【解析】安徽省合肥市第五中学2018届高三上学期12月月考物理试题-Word版含解析【-高考】.pdf

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1、 安徽合肥市第五中学 2017-2018 学年高三上学期 12 月测考物理试题 一、选择题 1.以下关于物理学家对科学的贡献的说法中正确的是 A.波尔的氢原子结构模型成功的解释了氢原子的发光机制 B.爱因斯坦的光电效应方程表明光电子的最大初动能只与入射光的频率有关 C.伽利略测出了重力加速度并指出自由落体运动就是加速度为 g 的匀加速直线运动 D.法拉第在一次讲课中无意发现通电导线使下面的小磁针发生偏转的现象.他认为那是因为通电导线周围存在磁场的缘故【答案】A【解析】A 波尔理论很好地解释了氢原子光谱，波尔的氢原子结构模型成功的解释了氢原子的发光机制，故 A 正确；B 爱因斯坦的光电效应方程表

2、明，打出的光电子的初动能与金属的逸出功和入射光的频率均有关，故 B 错误；C 伽利略并未测出重力加速度，故 C 错误；D 发现通电导线周围存在磁场的科学家是奥斯特，故 D 错，故选 A 2.如图所示，固定杆与水平面的夹角=30，穿在杆上的两小球 A、B 通过一条跨过定滑轮的轻绳相连接，小球孔的内径略大于杆的直径，滑轮的转轴为 O，通过轻杆固定于天花板下，平衡时 OA 绳与杆的夹角也为，OB 绳竖直，滑轮大小、质量不计，所有摩擦均可忽略，下列说法正确的是 A.平衡时 B 球受三个力的作用 B.转轴 O 对滑轮的作用力竖直向上 C.小球 A、B 的质量之比为 D.小球 A 重力与轻绳拉力大小之比为

3、【答案】C【解析】试题分析：对 B 球受力分析可知，B 球受到重力、绳子的拉力，两个力合力为零，杆子对 B 球没有弹力，否则不能平衡，故 A 错误；转轴受两侧绳子的两个拉力和弹力而平衡，由于两个拉力的合力斜向右下方，根据平衡条件，转轴 O 对滑轮的作用力斜向左上方，故 B错误；设细线的拉力为 T，对 B 球，有：，对 A，平行杆子方向，有：，联立解得，故 C 正确，D 错误；故选 C.【点睛】分别对 AB 两球分析，运用合成法，用 T 表示出 A、B 两球的重力，同一根绳子上的拉力相等，即绳子 AB 两球的拉力是相等的 3.如图所示，我国自主研发的北斗卫星导航系统由 35 颗卫星组成，包括分布

4、于 a 类型轨道的 5 颗同步轨道卫星、分布于 b 类型轨道的 3 颗倾斜轨道卫星(与同步卫星轨道半径相同，轨道倾角 55)和分布于 c 类型轨道的 27 颖中轨道卫星，中轨道卫星运行在 3 个互成 120的轨道面上，预计 2020 年全部建成，下列说法正确的是 A.处于 a 类型轨道上的卫星相对于地面静止且处于平衡状态 B.b 类型轨道上的卫星的加速度大于 c 类型轨道上的卫星运行的加速度 C.类型轨道上的卫星的运行速度大于地球赤道上物体运行的速度 D.b 类型轨道上的卫星可与地球保持相对静止【答案】C【解析】A.处于 a 类型轨道上的卫星相对于地面静止且处于非平衡状态，故 A 错；B由于

5、b 类型轨道的高度大于 c 类型轨道的高度，故 b 类型轨道上的卫星的加速度小于 c 类型轨道上的卫星运行的加速度，故 B 错；D.只有 a 类型轨道上的卫星可与地球保持相对静止,故 D 错。故选 C。4.小球质量为 2m，以速度 v 沿水平方向垂直撞击墙壁，球被反方向弹回速度大小是，球与墙撞击时间为 t，在撞击过程中，球对墙的平均冲力大小是 A.B.C.D.【答案】C【解析】设初速度方向为正，则弹后的速度为-；则由动量定理可得：Ft=-2m-2mv 解得：F=；负号表示力的方向与初速度方向相反；由牛顿第三定律可知，球对墙的平均冲击力为 F=F=；故选 C 5.如图，一半径为R的圆盘上均匀分布

