2019届四川省宜宾市叙州一中高三（下）月考物理试卷（4月份）+答案.docx

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1、2018-2019学年四川省宜宾市叙州一中高三（下）月考物理试卷（4月份）一、单选题1. 我国的“长征”系列运载火箭已经成功发射了240多颗不同用途的卫星。火箭升空过程中向后喷出高速气体，从而获得较大的向前速度。火箭飞行所能达到的最大速度是燃料燃尽时火箭获得的最终速度。影响火箭最大速度的因素是（）A. 火箭向后喷出的气体速度B. 火箭开始飞行时的质量C. 火箭喷出的气体总质量D. 火箭喷出的气体速度和火箭始、末质量比2. 一位物理老师用一段铜导线核一块磁铁演奏一曲菊花台的视频惊艳网友，网友直呼“史上最牛物理老师”。他是这么做的：在一块木板上固定两颗螺丝钉，用一段铜导线缠绕在两颗螺丝钉之间，扩音

2、器通过导线与两螺丝钉连接。将磁铁放在铜导线旁边，手指拨动铜导线，另一只手握着螺丝刀压着铜导线，并在铜导线上滑动，优美动听的乐曲就呈现出来了。根据上面所给的信息，你认为下面说法正确的是（）A. 手指拨动铜导线，铜导线的振动引起空气振动而发出声音B. 手指拨动铜导线，使铜导线切割磁感线产生感应电流，电流通过扩音器放大后发声C. 声音的音调变化是通过手指拨动铜导线力的大小来实现的D. 手指拨动铜导线，铜导线中产生直流电流3. 如图，人造地球卫星M、N在同一平面内绕地心O做匀速圆周运动，已知M、N连线与M、O连线间的夹角最大值为，则M、N的运动速度大小之比等于（）A. tanB. 1tanC. sin

3、D. 1sin4. 我国对中微子的研究处于世界领先地位，大亚湾反应堆中微子实验工程获国家自然科学奖一等奖。太阳发生核反应时会放出大量中微子及能量。假设太阳释放的能量是由“燃烧氢”的核反411H24He+210e+2v提供，式中v为中微子，这一核反应平均每放出2个中微子相应释放28MeV的能量。已知太阳每秒约辐射2.81039MeV的能量，地球与太阳间的距离约为1.51011m，则地球表面与太阳光垂直的每平方米面积上每秒接收到中微子数目的数量级为（）A. 1011B. 1014C. 1017D. 10205. 如图所示，质量为m的物体，放在一固定斜面上，当斜面倾角为30时恰能沿斜面匀速下滑。对物

4、体施加一大小为F的水平向右恒力，物体可沿斜面匀速向上滑行。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，当斜面倾角增大并超过某一临界角0时，不论水平恒力F多大，都不能使物体沿斜面向上滑行，则下列说法正确的是（）A. 物体与斜面间的动摩擦因数为32B. 物体与斜面间的动摩擦因数为12C. 这一临界角0的大小为30D. 这一临界角0的大小为606. 如图所示的电路中，电源内阻忽略不计，R1=R2=R3=R4闭合电键S，电压表V的示数为U，电流表A的示数为在滑动变阻器R1的滑片P由a端滑到b端的过程中，电压表V的示数变化大小为U，电流表A的示数变化大小为I，下列说法正确的是（）A. U与I的比值保持不变B. 先变大

5、后变小C. U先变小后变大D. U与I乘积先变小后变大二、多选题7. 如图所示，水平放置的平行金属板A、B连接一恒定电压，两个质量相等的电荷M和N同时分别从极板A的边缘和两极板的正中间沿水平方向进入板间电场，两电荷恰好在板间某点相遇若不考虑电荷的重力和它们之间的相互作用，则下列说法正确的是（）A. 电荷M的电荷量大于电荷N的电荷量B. 两电荷在电场中运动的加速度相等C. 从两电荷进入电场到两电荷相遇，电场力对电荷M做的功大于电场力对电荷N做的功D. 电荷M进入电场的初速度大小与电荷N进入电场的初速度大小一定相同8. 如图所示，一粒子源S可向外发射质量为m，电荷量为q带正电的粒子，不计粒子重力，

