2014年辽宁省沈阳市中考物理试题（含解析）.docx

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1、2014年辽宁省沈阳市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共21分其中16小题为单选题，每小题2分第79小题为多选题，每小题2分，多选、选错不得分，漏选得1分）注意：第16小题中每题只有一个选项正确1（2分）（2014沈阳）关于教室内涉及到的一些物理量，下列描述最接近实际的是（）A教室内的温度约为50B教室门的高度约为2mC一张物理试卷的质量约为300gD一盏日光灯正常发光时的功率约为200W考点：温度；质量的估测；长度的估测；电功率菁优网版权所有专题：估算综合应用题分析：不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个解答：

2、解：A、室温在大约20左右，该选项说法不正确；B、教室的门比人高些，大约2m，该选项说法正确；C、一份物理试卷的质量约为8g，该选项说法不正确；D、教室里的日光灯的电功率一般是40W，该选项说法不正确故选B点评：估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用2（2分）（2014沈阳）如图所示，小刚在艺术节上用吉他弹奏优美的乐曲对于吉他发出的声音，下列说法正确的是（）A乐曲的声音是通过空气传入人耳的B变换手指按压弦的位置可以改变声音的响度C用力拨动吉他弦可以提高声音的音调D拨动不同的吉他弦可以改变吉他的音色考点：音调、响

3、度与音色的区分；声音的传播条件菁优网版权所有专题：声现象分析：（1）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性（2）声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传声解答：解：A、声音的传播需要介质，乐曲的声音是通过空气传入人耳的，故A正确；B、变换手指按压弦的位置可以改变声音的音调，故B错误；C、用力拨动吉他弦可以提高声音的响度，故C错误；D、拨动不同的吉他弦可以改变吉他的音调，故D错误故选A点评：本题考查了学生对声音的三个特性音调、响度、音色以及声与能量的掌握，属于

4、声学基础知识的考查，比较简单3（2分）（2014沈阳）户外温泉游泳是人们喜爱的一种休闲方式，下列对于冬季户外温泉的一些描述中正确的是（）A温泉泳池上方的大量“白气”是由于汽化形成的B游泳圈从温泉池中取出后遇冷变瘪是由于圈内空气液化形成的C人们在温泉池中觉得暖和是利用热传递来改变人体内能的D泳池边的树枝上有大量“白霜”是水蒸气凝固形成的考点：液化及液化现象；生活中的凝华现象；热传递改变物体内能菁优网版权所有专题：热和能分析：物质由气态变成液态的过程叫液化，由液态变成气态的过程叫汽化；热胀冷缩可用粒子间的间隔随着温度的改变而改变进行分析解答；改变内能的方式：做功、热传递；霜都是水蒸气直接凝华形成的

5、等解答：解：A、温泉水上面笼罩着一层白雾，是温泉内的水先汽化，遇到冷的空气液化形成的小水滴；故该选项错误；B、圈内空气分子间隔随着温度的改变而改变，随着温度的升高而增大，随着温度的降低而减小游泳圈从温泉池中取出后遇冷变瘪是由于圈内空气热胀冷缩的性质形成的，故该选项错误；C、人们在温泉池中觉得暖和是利用热传递来改变人体内能的，故该选项正确；D、泳池边的树枝上有大量“白霜”是水蒸气凝华形成的，故该选项错误；故选C点评：本题考查了学生对常见物态变化的分析，抓住物质前后状态的变化是解题的关键4（2分）（2014沈阳）如图所示是研究电磁铁磁性的实验闭合开关后，下列说法正确的是（）A电磁铁的下端是N极B电

6、磁铁能吸引大头针是电磁感应现象C将铁钉换成铜棒会使磁性增强D滑片P向左移动，电磁铁吸引大头针的数目会增多考点：电磁铁的构造和原理菁优网版权所有专题：电和磁分析：（1）开关闭合后，根据电流方向利用安培定则可判断螺线管的磁极；（2）物体能够吸引铁、钴、镍等物质，说明该物体具有磁性，有磁性的物体叫做磁体；（3）影响电磁铁磁性强弱的因素主要有电流的大小、线圈的匝数、铁芯的有无，在研究过程中和分析实验结论时，都要注意控制变量法的运用，这样才能得出具有普遍意义的规律解答：解：A、电流从上端流入，下端流出，故据安培定则可知，此时电磁铁的下端是N极，上端是S极，故A正确；B、电磁铁能吸引大头针是磁场的基本性质

