【解析】四川省成都市2017-2018学年高一上学期期末调研考试物理试题含解析.doc

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1、四川省成都市2017-2018学年高一上学期期末调研考试物理试题一、单项选择题（本题包括8小题，每小题3分，共24分，每小题只有一个选项符合题意。）1. 质点概念的建立，所采用的科学研究方法是（ ）A. 理想化物理模型法 B. 比值定义法 C. 控制变量法 D. 等效替代法【答案】A【解析】在物理学中，突出问题的主要方面，忽略次要因素，建立理想化的物理模型，是经常采用的一种科学研究方法，质点就是这种物理模型之一故选A2. 一质点沿直线运动，其位移随时间t变化的图像如图所示，则下列说法正确的是（ ）A. 在t=0到t=1s这段时间，质点做匀加速运动B. 在t=1s到t=3s这段时间，质点做匀速运

2、动C. 在t=2s时刻，质点的速度大小为4m/sD. 在t=4s时刻，质点的速度大小为2m/s【答案】D【解析】A. 在t=0到t=1s这段时间，质点做匀速直线运动，故A错误；B、在t=1s到t=3s这段时间，质点做静止，故B错误；CD、位移-时间图象的斜率表示该时刻的速度，所以该质点在t=2s时刻，质点的速度大小为0，在t=4s时刻，质点的速度大小为，故C错误，D正确；故选D。【点睛】解决本题的关键知道位移时间图线的物理意义，知道图线斜率表示的含义。3. 下列说法正确的是（ ）A. 做匀加速直线运动的物体，速度和加速度都在增大B. 做匀加速直线运动的物体，加速度方向一定与规定正方向相同C.

3、做匀减速直线运动的物体，速度和加速度都在减小D. 做匀减速直线运动的物体，加速度方向一定与初速度方向相反【答案】D【解析】AC、做匀变速直线运动的物体，加速度恒定，则在任意相等的时间内速度的变化量恒定，故AC错误；B、做匀加速直线运动的物体，加速度方向一定与初速度方向相同，与规定正方向无关，故B错误；D、做匀减速直线运动的物体，加速度方向一定与初速度方向相反，故D正确；故选D。.4. 关于力，下列说法正确的是（ ）A. 依据力的性质可将力分为：重力、拉力、支持力、动力、阻力等B. 在同一位置，重力的大小只与物体的质量有关、与物体的运动状态无关C. 弹簧产生的弹力大小一定随其长度的增加而增大D.

4、 静止的物体不可能受到滑动摩擦力【答案】B【解析】A、根据力的性质分类，如重力、弹力、摩擦力、分子力、电力、磁力，等等；根据力作用效果分类，如拉力、压力、支持力、动力、阻力，等等；故A错误；B、，同一地点重力加速度g数值相同，重力的大小只与物体的质量有关、与物体的运动状态无关；故B正确；C、在弹性限度内，弹簧产生的弹力大小与弹簧的伸长量成正比，弹力大小随弹簧伸长的长度增大而增大，故C错误；D、例如推放在地面上的箱子，地面是静止的，但是地面受到箱子对它的滑动摩擦力，故静止的物体不可能受到滑动摩擦力说法是错误的，故D错误；故选B。5. 如图，5个力的合力为。若其它力不变，只将大小为6N的那个力沿顺

5、时针方向旋转60，旋转后，5个力的合力为。则关于的大小及方向，表述正确的是（ ）A. B. 、方向与6N的力方向相反，C. 、方向与5N的力方向相同D. 、方向与2N的力方向相同【答案】C【解析】由于5N与2N这两个力反向且共线，所以它们的合力为3N，方向与5N这个力的方向相同，同理6N与3N这两个力反向且共线，所以它们的合力为3N，方向与6N这个力的方向相同，所以5个力的合力为0；除6N外的四个力的合力大小等于6N，方向与6N反向，将大小为6N的那个力沿顺时针方向旋转60，故等效成物体受两个互成120的大小等于6N的力作用，根据平行四边形定则可知，两个大小相等且互成120的力合成时，合力在两

6、个分力的角平分线上，大小等于分力，故此时物体所受到的合力大小为6N，方向与5N的力方向相同，故C正确，ABD错误；故选C。【点睛】运用共点力平衡条件的推论进行研究，若物体受到n个力处于平衡状态时，其中一个力与其余n-1个力的合力大小相等，方向相反。6. 在升降电梯内的地板上放一体重计，电梯静止时，某同学站在体重计上，体重计示数为50.0kg。若电梯运动中的某一段时间内，该同学发现体重计示数为如图所示的40.0kg，则在这段时间内（重力加速度为g）（ ）A. 该同学所受的重力变小了B. 电梯一定在竖直向下运动C. 该同学对体重计的压力小于体重计对她的支持力D. 电梯的加速度大小为0.2g，方向一