6、空间充满一水平方向的匀强磁场，磁感应强度方向如图所示，S与M在同一水平线上，某时刻，从粒子源发射一束粒子，速度大小为v，方向与水平方向夹角为，SM与v方向在同一竖直平面内，经时间t，粒子达到N处，已知N与S、M在同一水平面上，且SM长度为L，匀强磁场的磁感应强度大小可能是（）A. 5mn2qtB. 7mn2qtC. 5vmsinqLD. 3vmcosqL9. 下列说法正确的是（）A. NaCl晶体在熔化过程中温度不变，分子平均动能不变B. 当分子间的引力与斥力平衡时，分子势能一定为0C. 液体的饱和汽压与饱和汽的体积有关D. 若一定质量的理想气体被压缩且吸收热量，则压强一定增大E. 若一定质量

7、的理想气体分子平均动能减小，且外界对气体做功，则气体一定放热10. 一列简谐横波沿x轴传播，甲图为t=0时刻的波动图象，乙图为质点P的振动图象，则下列判断正确的是（A. 该波沿x轴正方向传播B. 该波的传播速度为4m/sC. 经过0.5s，P沿波的传播方向前进2mD. t=0.5s时质点P速度最大E. 该波在传播过程中若遇到4m的障碍物，能发生明显衍射现象三、实验题探究题11. 如图1所示，电磁打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始竖直下落，利用此装置测量重物下落过程中所受的阻力。（1）对于该实验，下列说法正确的是_A打点计时器必须接220V、50Hz的交流电源B释放纸带前，提着纸

8、带的手应靠近打点计时器C释放重物前先接通电源（2）某实验小组测得重物的质量为m，对利用上述实验装置得出的纸带，测得DE=s1，EF=s2，已知打点周期为T，A、B、C、D、E、F、G为选取的连续计时点，当地的重力加速度为g，则重物下落的过程中受到的阻力为_。12. 同学利用如图甲所示的电路测量满偏电流为100A的电流表的内阻（约为1000），可供选择的器材有：滑动变阻器R1，最大阻值20；滑动变阻器R2，最大阻值100k；电阻箱R，最大阻值99999，电池E，电动势为9.0V（内阻不计），开关2个，导线若干。回答下列问题：（1）图中滑动变阻器R应选用_（填“R1”或“R2”）；（2）保持开关S

9、1闭合，S2断开，调节滑动变阻器R接入电路的阻值，使得电流表满偏。再闭合S2，调节电阻箱的阻值。使得电流表半偏。如果电阻箱R的示数为995，则待测电流表的内阻Rg=_，且测量值_（填“大于”、“等于”或“小于”）真实值；（3）若要把该电流表改装成3V的电压表，应串联_的电阻；现要校准该改装后的电压表。使用乙图中的实验器材（能满足实验要求），滑动变阻器采用分压电路。把实物图连上导线。四、计算题13. 如图，两根平行金属导轨MN、PQ固定在倾角=30的绝缘斜面上，顶部连接由电流表、电源、滑动变阻器和开关组成的电路，下端开口，导轨间距为10cm。整个装置处于磁感应强度0.1T，方向垂直于导轨平面向上

10、的匀强磁场中。金属棒ab沿垂直导轨方向放置在导轨上。开关断开时，沿导轨向下轻推导体棒，导体棒可以匀速下滑；闭合开关时，不断减小滑动变阻器的阻值，当电流表示数为3.0A时，导体棒恰好可沿导轨向上运动。判断开关闭合后金属棒所受安培力的方向，并求出金属棒的质量（重力加速度为10m/s2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力）。14. 某种弹射装置的示意图如图所示，光滑的水平导轨MN右端N处于倾斜传送带理想连接，传送带长度L=15.0m，皮带以恒定速率v=5m/s顺时针转动，三个质量均为m=1.0kg的滑块A、B、C置于水平导轨上，B、C之间有一段轻弹簧刚好处于原长，滑块B与轻弹簧连接，C未连接弹簧，B、C处于