7、，说明电磁铁具有磁性，故B错误；C、铁钉换成铜棒会使磁性减弱，故C错误D、滑动变阻器的滑动片P向左端移动，电阻变大，电流变小，故电磁铁的磁性变弱，电磁铁吸引大头针的数目会减少，故D错误故选A点评：该题考查了安培定则的应用、磁极间的作用规律的应用、电磁铁磁性强弱的影响因素等知识点，是一道综合题5（2分）（2014沈阳）小刚家厨房里有一把多功能剪刀，图中标注了该剪刀的相关用途，对于它的使用，以下分析正确的是（）A做启瓶器使用时：它是一个费力杠杆B做剪刀使用时：物体越靠近O点越省力C做削皮刀使用时：刀刃很锋利，是为了增大压力把果皮削掉D做挤压钳使用时：挤压齿尖锐，是为了减小压强把果壳挤开考点：杠杆的

8、应用；增大压强的方法及其应用菁优网版权所有专题：压强、液体的压强；简单机械分析：多功能剪刀的不同部位有不同的用途，那是因为它的不同部位可以构成不同的简单机械或者是利用了不同的物理学原理解答：解：A、瓶盖撬：应用了杠杆的知识，是一个省力杠杆，故A错误B、做剪刀使用时：当所剪物体放在边缘时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；当所剪物体放在靠里边时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；当放在与动力臂相同的地方，是等臂杠杆，即不省力也不费力；所以物体越靠近O点越省力，故B正确；C、做削皮刀使用时：刀刃很锋利，是在压力一定的条件下，减小接触面积增大增大压力，故C错误；D、做挤压钳：应用了压强和摩擦力的知识挤压齿尖

9、且参差不齐，不仅通过减小受力面积的方法增大了压强；还通过增加表面粗糙程度的方法增大了摩擦力，既利于挤压果壳又避免坚果滑落，故D错误；故选B点评：物理学的来源是生活，它的用途也是服务于生活，所以我们生活中处处有物理学的知识，在平日的生活中要注意观察和积累6（2分）（2014沈阳）密度知识与生活联系非常紧密，下列关于密度的一些说法中正确的是（）A1kg冰与1kg水的密度相等B乒乓球不慎被挤瘪但无破损，球内气体密度变大C为减轻质量，比赛用自行车采用强度高、密度大的材料制造D节日放飞的气球可以飘在空中，是因为气球内部气体的密度比空气大考点：与密度有关的物理现象菁优网版权所有专题：密度及其应用分析：利用

10、密度公式分析；制作不同的物体选用密度不同的材料，主要是根据物体的用途来决定的解答：解：A、根据=可知，1kg冰与1kg水，质量相同时，冰的体积大，故密度小，故该选项错误；B、乒乓球不慎被挤瘪但无破损，质量不变，体积变小，故密度变大，故该选项正确；C、自行车的体积一定，由m=V可知，材料的密度越小，自行车的质量越小，比赛用自行车采用强度高、密度小的材料制造，故该选项错误；D、气球可以飘在空中，是因为气球内部气体的密度比空气小，故该选项错误；故选B点评：本题考查了密度知识在生活中的应用，我们要学会用我们学过的知识分析生活中的物理现象7（3分）（2014沈阳）下列与光现象有关的一些说法中正确的是（）

11、A夜晚看到湖水中的一轮明月，这是月亮的实像B雨过天晴，天空出现一道美丽的彩虹，这是光的色散现象C通过汽车后视镜观察到后面的景物，这是光的折射现象D建筑物上的玻璃幕墙在阳光下格外“刺眼”，这是光的镜面反射现象考点：光的反射；镜面反射；光的色散菁优网版权所有专题：光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散分析：光的折射是指光线从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变的现象，比如透镜成像、水变浅了、水中的筷子折断了等；光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像；平面镜成像特点：正立等大的虚像解答：解：A、夜晚看到湖水中的一轮明月，这是月亮的虚像，故A错误B