7、定竖直向下【答案】D【解析】A、同学在这段时间内处于失重状态，是由于他对体重计的压力变小了，而她的重力没有改变，故A错误；BD、以竖直向下为正方向，有：mg-F=ma，即50g-40g=50a，解得a=0.2g，方向竖直向下，但速度方向可能是竖直向上，也可能是竖直向下，故B错误，故D正确；C、对体重计的压力与体重计对她的支持力是一对作用力与反作用力，大小一定相等，故C错误；故选D。【点睛】熟练超重和失重概念的理解及牛顿第二定律在超重和失重中的应用，不论处于超重还是失重状态，重力均不会变化。7. 如图，倾角的光滑斜面固定于地面，斜面上A、B两个小球的质量均为m，轻弹簧一端固定在斜面顶端、另一端与

8、A球相连，A、B间连有一轻质细线，弹簧与细线均平行于斜面，系统处于静止状态。当细线被烧断后的瞬间，两球的加速度分别为，下列判断正确的是（ ）A. 方向沿斜面向下B. 方向沿斜面向上，C. 方向沿斜面向上，方向沿斜面向下D. 方向沿斜面向下，方向沿斜面向下【答案】C【解析】烧断细线前，A、B静止，处于平衡状态，合力为零，弹簧的弹力F=2mgsin，烧断细线的瞬间，由于弹簧弹力不能突变，弹簧弹力不变，由牛顿第二定律得：2mgsin- mgsin=ma，则加速度a=gsin，方向沿斜面向上；当细线被烧断后的瞬间，B将沿斜面向下运动，对球B，由牛顿第二定律得：mgsin=ma，解得：a=gsin，方向

9、沿斜面向下，故ABD错误，C正确；故选C。【点睛】解题思路依然是受力分析，再结合二力平衡以及牛顿第二定律进行解答，但特别注意绳子的拉力可以在烧断的瞬间突变为0，而弹簧的弹力却不能突变，依然会保持原来的大小和方向。8. 如图，倾斜的传送带以恒定的速率沿顺时针方向匀速转动，一小物块从传送带上端A滑上传送带，滑上时速度大小为、方向平行于传送带向下。若，物块与传送带间的动摩擦因数一定，不计空气阻力，则关于物块离开传送带时的位置和速率v，下列判断一定错误的是（ ）A. 从上端A离开，B. 从上端A离开，C. 从下端B离开，D. 从下端B离开，【答案】B【解析】AB、滑块从A端滑上传送带，在传送带上必先相

10、对传送带向下运动，由于不确定滑块与传送带间的摩擦力和滑块的重力沿斜面下滑分力的大小关系和传送带的长度，若能从A端离开，由运动的可逆性可知，必有v=v1，故A正确，B错误；若从B端离开，当摩擦力大于重力的分力时，则vv1，当摩擦力小于重力的分力时，则vv1，可能有；当摩擦力和重力的分力相等时，滑块一直做匀速直线运动，vv1，故CD正确；一定错误的是故选B。【点睛】解决本题的关键理清物块在传送带上的运动规律。二、多项选择题（本题包括5小题，每小题4分，共20分。每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）9. 关于牛顿第一定律，下列说法正

11、确的是（ ）A. 物体在不受力时才具有惯性B. 质量越大的物体，惯性也越大C. 物体所受合力不为零时，运动状态一定发生变化D. 静止或做匀速直线运动的物体，一定不受外力作用【答案】BC【解析】A、一切物体都有惯性，物体不受力时具有惯性，受力后仍具有惯性，故A错误；B、物体的惯性只与其质量有关，物体的质量越大，惯性越大， 质量越小，惯性越小，故B正确；C、物体受到不为零的合外力，根据牛顿第二定律，物体一定有加速度，它的运动状态一定改变，故C正确；D、物体不受力或受平衡力作用时，保持静止或匀速直线运动状态，故D错误；故选BC。【点睛】一切物体都有惯性，物体的惯性只与其质量有关，物体的质量越大，惯性