6、着电荷量为Q的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c的轴线上有a、b、d三个点，a和b、b和c、c和d间的距离均为R，在a点处有一电荷量为q(q0)的固定点电荷。已知b点处的场强为零，则d点处场强的大小为(k为静电力常量)()A.B.C.D.【答案】B【解析】因为圆盘上电荷分布均匀，并且形状规则，故可圆盘可等效看做为电荷集中在c点，带电量为Q的点电荷，q在b点产生的电场强度大小为，Q 在b点产生的电场强度大小为，因为b点电场强度为零，所以，解得，Q带正电，q在d处此时的电场强度大小为，方向向右；Q在 d 处产生的电场强度大小为，方向向右，故d点的合场强为，B 正确 6.下列说法正确的是()A.是a衰变方

7、程 B.是核聚变反应方程 C.是核裂变反应方程 D.是核聚变反应方程【答案】B【解析】衰变是自发地进行的，不需其它粒子轰击，A 错误；B 中的反应为轻核聚变反应方程，B 正确；C 中是 衰变方程，C 错误；D 中的反应方程为原子核人工转变方程，D 错误 7.在如图所示的电路中，闭合开关 S，将滑动变阻器的滑片P向下滑动后，假设电流表 A 和电压表 V1、V2、V3四个电表的示数变化量的绝对值分别为 I、U1、U2、U3，则在滑片P向下滑动的过程中，下列说法正确的是()A.变大 B.不变 C.不变 D.变大【答案】BC【解析】试题分析：分析电路的连接关系，根据欧姆定律分析电路中电流和各个电阻电压

8、的变化，结合闭合电路欧姆定律进行分析电压变化量与电流变化量比值的变化 因为电压表 V1测量的是路端电压，电流表测量的是干路电流，根据欧姆定律可得，所以表示电源内阻，故恒定不变，A 错误；V2测量的是两端的电压，V3测量的是两端的电压，因为电路是串联电路，所以电流表也测量的电流，所以恒定不变，根据可得，恒定不变，C 正确 D 错误 8.如图所示，空间同时存在竖直向上的匀强电场和匀强磁场，电场强度为 E，磁感应强度为B。一质量为 m，电量为 q 的带正电小球恰好处于静止状态，现在将磁场方向顺时针旋转 30，同时给小球一个垂直磁场方向斜向下的速度 v，则关于小球的运动，下列说法正确的是（）A.小球做

9、匀速圆周运动 B.小球运动过程中机械能守恒 C.小球运动到最低点时电势能增加 D.小球第一次运动到最低点历时【答案】ACD【解析】A、带正电小球恰好处于静止状态，不受洛伦兹力，所以有重力与电场力大小相等，方向相反，给小球一个垂直磁场方向斜向下的速度 v，小球所受到的合力等于洛伦兹力，所以小球做匀速圆周运动，故 A 正确；B、因为小球在垂直纸面的倾斜平面内做匀速圆周运动，运动过程中电场力要做功，所以小球运动过程中机械能不守恒，故 B 错误；C、电场力从开始到最低点时克服电场力做功为，所以电势能增加，故 C 正确；D、小球从第一次运动到最低点的时间为，故 D 正确；故选 ACD。9.在某次发射科学

10、实验卫星“双星”中，放置了一种磁强计，用于测定地磁场的磁感应强度，磁强计的原理如图所示，电路中有一段金属导体，它的横截面是宽为 a、高为 b 的长方形，放在沿 y 轴正方向的匀强磁场中，导体中通有沿 x 轴正方向、大小为 I 的电流，已知金属导体单位体积重的自由电子数为 n，电子电荷量为 e，金属导电过程中，自由电子做定向移动可视为匀速运动，测出金属导体前后两个侧面间的电势差为 U，则下列说法正确的是 A.电流方向沿 x 轴正方向，正电荷受力方向指向前侧面，因此前侧面电势较高 B.电流方向沿 x 轴正方向，电子受力方向指向前侧面，因此后侧面电势较高 C.磁感应强度的大小为 D.磁感应强度的大小