12、、雨过天晴，天空出现一道美丽的彩虹，这是光的色散现象，是由光的折射形成的，故B正确；C、通过汽车后视镜观察到后面的景物，这是光的反射现象，故C错误；D、建筑物上的玻璃幕墙在阳光下格外“刺眼”，这是光的镜面反射现象，故D错误故选BD点评：此题涉及到平面镜成像特点，镜面反射，光的色散等多个知识点，是一道光学综合题8（3分）（2014沈阳）如图所示是一种家用挂烫机，接通电源后水槽中的水被加热，形成的水蒸气通过弯曲导气管从喷头喷出，快速除去服装上的褶皱，使用方便下列关于挂烫机的说法中正确的是（）A衣架处于静止状态，是由于它受到的力相互平衡B它的电源线带有三脚插头，是为了使用安全C使用时手应远离喷头的出

13、气口，防止水汽化时放热将手烫伤D清洁内部水垢时，应断开电源开关考点：平衡状态的判断；液化及液化现象；插座的构造与工作方式；安全用电原则菁优网版权所有专题：其他综合题分析：A、处于静止状态的物体，其受到的一定是平衡力；B、有金属外壳的用电器，其外壳要接地，所以应使用三脚插头；C、水蒸气液化时会放热，过热的水蒸气会将人烫伤；D、在于清洁用电器时，应断开开关进行操作解答：解：A、衣架处于静止状态，静止状态是一种平衡状态，所以它受到的是平衡力，说法正确；B、有金属外壳的用电器，其外壳要接地，所以它的电源线带有三脚插头，是为了使用安全，说法正确；C、高温的水蒸气液化时会放出大量的热，有可能将人烫伤，而不

14、是汽化放热，故说法错误；D、根据安全用电的常识，清洁内部水垢时，应断开电源开关，说法正确故选ABD点评：以一种家用的挂烫机为考查对象，考查了平衡状态的辨别、液化放热的现象、安全用电的常识等，有一定综合性，但与实际生活联系密切，值得我们关注9（3分）（2014沈阳）如图所示的电路，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，下列说法正确的是（）A电压表V示数变大，电流表A2示数变小B电流表A1示数变小，小灯泡亮度变暗C电压表V示数与电流表A2示数的比值变大D电流表A1示数与电流表A2示数的差值不变考点：电路的动态分析菁优网版权所有专题：电路变化分析综合题分析：分析清楚电路结构，根据滑片移动方向判

15、断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后应用并联电路特点与欧姆定律分析答题解答：解：由图示电路图可知，滑动变阻器与灯泡并联，电压表与电源并联，测电源电压，A1测干路电流，A2测流过滑动变阻器的电流；A、滑片P向下滑动时，电源电压不变，电压表示数不变，滑动变阻器接入电路的阻值变大，通过滑动变阻器的电力变形，电流表A2示数变小，故A错误；B、滑片移动时，灯泡两端电压不变，通过灯泡的电流不变，灯泡实际功率不变，灯泡两端不变，由A可知，通过滑动变阻器的电流变小，干路电流变小，电流表A1示数变小，故B错误；C、滑片向下移动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电压表示数与电流表A2示数比值等于滑动变阻器阻值，

16、由于滑动变阻器阻值变大，因此电压表与电流表A2示数比值变大，故C正确；D、滑片移动时，通过灯泡的电流不变，电流表A1示数与电流表A2示数的差值等于通过灯泡的电流，因此电流表A1示数与电流表A2示数的差值不变，故D正确；故选CD点评：本题考查了判断电表示数变化情况，分析清楚电路结构、由于并联电路特点、欧姆定律即可正确解题二、填空题（每空1分，共18分）10（2分）（2014沈阳）夏季校园里鲜花盛开，小刚用照相机将美丽的鲜花拍摄了下来照相机的镜头对光有会聚（填“会聚”或“发散”）作用若想使鲜花的像更大些，应使镜头靠近（填“靠近”或“远离”）鲜花考点：凸透镜成像的应用菁优网版权所有专题：透镜及其应用