11、静止状态且离N点足够远，现让滑块A以初速度v0=6m/s沿B、C连线方向向B运动，A与B碰撞后粘合在一起碰撞时间极短，滑块C脱离弹簧后滑上倾角=37的传送带，并从顶端沿传送带方向滑出斜抛落至地面上，已知滑块C与传送带之间的动摩擦因数=0.8，重力加速度g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8（1）滑块A、B碰撞时损失的机械能；（2）滑块C在传送带上因摩擦产生的热量Q；（3）若每次实验开始时滑块A的初速度v0大小不相同，要使滑块C滑离传送带后总能落至地面上的同一位置，则v0的取值范围是什么？（结果可用根号表示）15. 如图所示，开口向上的气缸C静置于水平桌面上，用一横截面积S=5

12、0cm2的轻质活塞封闭了一定质量的理想气体，一轻绳一端系在活塞上，另一端跨过两个定滑轮连着一劲度系数k=2800N/m的竖直轻弹簧A，A下端系有一质量m=14kg的物块B开始时，缸内气体的温度t1=27，活塞到缸底的距离L1=120cm，弹簧恰好处于原长状态。已知外界大气压强恒为p0=1.0105Pa，取重力加速度g=10m/s2，不计一切摩擦。现使缸内气体缓慢冷却，B刚脱离地面，求：气缸内封闭气体的压强；气缸内封闭气体的温度。如图所示，半球形玻璃砖半径为R，AB为其直径，O为球心。一束单色光垂直于AB入射球面，入射角=60，已知这束光在玻璃砖中的折射率为n=3，光在真空中的传播速度为c，求：

13、出射光线的方向；光在玻璃中的传播时间。2018-2019学年四川省宜宾市叙州一中高三（下）月考物理试卷（4月份）答案和解析1.【答案】D【解析】解：分别用M、m表示火箭初始质量和燃料燃尽时的质量，v0表示喷气速度大小，火箭喷气过程系统内力远大于外力，系统动量守恒，以向上为正方向，由动量守恒定律得：mv-（M-m）v0=0解得火箭最大速度为：v=（-1）v0，由此可知，火箭获得的最大速度取决于：火箭喷出的气体速度和火箭始、末质量比，故D正确；故选：D。火箭上升过程，火箭与喷出气体组成的系统内力远大于外力，系统动量守恒，应用动量守恒定律分析答题。当系统内力远大于外力时系统动量守恒，可以应用动量守恒

14、定律解题；本题考查了动量守恒定律的应用，分析清楚火箭运动过程、应用动量守恒定律即可解题。2.【答案】B【解析】解：AB、手指拨动铜导线发声是由于铜导线切割磁感线产生感应电流，电流通过扩音器放大后发声，选项A错误、B正确； C、螺丝刀压着铜导线在铜导线上滑动，实质是改变铜导线切割磁感线的有效长度，从而改变感应电流，变化的电流通过导线传到扩音器中，便产生不同音调的声音，所以声音的音调变化不是通过手指拨动铜导线产生的，选项C错误； D、手指拨动铜导线，铜导线振动切割磁感线，根据法拉第电磁感应定律，铜导线中的感应电流大小、方向均改变，选项D错误。 故选：B。手指拨动铜导线发声是由于铜导线切割磁感线产生