12、越大，物体不受力或受平衡力作用时，保持静止或匀速直线运动状态。10. 关于自由落体运动，下列说法正确的是（ ）A. 不考虑空气阻力的运动就是自由落体运动B. 做自由落体运动的物体不受任何外力C. 做自由落体运动的物体，从静止开始在连续相等的时间间隔内位移比是1：3：5：（2n-1）D. 在同一地点，质量不同的物体做自由落体运动的加速度相同【答案】CD【解析】A、自由落体运动的特点是初速度为零，仅受重力不受空气阻力的运动不一定是自由落体运动，故A错误；B、做自由落体运动的物体仅受重力，故B错误；D、在同一地点，质量不同的物体自由下落的加速度相等， 故D正确；故选CD。【点睛】物体在只受重力作用从

13、静止开始下落的运动叫做自由落体运动，在同一地点，物体自由下落的加速度相等。11. 一质点沿直线运动，其速度v随时间t变化的图像如图所示，则下列说法正确的是（ ）A. 在t=4s到t=5s这段时间，质点的加速度方向与速度方向相同B. 在t=5s到t=6s这段时间，质点的加速度方向与速度方向相同C. 在t=0到t=8s这段时间，质点通过的路程为6mD. 在t=0到t=8s这段时间，质点的平均速度大小为0.75m/s【答案】BD【解析】A、在t=4s到t=5s这段时间，速度大于零为正，加速度为负，所以质点的加速度方向与速度方向相反，故A错误；B、在t=5s到t=6s这段时间，当速度小于零为负，加速度

14、为负，所以质点的加速度方向与速度方向相反，故B正确；CD、速度图象与时间轴围成的面积等于物体通过的位移，故05s内物体通过的位移，在58s内物体通过的位移，所以物体在08s内通过的位移x=x1+x2=6，通过的路程为15m，质点的平均速度大小为，故C错误，D正确；故选BD。【点睛】匀变速直线运动的v-t图像中，图线与坐标轴所围图形面积的大小等于物体在该段时间内的位移大小。12. 如图，欲使在足够长的粗糙斜面上匀速下滑的木块A静止下来，可采用的方法是（ ）A. 减小斜面的倾角B. 在木块A上再叠放一个重物C. 对木块A施加一个垂直于斜面向下的力D. 对木块A施加一个竖直向下的力【答案】AC【解析

15、】试题分析：木块匀速滑下，合力为零，根据平衡条件得；若增大斜面的倾角，重力沿斜面向下的分力增大，滑动摩擦力减小，木块的合力方向将沿斜面向下，木块做加速运动，故A错误；对木块A施加一个竖直向下的力，由于，木块的合力仍为零，仍做匀速运动，不可能停下，故B错误；对木块A施加一个垂直于斜面的力F，重力沿斜面向下的分力不变，而滑动摩擦力增大，合力方向沿斜面向上，木块做减速运动，可以使木块停下，故C正确；由A项分析可知，得，与质量无关，在木块A上再叠放一个重物后，整体匀速下滑，不可能停下，故D错误。考点：共点力作用下物体平衡【名师点睛】本题关键根据物体做减速运动的条件，分析木块的合力方向，当合力方向与速度

16、反向时，木块能做减速运动，可以停下来。13. 如图，斜面体c置于水平地面上，小盒b置于斜面上，b通过轻绳跨过光滑定滑轮与物体a的上端连接，b和滑轮间的轻绳与斜面平行，a和滑轮间的轻绳竖直，a的下端连接在竖直固定于地面的轻弹簧上，现往b盒内缓慢放入适量砂粒。若a、b、c始终保持静止状态，轻绳不可伸缩，则在放砂粒的过程中，下列判断正确的是（ ）A. 地面对c的支持力一定变大B. 地面对c一定有方向水平向左、大小不为零的摩擦力C. 弹簧的弹力可能先减小后增大D. b对c的摩擦力可能先减小后增大【答案】AD【解析】C、物体a始终保持静止，弹簧的形变量不变，所以弹簧的弹力大小不变，故物体a对细线的拉力不

17、变，故C错误；AB、视bc为系统，受力分析如图根据平衡条件有，由于T，不变，m增大，所以地面对c的支持力一定变大，故A正确；若弹簧的弹力大小等于物体a重力，物体a对细线的拉力T为0，则有地面对c无摩擦力，故B错误；D、对b受力分析，如图，摩檫力可能沿斜面向下，可能沿斜面向上，可能为0；若摩檫力可能沿斜面向上，根据平衡条件有，由于T，不变，m增大，摩擦力可能先减小后增大，故D正确；故选AD。【点睛】本题涉及三个物体的平衡问题，要灵活选择研究对象，利用共点力平衡的条件和摩擦力的判断与计算。三、实验探究题（本题共2小题，共14分）14. 在“探究弹力与弹簧伸长量的关系”的实验中，某实验小组将不同数量