17、分析：凸透镜对光有会聚作用；凸透镜成倒立、缩小的实像，U2f，应用于照相机和摄像机上凸透镜成实像规律，物近像远像变大解答：解：因为照相机的镜头是凸透镜，因此照相机的镜头对光有会聚作用照相机的镜头相当于一个凸透镜，所照景物放在镜头的二倍焦距以外，在底片上成缩小的实像；由凸透镜成实像规律，物近像远像变大可知，若要把鲜花的像拍得更大一些，则应使照相机镜头靠近鲜花故答案为：会聚；靠近点评：凸透镜成像的成像规律和应用，是凸透镜成像习题的基础内容，一定要熟练掌握11（3分）（2014沈阳）如图所示的茶杯在底部装有可拆卸的网盒，将茶叶放在网盒中，可以防止沏茶时茶叶由于受到浮力的作用漂在水面上，省去了吹拂茶叶

18、带来的不便倒入开水后茶香四溢，这是扩散现象此时可以看到茶杯中网盒变大的虚像（填“实像”或“虚像”）考点：浮力的利用；生活中的透镜；扩散现象菁优网版权所有专题：其他综合题分析：（1）知道茶叶漂浮，利用漂浮条件分析；（2）分子在不停地做无规则运动；（3）活中的凸透镜，能起放大作用，利用凸透镜成像的特点分析回答解答：解：茶叶受到的浮力：F浮=G，茶叶浮在水面上；倒入开水后茶香四溢，这是扩散现象；装水的茶杯靠近人的半边相当于一凸透镜，茶杯中网盒处在凸透镜的焦点以内，能成正立、放大的虚像；故答案为：浮力；扩散；虚像点评：此题考查了浮力、生活中的凸透镜、扩散现象等贴近生活实际，便于激发学生探究物理现象的兴

19、趣，也体现了新课标的要求，属于中考常见题型12（2分）（2014沈阳）巴西世界杯足球赛正在火热地进行中如图是某球员传球时足球的一段运动轨迹，其中A点的重力势能小于（填“大于”、“小于”或“等于”）B点的重力势能若不计空气阻力，足球在下落的过程中，重力势能转化为动能考点：势能大小的比较；动能和势能的转化与守恒菁优网版权所有专题：机械能及其转化分析：（1）物体由于被举高而具有的能叫做重力势能，重力势能的大小与物体的质量和高度有关；（2）动能大小的影响因素：质量、速度质量越大，速度越大，动能越大，在能量转化中是减小的能转化为增大的能解答：解：（1）由图可见A点的高度小于B点的高度，球的质量不变，因此

20、A点重力势能小于B点的重力势能；（2）足球在下落过程中，高度减小，重力势能减小；速度增大，动能增大，因此由重力势能转化动能故答案为：小于；动点评：本题考查了学生对动能、势能的变化以及转化的掌握，把握住影响它们大小的因素是解决此类问题的关键13（2分）（2014沈阳）甲、乙两人在相同的水平路面上，分别以1m/s和0.5m/s的速度将两个完全相同的木箱沿直线匀速推动了10m在此过程中，甲推木箱的力等于（填“大于”、“小于”或“等于”）乙推木箱的力；甲（填“甲”或“乙”）做功的功率更大考点：二力平衡条件的应用；功率大小的比较菁优网版权所有专题：运动和力；功、功率、机械效率分析：根据影响摩擦力的因素及

21、二力平衡条件判断甲、乙推力的大小；根据P=Fv来计算甲、乙功率的大小解答：解：根据条件，木箱在两种情况下受到的摩擦力相同，因为均做匀速直线运动，所以对木箱的推力相等；由P=Fv可知，甲乙对木箱的推力相等，甲的速度大于乙的速度，所以甲的功率大于乙的功率故答案为：等于；甲点评：此题通过一个简单的问题，考查了影响摩擦力大小的因素、二力平衡条件的应用及功率计算公式的应用14（3分）（2014沈阳）汽车已经广泛进入家庭汽车发动机的做功冲程将内能转化为机械能，使汽车获得前进的动力汽车导航仪与卫星之间是通过电磁波（填“电磁波”或“超声波”）来传递信息的司机遇紧急情况刹车时，汽车由于惯性仍能向前运动一段距离考

22、点：内燃机的四个冲程；惯性；电磁波的传播菁优网版权所有专题：其他综合题分析：（1）内燃机包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程其中压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能（2）卫星通讯利用了电磁波来传递信息（3）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性解答：解：（1）在内燃机的四个冲程中，做功冲程高温高压的燃气对活塞做功，将内能转化为机械能；（2）汽车导航仪与卫星之间是通过电磁波来传递信息的（3）刹车时，汽车由于惯性，还要保持原来的运动状态，因此仍能向前运动一段距离故答案为：做功；电磁波；惯性点评：此题主要考查了四个冲程中的能量转化情况，要知道在压缩冲程与做功冲程发生了能量的转