15、感应电流，电流通过扩音器放大后发声，螺丝刀压着铜导线在铜导线上滑动，实质是改变铜导线切割磁感线的有效长度，从而改变感应电流，变化的电流通过导线传到扩音器中，便产生不同音调的声音，所以声音的音调变化不是通过手指拨动铜导线产生的。此题是电磁感应现象的应用，分析注意结合法拉第电磁感应定律即可，基础题。3.【答案】C【解析】解：人造卫星M、N在同一平面内绕地心O做匀速圆周运动。已知M、N连线与M、O连线间的夹角最大值为，此时ON垂直于MN，如图：则轨道半径关系为：RN=RMsin根据卫星的速度公式v=得M、N的运动速度大小之比为：=故选：C。已知M、N连线与M、O连线间的夹角最大值为，此时ON垂直于M

16、N，根据几何知识求出两卫星的轨道半径之比，再由卫星的速度公式v=求M、N的运动速度大小之比。解决本题的关键是运用几何知识求出两卫星的轨道半径之比，要熟练运用卫星速度公式求出线速度之比。4.【答案】B【解析】解：由题中条件可算得太阳每秒放出个中微子，中微子向四面八方辐射，成球面形状分布，地表上每平方米每秒可接收到的数目为71014，故B正确，ACD错误。故选：B。根据释放的能量，即可计算出核反应的次数，然后结合地球轨道所在处的球面积，即可求解。质能方程是原子物理中的重点内容之一，该知识点中，关键的地方是要知道反应过程中的质量亏损等于反应前的质量与反应后的质量的差。该题中的数学能力的要求比较高。5

17、.【答案】D【解析】解：物体m匀速下滑时应有：mgsin30=mgcos30，解得=tan30=；设斜面的倾角为，对物体受力分析，由匀速运动的条件应有：Fcos=mgsin+f FN=mgcos+Fsin f=FN 联立可得F=，讨论如下：当cos-sin=0时，F，即无论用多大的力都不能使物体沿斜面上滑，可解得临界角tan0=tan=，解得0=60，故ABC错误、D正确。故选：D。对物体受力分析，根据平衡条件求解动摩擦因数，根据共点力的平衡条件写出物体匀速时的函数表达式，然后再讨论即可。涉及到有关极值的问题，应首先根据相应的物理规律写出相应的文字表达式，然后再根据数学极值问题进行讨论即可，注

18、意数学三角函数公式的应用。6.【答案】A【解析】解：BC、将等效为电源的内阻，由图可知电压表测量的是等效电源的路端电压，滑动变阻器R1的滑片P由a端滑到b端的过程中，电阻先曾大后减小，根据欧姆定律电流先减小后增大，两端的电压先减小后增大，电压表的读数先变大后变小，故BC错误；A、电压表示数，所以U变化量与I变化量比值等于等效电源的内阻即，故A正确；D、因为U先变大后变小，I先减小后增大，U与I的乘积无法判断，故D错误；故选：A。电源内阻忽略不计，将等效为电源内阻，电压表测量等效电源的电源路端电压。滑动变阻器R1的滑片P由a端滑到b端的过程中，电阻先曾大后减小，由欧姆定律可判断电流表示数的变化和

19、和U与I比值的变化。考查闭合电路欧姆定律与部分电路欧姆定律的应用，掌握闭合电路的动态分析，知道电阻的串并联阻值，注意本题已说明电源内阻忽略不计，学生容易忽略该条件，从而导致错误。7.【答案】AC【解析】解：A、B、从轨迹可以看出：yMyN，故t2t2解得：，qMqN故A正确，B错误；C、根据动能定理，电场力的功为：W=Ek=m，质量m相同，M电荷竖直分位移大，竖直方向的末速度vy=也大，故电场力对电荷M做的功大于电场力对电荷N做的功，故C正确；D、从轨迹可以看出：xMxN，故vMtvNt，故vMvN，故D错误；故选：AC。两个电荷同时进入电场到相遇，运动时间相等；从轨迹图可以看出，M电荷的水平