11、为【答案】BC【解析】试题分析：金属导体中有自由电子当电流形成时，金属导体内的自由电子逆着电流的方向做定向移动在磁场中受到洛伦兹力作用的是自由电子由左手定则可知，自由电子受到的洛伦兹力沿 z 轴正方向，自由电子向前侧面偏转，故后侧面电势较高，故 A 错误，B正确；设自由电子匀速运动的速度为 v，则由电流的微观表达式有 I=neabv，金属导体前后两个侧面间的电场强度，达到稳定状态时，自由电子所受洛伦兹力与电场力平衡，则有：evB=eE，解得磁感应强度的大小为：，故 C 正确，D 错误故选 BC 考点：霍尔效应【名师点睛】解决本题的关键会利用左手定则判断洛伦兹力的方向，以及知道稳定时电荷所受的洛

12、伦兹力和电场力平衡。10.如图所示，水平桌面上的轻质弹簧一端固定，另一端与小物块相连弹簧处于自然长度时物块位于 O 点(图中未标出)物块的质量为 m，AB=a，物块与桌面间的动摩擦因数为.现用水平向右的力将物块从 O 点拉至 A 点，拉力做的功为 W.撤去拉力后物块由静止向左运动，经 O 点到达 B 点时速度为零重力加速度为 g.则上述过程中 A.物块在 A 点时，弹簧的弹性势能等于 B.物块在 B 点时，弹簧的弹性势能小于 C.经 O 点时，物块的动能小于 Wmga D.物块动能最大时弹簧的弹性势能小于物块在 B 点时弹簧的弹性势能【答案】BC【解析】试题分析：据题意分析：物块到达B点时速度

13、为 0，但加速度不一定是零，即不一定合力为 0，这是此题的不确定处弹簧作阻尼振动，如果接触面摩擦系数 很小，则动能为最大时时弹簧伸长量小（此时弹力等于摩擦力），而弹簧振幅变化将很小，B点弹簧伸长大于动能最大点；如果 较大，则动能最大时，弹簧伸长量较大，（因弹力等于摩擦力，较大，摩擦力也较大，同一个弹簧，则需要较大伸长量，弹力才可能与摩擦力平衡），而此时振幅变化很大，即振幅将变小，则物块将可能在离O点很近处，就处于静止（速度为 0，加速度也为0），此时B点伸长量可能小于动能最大时伸长量，B点势能可能小于动能最大处势能至于物块在A点或B点时弹簧的弹性势能，由功能关系和动能定理分析讨论即可 如果没有

14、摩擦力，则O点应该在AB的中点，由于有摩擦力，物体从A到B过程中有机械能损失，故无法到达没有摩擦力情况下的B点，也即O点靠近B点故设物块在 A 点时弹簧的弹性势能为，物块从A点运动到O点的过程，由能量守恒定律得，则得，即物块在A点时，弹簧的弹性势能小于，故 A 错误；由A 分析得物块从开始运动到最终停在B点，路程大于，故整个过程物体克服阻力做功大于，故物块在B点时，弹簧的弹性势能小于，故 B 正确；从 O 点开始到再次到达 O 点，物体路程大于 a，故由动能定理得，物块的动能小于，故 C 正确；物块动能最大时，弹力等于摩擦力，而在 B 点弹力与摩擦力的大小关系未知，故物块动能最大时弹簧伸长量与

15、物块在 B 点时弹簧伸长量大小未知，故此两位置弹性势能大小关系不好判断，故 D错误。视频 二、实验题 11.某同学设计了一个用电磁打点计时器验证动量守恒定律的实验：在小车A的前端粘有橡皮泥，推动小车A使之做匀速直线运动，然后与原来静止在前方的小车B相碰并粘合成一体，继续做匀速直线运动。他设计的装置如图甲所示。在小车A后连着纸带，电磁打点计时器所用电源频率为 50Hz，长木板下垫着薄木片以平衡摩擦力。（1）若已测得打点纸带如图乙所示，并测得各计数点间距(已标在图上)。A为运动的起点，则应选_段来计算A碰前的速度。应选_段来计算A和B碰后的共同速度(以上两空选填“AB”或“BC”或“CD”或“DE