23、化，转化情况正好相反同时，还考查了卫星通讯中电磁波的传播、惯性现象等15（2分）（2014沈阳）为了研究液体内部压强的特点，小刚将液体压强计进行了改进当两探头置于空气中时，U形管液面相平现将两探头分别放在甲、乙容器内密度为1和2的两种液体中，且两探头所处的深度相同时，U形管中的液面位置如图所示，则12（填“”“”或“=”）；若使U形管中的液面再次相平，应增大（填“增大”或“减小”）乙容器中的探头在液体中的深度考点：探究液体压强的特点实验菁优网版权所有专题：压强、液体的压强分析：影响液体内部压强大小的因素有深度和液体的密度，据此来通过读图做出判断解答：解：读图可知，压强计的探头在两液体中的深度是

24、相同的，而U形管中液面的高度左边小于右边，说明甲中的压强更大，故可以判断甲液体的密度更大若使U形管中的液面再次相平，根据p=gh可知，应增大乙容器中的探头在液体中的深度故答案为：；增大点评：要了解压强计的构造与原理，并能学会观察压强计来判断压强的大小，是解答本题的关键16（2分）（2014沈阳）乘坐地铁是一种环保、便捷的出行方式地铁中的电动机是利用磁场对通电导体产生力的作用这一原理来工作的行驶的地铁车身与空气摩擦起电却没有吸附大量的灰尘，是因为车轮是由导体（填“导体”或“绝缘体”）制成的，可以将电荷移走考点：磁场对通电导线的作用；导体菁优网版权所有专题：电和磁分析：（1）电动机的原理是通电线圈

25、在磁场中受力转动或通电导体在磁场中受力；（2）导体能够将产生的静电导入大地解答：解：（1）电动机里是线圈，工作特点是当给电动机通电时，电动机就会转动，所以电动机是根据磁场对放入其中的通电导线产生力的作用制成的；（2）行驶的地铁车身与空气摩擦起电，车轮可以将电荷导入大地，说明车轮是由导体制成的故答案为：磁场；导体点评：本题考查了电动机的原理、导体和绝缘题的区别，属于识记性内容，比较简单17（2分）（2014沈阳）现在许多家庭为了保健购置了足浴盆，表1中是某品牌足浴盆的技术参数向该足浴盆中注入温度为27的清水至最大加水量时，所加水的质量是10kg若足浴盆正常工作10min，水温将升高到37不计热量

26、损失，水=1.0103kg/m3，c水=4.2103J（kg）型号JM770额定电压220V额定功率700W最高温度47最大加水量10L考点：电功与热量的综合计算；密度公式的应用；热量的计算菁优网版权所有专题：热和能；密度及其应用分析：（1）知道水的体积，利用m=V求水的质量；（2）知道足浴盆的额定功率（正常工作时的实际功率）和工作时间，利用W=Pt求消耗的电能；不计热量损失，则Q吸=W，再根据Q吸=cmt求水的末温解答：解：（1）最大加水量V=10L=10dm3=0.01m3，由=得水的质量：m=V=1.0103kg/m30.01m3=10kg；（2）足浴盆正常工作，P=P额=700W，足浴

27、盆正常工作10min消耗的电能：W=Pt=700W1060s=4.2105J，由题知，不计热损失，则Q吸=W=4.2105J，Q吸=cmt，即：4.2105J=4.2103J（kg）10kgt，t=10，末温t=27+10=37故答案为：10；37点评：本题为热学、电学、力学综合题，考查了学生对密度公式、功率公式、吸热公式的掌握和运用，能从铭牌得出相关信息是本题的关键三、计算题（共18分要求写出必要的文字说明、公式、主要的运算过程、数值和单位）18（8分）（2014沈阳）图甲是从湖底打捞一个柱形物体的简化示意图，在打捞的过程中物体始终以0.2m/s的速度匀速竖直上升图乙是打捞过程中拉力随时间变