20、分位移和竖直分位移都比N电荷的大；将电荷的运动沿水平和竖直方向正交分解后根据运动学公式和牛顿第二定律联合列式分析即可本题关键将合运动沿水平和竖直方向正交分解，然后根据运动学公式列式分析8.【答案】BD【解析】解：设粒子在磁场中运动的周期为T，带电粒子与磁感应强度方向成一定角度进入磁场，它的运动是沿磁场方向的匀速直线运动与垂直于磁场方向的匀速圆周运动的合运动，由等时性有：（2n+1）=t= （其中n=0，1，2）粒子在磁场中运动的周期：T=联立两式得：B=（其中n=0，1，2），故A错误，B正确；或者：B=（其中n=0，1，2），当n=1时，B=，n=2时，B=，故C错误，D正确。故选：BD。由

21、于速度方向与磁感应强度的方向成一个，所以带电粒子在水平磁场中沿磁场方向做匀速直线运动，在垂直于磁场方向上做匀速圆周运动，则其运动轨迹是螺旋曲线。由分运动的独立性和等时性就能求出磁感应强度大小。本题的关键点是带电粒子速度方向与磁场方向不垂直而是成一定夹角，所以带电粒子的运动是匀速直线运动和匀速圆周运动两种运动的合运动，根据运动的独立性和等时性，以及粒子做匀速圆周运动的周期公式（与粒子本身和磁场有关），联立就能求得磁感应强度大小，当然要考虑多解情况。9.【答案】ADE【解析】解：A、晶体在熔化过程中温度不变，分子平均动能不变，故A正确；B、当分子间的引力与斥力平衡时，分子势能最小，不一定为零，故B

22、错误；C、液体的饱和气压与温度有关，与饱和汽的体积无关，故C错误；D、气体的压强与单位体积的分子数和分子平均动能有关。若一定质量的理想气体被压缩且吸收热量，则W0，Q0，根据热力学第一定律U=Q+W知，U0，说明气体的温度升高，分子平均动能增大，又气体压缩，体积减小，由知，压强p一定增大，故D正确；E、若一定质量的理想气体分子平均动能减小，说明温度降低，内能减小，即U0，又外界对气体做功，即W0，根据热力学第一定律U=Q+W知，Q0，即气体一定放热，故E正确；故选：ADE。明确晶体和非晶体的性质，知道晶体没有固定的熔点，在熔化时温度是不变的；明确分子间作用力与分子势能间的关系，知道当分子间引力

23、和斥力相互平衡时，分子势能最小；知道泡和汽压的性质；明确气体压强的微观意义，会解释压强的变化；根据热力学第一定律分析气体内能的变化情况。本题考查了热学中的晶体、分子间作用力、饱和汽压、压强以及热力学第一定律等基本内容，热学部分为选修内容，故考查内容相对简单，但是要注意对热学部分全面掌握。10.【答案】BDE【解析】解：A、由图乙可得：t=0时刻，质点P在平衡位置向下振动，故由图甲可得：波向左传播，故A错误；B、由图甲可得：波长=4m，由图乙可得：周期T=1.0s，故波速，故B正确；C、质点不随波的传播而迁移，图示简谐横波上质点在波的传播方向上位移为零，故C错误；D、由图乙可得：t=0.5s时质

24、点P在平衡位置，故速度最大，故D正确；E、根据波长=4m可得：该波在传播过程中若遇到4m的障碍物，能发生明显衍射现象，故E正确；故选：BDE。由图乙得到质点P振动方向，即可由图甲得到波的传播方向；由图甲得到波长，即可判断能否发生明显衍射现象，再由图乙得到周期，即可求得波速；根据质点位移得到速度。机械振动问题中，一般根据振动图或质点振动得到周期、质点振动方向；再根据波形图得到波长和波的传播方向，从而得到波速及质点振动，进而根据周期得到路程。11.【答案】C m（g-s2s1T2）【解析】解：（1）A、电磁打点计时器接4-6V的交流电源，故A错误。B、释放纸带前，重物应紧靠打点计时器，故B错误。C

