（1）求直方图中的值；3（2）设该市有 30 万居民，估计全市居民中月均用水量不低于3 吨的人

16、数，并说明理由；（3）若该市政府希望使85的居民每月均用水量不超过标准（吨）,估计的值,并说明理由解：（1）由概率统计相关知识，各组频率之和的值为1，频率=(频率/组距）组距,，得（2）由图，不低于3吨人数所占百分比为，全市月均用水量不低于3 吨的人数为：（万)（3）由图可知，月均用水量小于2。5吨的居民人数所占百分比为：即的居民月均用水量小于2.5吨，同理，88%的居民月均用水量小于3吨,故，假设月均用水量平均分布,则（吨）注：本次估计默认组间是平均分布，与实际可能会产生一定误差【点评】本题主要考查频率分布直方图、频率、频数的计算公式等基础知识，考查学生的分析问题解决问题的能力在频率分布直方

17、图中，第个小矩形面积就是相应的频率或概率，所有小矩形面积之和为1，这是解题的关键,也是识图的基础（17）【2016 年四川，理 17，12 分】在中,角所对的边分别是，且(1)证明:；(2）若，求解:（1）由正弦定理，可知原式可以化解为，和为三角形内角，,则两边同时乘以，可得，由和角公式可知，原式得证（2）由题，根据余弦定理可知，为为三角形内角，,则，即，由(1)可知，【点评】本题考查正弦定理、余弦定理、商数关系等基础知识，考查学生的分析问题的能力和计算能力在解三角形的应用中，凡是遇到等式中有边又有角时，可用正弦定理进行边角互化,一种是化为三角函数问题，一般是化为代数式变形问题在角的变化过程中

18、注意三角形的内角和为这个结论，否则难以得出结论(18）【2016 年四川,理 18，12 分】如图，在四棱锥中，,，为棱的中点，异面直线与所成的角为（1)在平面内找一点，使得直线平面,并说明理由；(2）若二面角的大小为,求直线PA与平面PCE所成角的正弦值解：（1）延长，交直线于点,为中点，,即，四边形为平行四边形,，,，面，面，面,面故在面上可找到一点使得面（2）解法1：过作交于点,连结,过作交于点，,与所成角为,，面，且，面，面，,且，面，为所求与面所成的角，面，即为二面角所成的平面角,由题意可得，而,，,四边形是平行四边形,，四边形是正方形，,，,，解法 2：由已知，所以平面于是从而是二

19、面角的平面角所以由，可得平面设,则在中，作，以为原点，以,的方向分别为轴，轴的正方向，建立如图所示的空间直角坐标系，则，,所以，,设平面的法向量为，由,得 设，解得设直线与平面所成角为,则所以直线 PA与平面 PCE 所成角的正弦值为【点评】本题考查线面平行、线线平行、向量法等基础知识,考查空间想象能力、分析问题的能力、计算能力证明线面平行时,可根据判定定理的条件在平面内找一条平行线，而这条平行线一般是由过面外的直线的4一个平面与此平面相交而得，证明时注意定理的另外两个条件(线在面内，线在面外）要写全，否则会被扣分，求线面角（以及其他角)，一种方法可根据定义作出这个角（注意还要证明），然后通过

20、解三角形求出这个角 另一种方法建立空间直角坐标系，用向量法求角，这种方法主要是计算，不需要“作角、证明，关键是记住相应公式即可（19)【2016 年四川，理 19,12 分】已知数列的首项为1，为数列的前项和，,其中，（1）若成等差数列,求的通项公式；（2）设双曲线的离心率为，且,证明：解：(1)，,当时,故，又,则，故当时也满足,故，（2）由双曲线的性质可知，,由(1）可得，为首项为1，公比为的等比数列，故，即，为首项为1，公比为的等比数列，通项公式为，原式得证【点评】本题考查数列的通项公式、双曲线的离心率、等比数列的求和公式等基础知识,考查学生的分析问题解决问题的能力、计算能力在第（1）问

21、中，已知的是的递推式，在与的关系式中,经常用代换(），然后两式相减，可得的递推式，利用这种方法解题时要注意；在第（2）问中，不等式的证明用到了放缩法,这是证明不等式常用的方法，本题放缩的目的是为了求数列的和另外放缩时要注意放缩的“度”不能太大，否则得不到结果（20)【2016 年四川，理20，13 分】已知椭圆的两个焦点与短轴的一个端点是直角三角形的3 个顶点，直线与椭圆有且只有一个公共点（1）求椭圆的方程及点的坐标；（2）设是坐标原点,直线平行于，与椭圆交于不同的两点、,且与直线交于点证明：存在常数，使得，并求的值解：(1）设短轴一端点为，左，右焦点分别为，则由题意，为直角三角形 解得，代入

22、可得 与椭圆只有一个交点，则,、解得由，解得,则，所以的坐标为(2)设在上,由，平行得的参数方程为代入椭圆得整理可得 设两根为，则有而，,故有由题意，故存在这样的【点评】本题考查椭圆的标准方程及其几何性质，考查学生的分析问题解决问题的能力和数形结合的思想 在涉及到直线与椭圆（圆锥曲线）的交点问题时，一般都设交点坐标为,同时把直线方程与椭圆方程联立，消元后，可得,再把用表示出来，并代入刚才的，这种方法是解析几何中的“设而不求”法可减少计算量，简化解题过程（21）【2016 年四川,理 21，14 分】设函数，其中（1）讨论的单调性；（2）确定a的所有可能取值，使得在区间内恒成立(为自然对数的底数

23、）解：(1）由题意，当时,，在上单调递减当时，当时，；当时，故在上单调递减,在上单调递增(2）原不等式等价于在上恒成立一方面,令，只需在上恒大于0即可又，故在处必大于等于0令，可得另一方面，当时，,故，又，故在时恒大于0当时,在单调递增，故在单调递增，即在上恒大于0综上，【点评】本题考查导数的计算、利用导数求函数的单调性，最值、解决恒成立问题,考查学生的分析问题解决问5题的能力和计算能力求函数的单调性，基本方法是求，解方程，再通过的正负确定的单调性；要证明函数不等式，一般证明的最小值大于0,为此要研究函数的单调性 本题中注意由于函数有极小值没法确定,因此要利用已经求得的结论缩小参数取值范围比较新颖,学生不易想到有一定的难度6