28、化的图象，其中AB段表示物体浸没在水中时提升的过程，提升的高度为h；BC段表示物体出水的过程；CD段表示物体全部露出水面后继续提升的过程若忽略摩擦力和水的阻力，求：（1）物体浸没在水中时被提升的高度h及在此过程中拉力所做的功（2）该物体浸没在水中时所受的浮力考点：功的计算；浮力大小的计算菁优网版权所有专题：浮力；功、功率、机械效率分析：（1）已知AB段表示物体浸没在水中时提升的过程，提升的高度为h；由图象得t=50s，利用速度公式变形可求得物体浸没在水中时被提升的高度h，由图象可知F=350N，利用W=Fs可求得在此过程中拉力所做的功（2）由图象可知，物体的重力为400N，浸没在水中时的拉力为

29、350N，然后利用F浮=GF可求得该物体浸没在水中时所受的浮力解答：解：（1）由图象得t=50s，F=350N由得h=s=vt=0.2m/s50s=10m，W=Fs=Fh=350N10m=3500J；（2）分析图象可得：F=400N匀速上升G=F=400N F浮=GF=400N350N=50N答：（1）物体浸没在水中时被提升的高度h为10m；在此过程中拉力所做的功为350J（2）该物体浸没在水中时所受的浮力为50N点评：本题考查了学生对速度公式，功的计算公式，浮力大小的计算等多个知识点，难度不大，关键是读懂图象提供的信息19（10分）（2014沈阳）如图所示，电源电压恒定不变，小灯泡L标有“6

30、V 3W”字样，滑动变阻器R2的最大阻值是20（1）当开关S1、S2闭合，滑片P置于b端时，小灯泡正常发光，求此时电流表的示数（2）当开关S1闭合、S2断开，滑片P置于a端时，电流表的示数为0.2A，求此时R1两端的电压考点：欧姆定律的应用菁优网版权所有专题：电路和欧姆定律分析：（1）当开关S1、S2都闭合，滑动变阻器的滑片P移到最右端时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值并联，根据并联电路的电压特点和灯泡正常发光时的电压与额定电压相等求出电源的电压，根据P=UI求出通过灯泡的电流，利用欧姆定律求出通过滑动变阻器的电流，再根据并联电路的电流特点求出干路电流；（2）根据当开关S1闭合、S2断开，滑片P置

31、于a端时，电阻R1与R2串联，电流表测电路中的电流，利用欧姆定律求出R2两端的电压，根据串联电路的电压特点即可求出R1两端的电压解答：解：（1）当S1，S2闭合，P置于b端时，R2与L并联小灯泡正常发光U=U2=U额=6V，由P=UI得：IL=0.5A，则I2=0.3A，并联电路干路电流等于各支路电流之和；I=IL+I2=0.5A+0.2A=0.8A（2）当S1闭合，S2断开，P置于a端时，R1与R2串联，I2=I=0.2A；由欧姆定律得：U2=I2R2=0.2A20=4V； U1=UU2=6V4V=2V答：（1）当开关S1、S2闭合，滑片P置于b端时，小灯泡正常发光，电流表的示数为0.8A（

32、2）当开关S1闭合、S2断开，滑片P置于a端时，R1两端的电压为2V点评：本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的辨别和知道灯泡正常发光时的电压与额定电压相等四、实验、作图题（共22分）20（2分）（2014沈阳）如图是研究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关的实验，下列分析正确的是（）A甲、乙两次实验都应用了控制变量法B甲实验通电一段时间后，左侧容器内空气吸收的热量更多C乙实验时为了研究电流产生的热量与电阻的关系D乙实验通电一段时间后，右侧U形管中液面的高度差比左侧的小考点：焦耳定律菁优网版权所有专题：错解分析题；电和热综合题

33、分析：由焦耳定律Q=I2Rt可知，Q与I、R及t有关，故应采用控制变量法进行分析解答：解：A、甲、乙两次实验中用到的研究物理问题的方法是控制变量法和转换法，故A正确B、甲实验两电阻丝串联，则通过电阻丝的电流和通电时间相同，右侧电阻阻值大，由焦耳定律Q=I2Rt可知，右侧电阻产生热量多；则右侧容器内空气吸收的热量多，故B错误；C、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相同，但通过电阻的电流不同，所以研究电流产生的热量与电流的关系，故C错误；D、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相同，由焦耳定律Q=I2Rt可知，左侧电阻产生热