25、、实验时应先接通电源后释放重物，故C正确。故选：C。（2）根据得加速度为：a=根据牛顿第二定律得：mg-f=ma解得：f=m（g-）。故答案为：（1）C，（2）m（g-）。（1）根据实验的原理以及操作中的注意事项确定正确的操作步骤。（2）根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出重物的加速度，根据牛顿第二定律求出重物下落过程中受到的阻力大小。解决本题的关键知道实验的原理以及注意事项，掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解加速度，结合牛顿第二定律求解阻力。12.【答案】R2 995 小于 29005【解析】解：（1）为减小实验误差，应选择最大阻值较大的滑动变阻器R2。（2）电流表半偏时流过电流表与电阻

26、箱的电流相等，它们并联两端电压相等，由欧姆定律可知，它们的电阻相等，则电流表内阻：Rg=995；把电阻箱接入电路时电路总电阻变小，电路总电流变大，电流表半偏时流过电阻箱的电流大于流过电流表的电流，电阻箱阻值小电流表内阻，故电流表内阻测量值小于真实值；（3）把电流表改装成3V的电压表，需要串联分压电阻，串联电阻阻值：R=-Rg=-995=29005；校准电压表电压应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，电路图如图所示：故答案为：（1）R2；（2）995；小于；（3）29005；电路图如图所示。（1）应用半偏法测电流表内阻滑动变阻器阻值越大，实验误差越小，应选择最大阻值较大的滑动变阻器。（2）根

27、据半偏法测电阻的原理求出电流表内阻且分析实验误差。（3）把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，应用串联电路特点与欧姆定律求出串联电阻阻值；校准改装后的电压表，电压表要采用分压接法，与标准电压表并联，据此连接实物电路图。本题考查了实验器材的选择、求电流表内阻、电压表的改装等问题；掌握实验器材的选择原则选择实验器材时首先要考虑安全，然后考虑精确性，还要考虑方便实验操作；理解半偏法测电表内阻的实验原理是解题的关键。13.【答案】解：根据题意，开关闭合后，棒中电流方向从b到a，由左手定则可知，金属棒所受的安培力沿斜面向上。 开关断开时，对棒，由平衡条件得：mgsin=fm式中m为金属棒质量，g为重力加

28、速度的大小，fm为棒受到的滑动摩擦力开关闭合，棒中电流为I=3A时，棒所受安培力F=ILB式中L为棒接入电路中的长度，为10cm 此时对棒，由平衡条件得：mgsin+fm=F联立式，并代入题给数据得m=0.003kg 答：金属棒的质量为0.003kg【解析】根据左手定则判断出安培力的方向及金属棒运动过程中摩擦力的方向，根据共点力平衡即可判断出金属棒的质量本题主要查了在安培力作用下的共点力平衡，关键是分析出金属棒在运动过程中受到的摩擦力方向即可判断14.【答案】解：（1）A与B位于光滑的水平面上，系统在水平方向的动量守恒，设A与B碰撞后共同速度为v1，选取向右为正方向，对A、B有：mv0=2mv

29、1碰撞时损失机械能E=12mv0212(2m)v12解得E=9J（2）设A、B碰撞后，弹簧第一次恢复原长时AB的速度为vB，C的速度为vC由动量守恒：2mv1=2mvB+mvC由机械能守恒：12(2m)v12=12(2m)vB2+12mvC2解得：vc=4m/sC以vc滑上传送带，假设匀加速的直线运动位移为S时与传送带共速，由运动学公有：式a1=gcosgsin=0.8100.8100.6=0.4m/s2结合：v2vc2=2a1x，联立解得：x=11.25mL加速运动的时间为t，有：t=vvCa1=540.4=2.5s所以相对位移x=vt-x代入数据得：x=1.25m摩擦生热Q=umgcosx