16、”)。（2）已测得小车A的质量m1=0.4kg，小车B的质量为m2=0.2kg，则碰前两小车的总动量为_kgm/s，碰后两小车的总动量为_kgm/s。【答案】(1).BC (2).DE (3).0.420 (4).0.417【解析】（1）由于碰撞之后共同匀速运动的速度小于碰撞之前A独自运动的速度，故AC应在碰撞之前，DE应在碰撞之后，推动小车由静止开始运动，故小车有个加速过程，在碰撞前做匀速直线运动，即在相同的时间内通过的位移相同，故BC段为匀速运动的阶段，故选BC计算碰前的速度；碰撞过程是一个变速运动的过程，而A和B碰后的共同运动时做匀速直线运动，故在相同的时间内通过相同的位移，故应选DE段

17、来计算碰后共同的速度。故答案为BC、DE。（2）碰前系统的动量即A的动量，则,碰后的总动量：,碰撞前后动量近似相等，所以在误差允许的范围内，碰撞中mv的矢量和是守恒的。12.理想电压表内阻无穷大，而实际电压表并非如此，现要测量一个量程为 03V、内阻约为3k 电压表的阻值。实验室备有以下器材：A待测电压表 V1：量程为 03V、内阻约为 3k B电压表 V2：量程为 06V、内阻约为 6k C滑动变阻器R1：最大值 20、额定电流 1A D定值电阻R0 E电源：电动势 6V，内阻约为 1 F开关一个、导线若干（1）利用以上器材设计如图甲所示测量电路，请你按图示电路将图乙的实验仪器连接起来_；（

18、2）请写出按该电路测量电压表 V1内阻RV的表达式，并指出表达式中各物理量的含义：_（3）在正确连接电路后，闭合开关 S，不断地调节滑动变阻器R1滑片位置，记录多组电压表V1、V2示数，作出U2U1图线如图丙所示。若R0=1480，由图线上的数据可得RV=_。【答案】(1).见解析 (2).，其中U1、U2分别为电压表 V1、V2的示数，R0是定值电阻的阻值 (3).2 960【解析】试题分析：注意变阻器分压式的连接方法和电表的正负极，从而明确实物图的连接方法；根据串并联规律写出两电压表读数间表达式，然后解出待测电阻阻值即可；根据题（2）中的表达式解出 U2和 U1的函数表达式，然后根据斜率的

19、概念即求解（1）实物图连接如图所示 （2）由欧姆定律有，解得，其中U1、U2分别为电压表 V1、V2的示数，R0是定值电阻的阻值；（3）由电路的电压关系可得，由图象可知，斜率，若，则。三、计算题 13.某质谱仪装置如图所示，带电粒子经电场加速后进人下方的匀强磁场进行偏转最终打在接收屏上，通过测量粒子打在接收屏上的位置即可对带电粒子进行分析。现有两个不同比荷的带正电的粒子从正极板处由静止释放，已知两个粒子的比荷分别为k1、k2(k1k2).两极板间的距离为L，加速电压为U，磁感应强度为B。求 （1）两个粒子打在接收屏上形成的光斑之间的距离;（2）两粒子打在接收屏上的时间差。【答案】（1）（2）【

20、解析】（1）带电粒子经电场加速有：在匀强磁场：由得 故（2）带电粒子经电场加速 由解得 在匀强磁场：故 故 故 14.如图所示，质量为M的木块静置于光滑的水平面上，一质量为m、速度为v0的子弹水平射入木块且未穿出。设木块对子弹的阻力恒为F，求：（1）射入过程中产生的内能为多少？木块至少为多长时子弹才不会穿出？（2）子弹在木块中运动了多长时间？【答案】（1）；（2）【解析】（1）以m和M组成的系统为研究对象，据动量守恒定律可得，得.设木块的位移为x，子弹相对于木块的位移为L，对m，由动能定理知 对M，由动能定理知 联立以上两式得，即 解得。（2）以子弹为研究对象，由牛顿运动定律和运动学公式可得。