34、量多；则左侧容器内空气吸收的热量多，气体压强大，即左侧U形管中液面的高度差比右侧的大，故D正确；故选AD点评：本题考查了学生对焦耳定律、串联电路的电流关系以及控制变量法和转化法的了解和掌握，突出运用知识解决实际问题的能力，综合性强21（5分）（2014沈阳）在“探究固体熔化时温度的变化规律”的实验中，实验装置如图甲所示（1）试管中装有适量的碎冰，按图甲组装时应将温度计的玻璃泡与碎冰充分接触，但不要碰到试管底或试管壁（2）图乙是根据实验记录绘制的冰熔化时温度随时间变化的图象由图象可知：BC段的物质处于固液共存态（填“固态”“液态”或“固液共存态”），物体在a点时具有的内能小于（填“大于”、“小于

35、”或“等于”）在b点时的内能（3）试管中的冰完全溶化后，若持续加热，在标准大气压下将得到图象中的DE段，这段时间内试管中的水不能（填“能”或“不能”）沸腾，是因为试管中的水不能继续吸热考点：熔化和凝固的探究实验菁优网版权所有专题：探究型实验综合题分析：（1）温度计的使用方法是：估计被测温度，选用量程合适的温度计；观察温度计的量程和分度值，以便测量时正确读数；将温度计的玻璃泡与被测物体充分接触，不要碰到容器底或容器壁；读数时，温度计玻璃泡仍留在被测物体中（2）根据晶体在熔化过程中，不断吸收热量，温度保持不变，内能增大；（3）沸腾的条件；达到沸点，不断吸热解答：解：（1）组装时应将温度计的玻璃泡与

36、碎冰充分接触，但不要碰到试管底或试管壁；（2）冰吸收热量温度升高，达到熔点继续吸收热量，温度保持不变，处于固液共存状态，等冰全部熔化成液态之后，吸收热量，温度不断升高BC段的物质处于固液共存态，不断吸热，内能增加，温度不变，故物体在a点时具有的内能小于在b点时的内能（3）沸腾的条件；达到沸点，不断吸热试管中的水可以达到沸点，因内外温度相同，不能继续吸热，所以不会沸腾；故答案为：（1）试管底或试管壁；（2）固液共存态；小于；（3）不能；试管中的水不能继续吸热点评：学生分析物质熔化的图象，是本实验中应该掌握的基本技能之一，从图象中获取有效的信息，也是物理实验中经常运用的22（5分）（2014沈阳）

37、在“探究凸透镜成像的规律”的实验中，小刚选用了焦距为10cm的凸透镜（1）他将蜡烛、凸透镜、光屏放在光具座上，并调节到如图所示的位置时，光屏上出现了倒立、缩小（填“放大”、“缩小”或“等大”）的烛焰的像（2）若图中的点划线为凸透镜的主光轴，A点为烛焰上的一点，请通过作图确定凸透镜的一个焦点F和A点在光屏上的像A的位置（3）小刚又把蜡烛移到光具座上35cm刻度线处，屏上的像变模糊了，此时他摘下自己的眼睛，放在蜡烛和凸透镜之间，只适当调整眼镜的位置，光屏上又出现了清晰的像，则小刚戴的是近视（填“近视”或“远视”）眼镜（4）接着他取下这个眼镜，保持此时蜡烛和凸透镜的位置不变，若使光屏上的像仍然清晰，

38、应将光屏移至光具座上80cm刻度线处考点：凸透镜成像规律及其探究实验菁优网版权所有专题：探究型实验综合题分析：（1）掌握凸透镜成像的三种情况：U2f，成倒立、缩小的实像，2fVf2fUf，成倒立、放大的实像，V2fUf，成正立、放大的虚像，光屏上不能呈接到像，透过凸透镜能看到虚像（2）平行于主光轴的光线通过凸透镜后会聚于焦点；过光心的方向不变；从焦点发出的光线，过凸透镜后平行于主光轴还要知道由物体经过凸透镜的光线会聚到像点（3）近视眼镜是凹透镜，当近视眼镜靠近凸透镜时，会聚能力减弱，使像呈在光屏的后方；近视眼的晶状体变厚，会聚能力增强，像距减小，像呈在视网膜的前方；戴近视眼镜使光线发散一些，使