18、的钩码依次挂在竖直悬挂的弹簧下端，进行了相关的测量。根据所测数据，他们利用描点法作出了所挂钩码的总重力G与弹簧长度L的关系图像（如图）。请根据图像回答以下问题：（1）弹簧的原长为_m。（2）弹簧的劲度系数为_N/m。（3）关于该实验，以下说法错误的是_。A. 弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度B. 用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力时，应保证弹簧竖直悬挂C. 测量弹簧长度L时，应保证弹簧和钩码均处于平衡状态D. 实验可得出的结论是：弹簧的弹力与弹簧长度L成正比【答案】 (1). 0.1 (2). 1000 (3). D【解析】(1) 当弹簧下端所挂钩码的重力G为0时，弹簧的拉力也为0，此时弹簧长度

19、即为原长，由图示图象可知，弹簧的原长为0.1m;(2) 由图示图象可知，弹簧的劲度系数为(3)实验时，弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度，用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力时，应保证弹簧竖直悬挂，测量弹簧长度L时，应保证弹簧和钩码均处于平衡状态；实验可得出的结论是：在弹性限度内，弹簧产生的弹力大小与弹簧的伸长量成正比；故ABC正确，D错误；说法错误的是故选D。15. 某实验小组用图甲所示的装置“探究加速度与合外力的关系”，图中小车质量为M，砂桶和砂的总质量为m。实验中通过改变m来改变小车所受的合外力大小，小车的加速度a可由打点计时器和纸带测出，绳的拉力F可由弹簧测力计测出。现保持小车质量M不变，逐

20、渐增大砂桶和砂的总质量m，进行多次实验，得到多组a、F值。（1）为了减小实验误差，下列做法正确的是_A. 先释放小车，后接通打点计时器的电源B. 该实验不需要平衡小车所受的摩擦力C. 该实验砂桶和砂的总质量不需要远小于小车的质量D. 滑轮摩擦要足够小，绳的质量要足够轻（2）某同学根据实验数据画出了图乙所示的一条过坐标原点的倾斜直线，其中纵轴为小车的加速度大小a，横轴应_（填选项前的字母）。A. B. C. D. mg（3）当砂桶和砂的总质量较大导致a较大时，图线将_（填选项前的字母）。A. 偏向纵轴 B. 保持原方向不变 C. 偏向横轴（4）图丙为上述实验中打下的一条纸带，A、B、C、D、E为

21、选出的五个计数点，每相邻两点间还有四个计时点未画出，测得，打点计时器的频率为f，则小车的加速度表达式为_（用f、表示）。【答案】 (1). C (2). C (3). B (4). 【解析】(1) 实验时，先接通打点计时器的电源，后释放小车，为了减小实验误差，实验需要平衡小车所受的摩擦力，实验砂桶和砂的总质量需要远小于小车的质量，滑轮摩擦要足够小，绳的质量要足够轻；故C正确，ABD错误；(2) 对小车分析，应有F=ma，解得：，由于图线经过坐标原点，所以横轴应为F，故C正确;(3) 由于图象的斜率为，所以增大沙和沙桶质量，k不变，仍保持原方向不变，故B正确；(4) 根据匀变速直线运动的推论公式

22、可得：，所以有四、计算题（本题共4小题，共42分。解答应当写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的，不能得分。有数值运算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）16. 如图，倾角的斜面上固定着一块竖直放置的挡板，挡板和斜面之间放有一个重为G=30N的光滑圆球，圆球与斜面均静止。求：（1）斜面对球的支持力大小；（2）球对挡板的压力大小。【答案】（1）(2) 【解析】【分析】球受重力、斜面对球的支持力、挡板对球的支持力作用处于平衡状态，由平衡条件求出斜面对球的支持力大小，由牛顿第三定律解得出球对挡板的压力。解：（1）受力如图球受三个共点力（重力G、斜面对球的支持力、挡板对球的支持