21、15.如图所示，半径R=0.5m 的光滑圆弧面CDM分别与光滑斜面体ABC和斜面MN相切于C、M点，斜面倾角分别如图所示。O为圆弧圆心，D为圆弧最低点，C、M在同一水平高度。斜面体ABC固定在地面上，顶端B安装一定滑轮，一轻质软细绳跨过定滑轮(不计滑轮摩擦)分别连接小物块P、Q(两边细绳分别与对应斜面平行)，并保持P、Q两物块静止。若PC间距为L1=0.25m，斜面MN足够长，物块P质量m1=3kg，与MN间的动摩擦因数=，重力加速度g=10m/s2。求：(sin37=0.6，cos37=0.8)（1）小物块Q的质量m2；（2）烧断细绳后，物块P第一次到达D点时对轨道的压力大小；（3）物块P在

22、MN斜面上滑行的总路程。【答案】（1）4kg（2）78N（3）1m【解析】试题分析：（1）根据共点力平衡条件，两物体的重力沿斜面的分力相等，有：m1gsin53=m2gsin37 解得：m2=4kg 即小物块 Q 的质量 m2为 4kg（2）P 到 D 过程，由动能定理得 m1gh=根据几何关系，有：h=L1sin53+R（1cos53）在 D 点，支持力和重力的合力提供向心力：FDmg=m 解得：FD=78N 由牛顿第三定律得，物块 P 对轨道的压力大小为 78N（3）分析可知最终物块在 CDM 之间往复运动，C 点和 M 点速度为零 由全过程动能定理得：mgL1sin53mgL1cos53

23、L总=0 解得：L总=1.0m 即物块 P 在 MN 斜面上滑行的总路程为 1.0m 二、选择题(本题包括 8 小题，每小题 6 分，共 48 分。在每小题给出的四个选项中，第 1417 题只有一项符合题目要求，第 1821 题中有多项符合题目要求，全部选对的将 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。)14.关于核反应方程ePaTh012349123490，下列说法正确的是 A.该反应过程，电荷数守恒，质量数不守恒 B.该反应为原子核的 衰变 C.该反应过程要吸收能量 D.该反应过程中有 射线放出 15.美国 SpaceX 公司研制的“猎鹰 9 号”火箭首次实现了一级火箭回收再利

24、用。如图所示，某次“猎鹰 9 号”回收火箭时，当返回的一级火箭靠近地面时箭体已经调整为竖直状态，火箭发动机向下喷气，使火箭沿竖直方向向下做加速度为 1m/s的匀减速直线运动，当火箭距地面高度为 100 m 时，火箭速度为 20 m/s，为保证火箭着陆时的速度不超过 2 m/s，之后下落的过程中，火箭发动机必须在距地面某高度 h 时加力全开，发动机加力全开后的火箭做加速度为 2m/s的匀减速直线运动，则 h 的最小值为 A.49 m B.56 m C.88m D.98 m 16.在赤道平面内有三颗在同一轨道上运行的卫星，三颗卫星在此轨道均匀分布，其轨道距地心的距离为地球半径的 3.3 倍，三颗卫

25、星自西向东环绕地球转动。某时刻其中一颗人造卫星处于 A 城市的正上方，已知地球的自转周期为 T，地球同步卫星的轨道半径约为地球半径的6.6 倍，则 A 城市正上方出现下一颗人造卫星至少间隔的时间约为 A.0.18T B.0.24T C.0.32T D.0.48T 17.如图所示，用一辆货车运输一超长木板，先在货车上固定一“”型货架。再将木板放置在货架上，货架与水平面的夹角=10，木板与货架之间的动摩擦因数=0.2，为了保证运输安全，货车在运输过程中刹车时，其加速度的最大值约为(g=10m/s，sin 100.17，cos 100.98)A.2.2 m/s B.3.9 m/s C.4.6 m/s