30、=8J（3）设A的最大速度为vmax，滑块C与弹簧分离时C的速度为vc1，AB的速度为vB1，则C在传送带上一直做加速度为a2的匀减速直线运动直到P点与传送带共速，有：v2vc12=2a2L加速度：a2=gsingcos=12.4m/s2解得：vc1=397m/s设A的最小速度为vmin，滑块C与弹簧分离时C的速度为vC2，AB的速度为vB1，则C在传送带上一直做加速度为a1的匀加速直线运动直到P点与传送带共速，有：v2vc22=2a1L解得：vc2=13m/s对A、B、C和弹簧组成的系统从AB碰撞后到弹簧第一次恢复原长的过程中，有：mvmax=2mvB1+mcC1机械能守恒：12(2m)v1

31、2=12(2m)vB12+12mvC12解得vmax=32vc1=32397m/s，同理，vmin=3213m/s所以3213m/sv032397m/s答：（1）滑块A、B碰撞时损失的机械能是9J；（2）滑块C在传送带上因摩擦产生的热量是8J；（3）若每次实验开始时滑块A的初速度v0大小不相同，要使滑块C滑离传送带后总能落至地面上的同一位置，则v0的取值范围是3213m/sv032397m/s【解析】（1）A、B碰撞过程水平方向的动量守恒，由此求出二者的共同速度；由功能关系即可求出损失的机械能； （2）A、B碰撞后与C作用的过程中ABC组成的系统动量守恒，应用动量守恒定律与能量守恒定律可以求出

32、C与AB分开后的速度，C在传送带上做匀加速直线运动，由牛顿第二定律求出加速度，然后应用匀变速直线运动规律求出C相对于传送带运动时的相对位移，由功能关系即可求出摩擦产生的热量 （3）应用动量守恒定律、能量守恒定律与运动学公式可以求出滑块A的最大速度和最小速度本题着重考查碰撞中的动量守恒和能量守恒问题，同时借助传送带考查到物体在恒定摩擦力作用下的匀减速运动，还需用到平抛的基本知识，这是力学中的一道知识点比较多的综合题，学生在所涉及的知识点中若存在相关知识缺陷15.【答案】解：当物体B离开地时，绳的拉力等于重力，此时气缸内封闭气体的压强为p=p0mgS=0.72105Pa；当物体B离开地时，绳的拉力

33、等于重力根据胡克定律f=kx得：弹簧伸长为x=mgk=5cm，对封闭气体根据气态方程可得：P0L1S273+t1=P(L1x)S273+t其中t1=27、L1=120cm解得t=-66答：气缸内封闭气体的压强为0.72105Pa；气缸内封闭气体的温度为-66。【解析】B刚要离开地面时，对B根据平衡条件求出弹簧的伸长量，对活塞根据平衡条件求出B刚要离开桌面时汽缸内气体的压强； 根据理想气体的状态方程即可求解B刚要离开桌面时汽缸内封闭气体的温度。本题关键是确定封闭气体初末状态的各个状态参量，确定状态变化的过程，然后根据理想气体状态方程或气体实验定律列式求解即可。16.【答案】解：光线在球面上发生折

34、射，由折射定律得n=sinsin解得折射角 =30由几何关系可知OCD为等边三角形光线在AB面上的入射角 =30再由折射定律有n=sinsin解得 =60，即出射光线与AB面夹角为30。由几何关系可知：CD=OD=12Rcos光在玻璃中的传播速度v=cn光在玻璃中的传播时间t=CDv联立解得t=Rc答：出射光线的方向与AB面夹角为30；光在玻璃中的传播时间是Rc。【解析】光线在球面上发生折射，由折射定律求出折射角。折射光线射到AB上发生第二次折射，再由折射定律求出折射角，从而确定出出射光线的方向；根据几何关系求光在玻璃中的传播距离，由v=求光在玻璃中的传播速度，从而由运动学公式求传播时间。本题的关键要掌握几何光学基本规律：折射定律和光速公式，要注意公式n=适用的条件是光从真空射入介质折射。