39、像距增大，使像呈在视网膜上（4）根据=+即求出像距，然后根据透镜的位置确定光屏位置解答：解：（1）由图可知：U2f，2fVf，则光屏上成倒立、缩小的实像（2）解：在主轴上确定出凸透镜的右边的焦点位置过A点和光心作一条光线，折射光线与光屏的交点为像点A；过A点作平行于主光轴的入射光线，然后过透镜后到达A点，折射光线与主光轴的交点即为焦点F；如下图所示：（3）只将光屏向远离凸透镜的方向移动适当距离时，又在光屏上观察到蜡烛清晰的像，说明物距不变，像距增大了，也就是眼镜对光线有发散作用，因此这只眼镜是凹透镜；则小刚戴的是近视眼镜（4）由图可知：u=50cm35cm=15cm，f=10cm，根据=+得：

40、v=30cm，则光屏位置在50cm+30cm=80cm故答案为：（1）缩小；（2）如上图；（3）远视；（4）80点评：此题考查了凸透镜成像的特点和三条特殊光线的应用，要理解成像的原理，知道=+23（4分）（2014沈阳）某班同学在“测量小灯泡的电功率”的实验中，所测小灯泡的额定电压为2.5V（1）如图甲所示是某组同学连接的实验电路，其中有一根导线连接错误，请你在错误的导线上画“”，并用笔画线代替导线画出正确的连线（导线不能交叉）（2）电路连接正确后，该组同学由实验测得的数据绘制了如图乙所示的IU关系图象由图象可知，小灯泡的额定功率是0.625W（3）为了比较发光二极管和小灯泡哪个更节能，接下来

41、他们用一个发光二极管替换电路中的小灯泡，进一步测量发光二极管的电功率闭合开关后，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，发现此二极管都不发光，且电流表无示数，电压表有示数经检查整个电路连接及元件均完好，则故障原因是：发光二极管正、负极接反了故障排除后，经测量和分析可知发光二极管比小灯泡更加节能考点：电功率的测量菁优网版权所有专题：探究型实验综合题分析：（1）测量小灯泡电功率的实验电路图中，电压表测量灯泡两端电压；（2）从图象上读出电压为2.5V时电路中的电流，然后根据P=UI求出灯泡的额定功率；（3）电流表无示数，说明电路断路，但二极管正负接线柱接反后，二极管相当于断路；电压表有示数，说明电压表的正负接

42、线柱与电源两极相连解答：解：（1）电压表负接线柱与滑动变阻器的连线错误，将电压表的负接线柱与灯泡的右接线柱相连，如下图所示：（2）根据图乙可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.25A，则灯泡的额定功率：P=UI=2.5V0.25A=0.625W；（3）电流表无示数，说明电路断路；电压表有示数，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连，因此电路故障为二极管正负接线柱接反了故答案为：（2）0.625；（3）发光二极管正、负极接反了点评：本题考查了电压表的连接、额定功率的计算以及电路故障的判断，这是我们常考的内容，也是中考重点考查的内容；平时学习时要注意多总结，多积累24（6分）（201

43、4沈阳）在“测量滑轮组的机械效率”的实验中，某组同学用同样的滑轮安装了如图甲、乙所示的滑轮组，实验测得的数据如表所示次数物体的重力G/N提升高度h/m拉力F/N绳端移动的距离s/m机械效率120.110.366.7%230.11.40.371.4%340.11.80.374.1%420.11.50.2（1）表格内的第4次实验中应补充的数据是66.7%（结果精确到0.1%）这次数据是用图中乙（填“甲”或“乙”）所示的滑轮组测得的（2）分析比较第1、2、3次实验数据可以判定，若要增大滑轮组的机械效率，应该增大物体的重力在第1次实验中，拉力F所做的额外功为0.1J（3）某同学认为，使用相同的滑轮所组成的滑轮组提升同一个重物时，越省力的滑轮组其机械效率越大，他的想法正确吗？请你利用补充完整后的表格中的数据说明你的判断：不正确；第1次比第4次省力，但两次的机械效率却相同考点：滑轮（组）机械效率的测量实验菁优网版权所有专题：探究型实验综合题分析：（1）根据=求出第4次实验的机械效率；然后根据s=nh求出提升物体绳子的条数，从而确定滑轮组