26、 D.5.7 m/s 18.如图所示，平行金属板 A、B 正对放置，两板间电压为 U，一束完全相同的带电粒予以不同速率沿图中虚线平行于金属板射入板间，其速率介于0vk0v(k1)之间且连续分布，带电粒子射出金属板后打在右侧的一垂直于 A、B 板的荧光屏上，打在荧光屏上的长度为 L，已知所有粒子均可射出金属板，且不考虑带电粒子间的相互作用，若仅将金属板 A、B 间的电压减小至2U，不计带电粒子的重力.则打在荧光屏上的长度变为 A.8L B.4L C.2L D.L 19.如图所示，两个完全相同的带正电荷的小球被 a、b 两根绝缘的轻质细线悬挂于 O 点，两小球之间用绝缘的轻质细线 c 连接，a、b

27、、c 三根细线长度相同，两小球处于静止状态，且此时细线 c 上有张力，两小球的重力均为 G。现用一水平力 F 缓慢拉右侧小球，使细线 a 最终处于竖直状态，两小球最终处于静止状态，则此时与初态相比，下列说法正确的是 A.细线 a 的拉力变大 B.细线 b 的拉力变大 C.细线 c 的拉力变大 D.最终状态时的水平拉力 F 比小球的重力 G 大 20.如图所示，半径为 2L 的小圆与半径为 3L 的圆形金属导轨拥有共同的圆心，在小圆区城内存在垂直于纸面向里的磁感应强度大小为 B 的匀强磁场，在小圆与导轨之间的环形区域内存在垂直于纸面向外的磁感应强度大小为 2B 的匀强磁场。现将一长度为 3L 的

28、导体棒置于磁场中，让其一端 0 点与圆心重合，另一端与圆形导轨良好接触。在 O 点与导轨间接入一阻值为 r 的电阻，导体棒以角速度 沿导轨逆时针做匀速圆周运动，其他电阻不计.下列说法正确的是 A.导体棒 0 点的电势比 A 点的电势高 B.在导体棒的内部电流由 O 点至 A 点 C.在导体棒旋转一周的时间内，通过电阻 r 的电荷量为rBL26 D.在导体棒旋转一周的时间内，电阻 r 产生的焦耳热为rLB429 21.一含有理想变压器的电路如图所示，a、b 两端接入正弦交流电压，1R、2R为定值电阻，理想变压器为升压变压器。开始的时候开关 S 与原线圈的 1 接线柱连接，现将开关 S 与原线圈的

29、 2 接线柱连接，下列说法正确的是 A.通过1R的电流-定增大 B.通过2R的电流一定增大 C.R 的功率可能会增大 D.变压器原线圈两端的电压可能会增大 三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。第 2232 题为必考题，每个试题考生都必须作答。第 3338 题为选考题，考生根据要求作答。(一)必考题(共 129 分)22.(5 分)某同学要测量做平抛运动的物体的初速度的实验方案如图所示。O 点为小球的抛出点，在 O点处有一个点光源，在抛出点的正前方，竖直放置一块毛玻璃，在小球抛出后的运动过程中在毛玻璃上就会出现小球的投影点，则小球在毛玻璃上的投影点向下做_(填“匀速”或“匀变速”)直线运

30、动。现在毛玻璃右边用频率为 f 的频闪相机采用多次曝光的方法，拍摄到小球在毛玻璃上的投影照片，并通过比例换算出照片中两个相邻的小球投影点之间的实际距离为 h。已知点光源到毛玻璃的水平距离为 L，重力加速度为 g.则小球平抛运动的初速度0v=_(用题中所给字母表示)。23.(10 分)有一个电压表，量程已知，内阻 Rv 很大；一节电池(电动势未知，但不超过电压表的量程，内阻可忽略)；另有一个最小标度为 0.1 的电阻箱 R；一个单刀单掷开关；利用上述器材和连接用的导线，设计出测量某一小电阻阻值 Rx 的实验方法(已知 Rx 和 Rv 相差较大)。(1)在虚线框内画出电路图。(2)请简要地写出测量