23、力）作用处于平衡状态，将其中二力合成由力的平衡条件有：代入数据解得：（2）代入数据得：由牛顿第三定律解得：球对挡板的压力17. 在成都三环路上，一辆值勤的警车停在公路边，当车内的警员发现从他旁边以10m/s的速度匀速行驶的货车严重超载时，立即启动警车追赶。假设警车做加速度大小为的匀加速直线运动，不考虑警车的启动时间和警员的反应时间。求：（1）警车启动后经多长时间追上违章货车？（2）警车追上违章货车前，两车相距的最远距离。【答案】(1)10s(2)25m【解析】【分析】警车做匀加速直线运动，货车做匀速直线运动，两车的速度相等，此时两车距离最大。解：（1）设经时间警车追上货车，则货车的位移为：警车

24、的位移为：即，即：代入数据解得：（2）设经时间两车的速度相等，此时两车距离最大有：代入数据得：故两车最大距离为：，代入数据解得：18. 如图，水平平台ab长L=20m，平台b端与特殊材料制成的足够长斜面bc连接，斜面倾角为30，在平台a端放有质量m=2kg的小物块。现给物块施加一个大小F=50N、与水平方向成37角的推力，使物块由静止开始运动。（物块可视为质点，重力加速度）（1）若物块从a端运动到b端的过程中F始终存在，运动时间t=4s，求物块与平台间的动摩擦因数；（2）若物块从a端运动到图中P点时撤掉F，则物块刚好能从斜面b端无初速下滑，求aP间的距离；（结果保留三位有效数字）；（3）若物块

25、与斜面bc间的动摩擦因数，式中为物块在斜面上所处的位置离b端的距离，则在（2）问的情况下，求物块在斜面上速度达到最大时的位置。【答案】(1)0.7(2)14.7m(3)6m【解析】【分析】物块从a到b做匀加速直线运动，由运动学规律和牛顿第二定律求出物块与平台间的动摩擦因数，物体从a到P，由运动学规律和牛顿第二定律求出P间的距离，物块沿斜面bc下滑的过程中，先做加速度减小的加速运动，后做加速度增大的减速运动，加速度为零时速度最大。解：（1）物块从a到b受到四个力的作用做匀加速直线运动由运动学规律有：代入数据得：由牛顿第二定律有：代入数据解得：（2）物体从a到P，由运动学规律有：物块从由P到b做匀

26、减速直线运动，由运动学规律有：由牛顿第二定律有：，联立以上各式，代入数据解得aP距离为：（3）物块沿斜面bc下滑的过程中，先做加速度减小的加速运动，后做加速度增大的减速运动，加速度为零时速度最大在该位置，有：，联立二式，代入数据解得19. 如图，水平地面上紧靠粗糙水平台依次排放着A、B两木板，A、B的长度均为L=5m、质量均为M=1.5kg，其上表面与平台相平，A与平台和B均接触但不粘连。现有一质量m=3kg、可视为质点的滑块C，从平台上距平台右侧的距离d=2.5m处，以大小、方向水平向右的速度向右滑块。已知C与平台间、C与木板A、B间的动摩擦因数均为，A、B与地面间的动摩擦因数均为，且最大静

27、摩擦力与滑动摩擦力大小相等，取。求：（1）滑块C刚滑上A板时的速度大小；（2）滑块C刚滑离A板时，B板的速度大小；（3）从滑块C滑上A板到C与B板相对静止的过程中，B板发生的位移。【答案】(1)7m/s(2)1m/s(3)1.375m【解析】【分析】C在水平台上做匀减速直线运动，由运动学规律和牛顿第二定律求出滑块C刚滑上A板时的速度大小，滑块C在木板A上滑动时，采用隔离法分别分析C、BA的受力，由运动学规律和牛顿第二定律求出，C在B上滑动时，采用隔离法分别分析C、B的受力，由运动学规律和牛顿第二定律求出。解：（1）C在水平台上做匀减速直线运动，由运动学规律有：，由牛顿第二定律有：，代入数据解得：；（2）滑块C在木板A上滑动时的加速度仍为，木板A、B的加速度为，对有：，代入数据得：，设在A上运动的时间为，则：，代入数据解得：或（舍去）C滑上时，A、B分离。设C离开A时的速度为，板A、B的速度分别为和，；（3）C在B上滑动时，C的加速度仍为，设的加速度为，对B有：，代入数据得：，设经过时间，B、C达到共同速度v，则有：，代入数据得：，B所发生的位移为：代入数据解得： ASDFESAQ!#%FWQQ!QAaaazzx33456#$!%ASDFESAQ!#%FWQQ!QAaaazzx33456#$!%