31、方案并明确说出数据处理方法：_ _。(3)由测量得到的数据计算出 Rx，则 Rx 与真实值相比_（填“偏大”“偏小”或”准确”)。24.(12 分)如图所示，一人手持质量为 m 的小球乘坐在热气球下的吊篮里。气球、吊篮和人的总质量为 M，整个系统悬浮在空中。突然，人将小球急速上抛，经过时间 t 后小球又返回到人手中。设人手在抛接小球时相对吊篮的位置不变，整个过程不计空气阻力，重力加速度为 g，求人在抛小球的过程中对系统做了多少功?25.(20 分)如图所示，半轻为 R 的圆形区域被等分成 a、b、c、d、e、f 六个扇形区域，在 a、c、e 三个扇形区域内有垂直于纸面向里的大小相等的匀强磁场，

32、现让一个质量为 m、电荷量为 q 的带正电的粒子(不计粒子重力)从 0A 半径的中点以速度0v射入 a 区域磁场，速度与 0A 半径的夹角=60，带电粒子依次经过 a、b、c、d、e、f 六个区域后又恰好回到 P 点，且速度与 OA之间的夹角仍为 60。(1)求 a、c、e 三个扇形区城内磁感应强度 B 的大小；(2)求带电粒子在圆形区城运动的周期 T；(3)若将带电粒子的入射点改为 C 点(未标出)，C 点仍在 OA 上，入射速度方向不变，大小改变，此后带电粒子恰好没有射出圆形区域，且依次经过 a、b、c、d、e、f 六个区域后又恰好回到 C 点，且速度与 OA 之间的夹角仍为 60，求此时

33、的周期 T与原来周期 T 的比值。(二)选考题：共 45 分。请考生从给出的 2 道物理题、2 道化学题、2 道生物题中每科任选一题作答。如果多做，则每科按所做的第一题计分。33.物理一选修 3-3(15 分)(1)(5 分)下列说法正确的是_。(填正确答案标号。选对 1 个得 2 分，选对 2 个得 4分，选对 3 个得 5 分。每选错 1 个扣 3 分，最低得分为 0 分)A.所有晶体都有确定的熔点，但在导电、导热、透光等物理性质上不一定表现出各向异性 B.用活塞压缩打气简内的气体，受到的阻力主要来源于气体分子间的斥力 C.悬浮在液体中的微粒某一瞬间接触到的液体分子越多，受到撞击的不平衡性

34、就表现地越明显，布朗运动就越剧烈 D.露珠总是出现在夜间和清晨是由于气温降低使空气中的水蒸气达到饱和后液化造成的 E.一切自发的过程，总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行 (2)(10 分)一长0l=100cm、内壁光滑、导热性能良好粗细均匀的玻璃管开口向上竖直固定放置，厚度不计的轻质活塞置于管口位置，封闭着一定量的空气(可视为理想气体).已知大气压强0p=76cmHg，环境温度为 17，热力学温度与摄氏温度间的关系为 T=t+273K，现在活塞的顶部缓慢地倒入水银。求最多可倒入的水银柱长度为多大?在满足第向的情况下，为使倒人的水银能完全溢出，至少需将玻璃管加热到多少摄氏度?34.物理一选

35、修 3-4(15 分)(1)(5 分)0 点为波源，被源振动一段时间后在空间形成了如图所示的波形。x=6m 处的质点图示时刻刚刚起振，P、Q 两质点偏离平衡位置的位移分别为 1cm 和-1cm，已知波的传播速度为 10m/s。下列说法正确的是_。(填正确答案标号。选对 1 个得 2 分，选对 2 个得 4 分，选对 3 个得 5 分。每选错 1 个扣 3 分，最低得分为 0 分)A.波源起振方向沿 y 轴正方向 B.P 质点从图示位置第一次回到平衡位置所经历的时间为61s C.Q 质点平衡位置的坐标为Qx=3.5m D.P、Q 两质点的振动速度总是大小相等 E.从图示时刻开始计时，x=125m

36、 处的质点第一次到达波峰的时间是 t=12.5s(2)(10 分)如图所示为一个用透明介质做成的直角三校镜的横截面图，其中A=30，C=90，一束单色光平行于 AC 入射到 AB 面上，透明介质对该单色光的折射率 n=3，BC 边长为 L，一个足够大的光屏 MN 平行于 BC 边竖直放置。且与BC 边间距为 L。求光屏上被照亮部分的竖直长度。高三物理参考答案 14 15 16 17 18 19 20 21 D D A B C BCD BC AC 22.匀速(2 分)；hfgL2.(3分)23.（1）如图所示；(2 分)（2）多测几组电阻箱和电压表的数据，做出RU11关系图线，利用图线的斜率和截

37、距求出.(4分)（3）偏小.(3 分)24.解：设人将小球急速上抛，小球刚被抛出时向上的速度为1v，与此同时 M 岗下运动的速度为2v.则 人对系统做的功为：22212121MvmvW(2 分)人将小球抛出后，对易统由动量守相定律得：21Mvmv(2 分)以抛出点为坐标原点，取向上为 y 轴正方向，对小球有20121gttvy(2 分)财气球、吊篮和人，则有20221attvy(2 分)其中Mmga(1 分)由题可知。在 1 时期。小球回到人手的位置，有21yy(1 分)解得gtv211，Mmgtv22，故MtgmMmW8)(22(2 分)25.解：(1)由题意可有出如图所示的轨迹图，带电粒子

38、在 a 区域运动时的圆心为 O，01PO=010P=30(2 分)由几何关系可知230cos2Rr (2 分)解得32Rr (1 分)qBmvr (1 分)所以qRmvB032 (1 分)(2)带电粒子在 a、c、e 三个区域运动时间相同，转过的圆心角均为32.所以恰好为在磁场中的一个整周期，qBmt21(2 分)又qRmvB032，所以0133vRt(1 分)，带电粒子在 b、d、f 区域运动的时间为002223vRvtR (2 分)周期为00213323vRvRttT (1 分)(3)由题意可画出粒子的轨迹图如图所示由几何关系可知此时带电粒子在磁场中的运动的轨道半径 2Rr (1 分)qB

39、mvr，03vv (1 分)带电粒子在 a、c、e 三个区域运动时间相同，转过的圆心角均为32，所以恰好为在磁场中的一个整周 期0013322vRvRt (1 分)2330cos2RrOC (1 分)带电粒子在 b、d、f 区域运动时间002322333vRvtR (1 分)00213323vRvRttT (1 分)所以1TT (1 分)33.(1)ADE.(2)解：设玻璃管的横藏面积为 S，最多能倒人的水银柱长度为 x，则有 SxlxpSlp)(0000SxlxpSlp)(0000(2 分)解得 x=0(舍去)，x=24 cm (2 分)在满足第向的情况下，设将气柱加热到 T 时，管中尚有

40、y cm 水银柱，由理想气体状态方程可 TSylypTSlp)(00000 (2 分)由数学知识可得，当)()(00ylyp.即 y=12 cm 时，)()(00ylyp有最大值 (2 分)此时对应的温度 T 最大，此后不需再加热，水银便自动溢出，代入数据解得 Tm295.5K，即 tm22.5(2 分)34.（1）ABD.(2)解：射向 AB 边的光线人射角=60，设折射角为 由折射定律得sinsinn (1 分)可得=30(2 分)由几何关系知，从 AB 中点 D 人射的光线恰好通过 C 点 (1 分)设临界角为 C 由nC1sin，得 sinC=3323，C60 (2 分)从 AD 间射到棱镜的光线，照射到 AC 面上的人射角为 60，大于临界角 C，所以这些光线在AC 面上发生全反射，反射光线照射到 BC 面上时入射角=30，在 BC 面发生折射，由几何关系可知，照射到光屏上的长度 L1=BC=L.(2 分)从 DB 段入射的光线经棱镜两次折射后，照射到光屏上的长度为 L2=BC=L (1 分)所以光屏上被照亮部分的整直长度为 L1+L2=2L (1 分)