2015年高考理科数学试题(天津卷)（含解析）.docx

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1、2015年高考天津市理科数学真题一、选择题1已知全集，集合，集合，则集合（ ）ABCD2设变量满足约束条件则目标函数的最大值为（ ）ABCD3阅读下边的程序框图，运行相应的程序，则输出的值为（ ）ABCD4设，则“”是“”的（ ）A充分而不必要条件B必要而不充分条件C充要条件D既不充分也不必要条件5如图，在圆中，是弦的三等分点，弦，分别经过点，若，则线段的长为（ ）AB3CD6已知双曲线（）的一条渐近线过点（），且双曲线的一个焦点在抛物线的准线上，则双曲线的方程为（ ）ABCD7已知定义在上的函数（为实数）为偶函数，记，则的大小关系为（ ）ABCD8已知函数函数，其中，若函数恰有个零点，则的取

2、值范围是（ ）ABCD二、填空题9是虚数单位，若复数是纯虚数，则实数的值为 10一个几何体的三视图如图所示（单位：m），则该几何体的体积为 11曲线与直线所围成的封闭图形的面积为 12在的展开式中，的系数为 13在中，内角所对的边分别为.已知的面积为，则的值为 14在等腰梯形中，已知。动点和分别在线段和上，且，则的最小值为 三、解答题15已知函数，（）求的最小正周期；（）求在区间内的最大值和最小值16为推动乒乓球运动的发展，某乒乓球比赛允许不同协会的运动员组队参加。现有来自甲协会的运动员名，其中种子选手名；乙协会的运动员名，其中种子选手名。从这名运动员中随机选择人参加比赛。（）设为事件“选出的

3、人中恰有名种子选手，且这名种子选手来自同一个协会”，求事件发生的概率；（）设为选出的人中种子选手的人数，求随机变量的分布列和数学期望17如图，在四棱柱中，侧棱底面，且点和分别为和的中点（）求证：平面；（）求二面角的正弦值；（）设为棱上的点。若直线和平面所成角的正弦值为，求线段的长。18已知数列满足（为实数，且），且，成等差数列。（）求的值和 的通项公式；（）设，求数列的前项和19已知椭圆的左焦点为，离心率为，点在椭圆上且位于第一象限，直线被圆截得的线段的长为，（）求直线的斜率； （）求椭圆的方程；（）设动点在椭圆上，若直线的斜率大于，求直线（为原点）的斜率的取值范围。20已知函数其中，且.（）

4、讨论的单调性； （）设曲线与轴正半轴的交点为，曲线在点处的切线方程为，求证：对于任意的正实数，都有；（）若关于的方程（为实数）有两个正实数根，求证：2015年高考天津市理科数学真题答案一、选择题1答案：A解析过程：,所以，选A2答案：C解析过程：不等式所表示的平面区域如下图所示，当所表示直线经过点时，有最大值，选C3答案：B解析过程：输入；不成立；不成立成立输出,选B4答案：A解析过程：，所以“”是“”的充分不必要条件，选A5答案：A解析过程：由相交弦定理可知，又因为是弦的三等分点，所以，所以，选A6答案：D解析过程：双曲线（）的渐近线方程为，由点在渐近线上，所以，双曲线的一个焦点在抛物线准线

5、方程上，所以，由此可解得，所以双曲线方程为，选D7答案：C解析过程：因为函数为偶函数，所以，即，所以所以，选C8答案：D解析过程：由得，所以，即,所以恰有4个零点等价于方程有4个不同的解，即函数与函数的图象的4个公共点，由图象可知.选D 二、填空题9答案：-2解析过程：是纯虚数，所以，即10答案：解析过程：由三视图可知，该几何体是中间为一个底面半径为，高为的圆柱，两端是底面半径为，高为的圆锥，所以该几何体的体积.11答案：解析过程：两曲线的交点坐标为，所以它们所围成的封闭图形的面积.12答案：解析过程：展开式的通项为，由得r=2，所以，所以该项系数为13答案：解析过程：因为，所以，又，解方程组

6、得，由余弦定理得，所以.14答案：解析过程：因为，三、解答题15答案：（）；（）最大值，最小值解析过程：（）解：由题意得=所以，的最小正周期（）解：因为在区间上是减函数，在区间上是增函数，.所以，在区间上的最大值为，最小值为.2116答案：（）；（）见解析解析过程：（）解：由题意得所以，事件发生的概率为.（）解：随机变量X的所有可能取值为1,2,3,4.所以，随见变量的分布列为随机变量的数学期望17答案：见解析解析过程：如图，以为原点建立空间直角坐标系，依题意可得,.又因为M,N分别为和的中点，得,.（）证明：依题意，可得为平面的一个法向量. =.由此可得，又因为直线平面，所以平面（）解：，设

7、为平面的法向量，则即不妨设，可得.设为平面的法向量，则又，得不妨设，可得因此有，于是所以，二面角的正弦值为。（）解：依题意，可设，其中，则，从而又为平面的一个法向量，由已知，得=，整理得，又因为，解得所以，线段的长为18答案：见解析解析过程：（）解：由已知，有，即，所以又因为，故，由，得 当时，；当时，所以，的通项公式为（）解：由（）得.设的前n项和为，则 ，上述两式相减，得整理得，.所以，数列的前n项和为，19答案：（）；（）；（）解析过程：（）解：由已知有，又由，可得.设直线的斜率为，则直线的方程为由已知，有+，解得（）解：由（）得椭圆方程为，直线的方程为，两个方程联立，消去y，整理得，解

8、得，或.因为点M在第一象限，可得M的坐标为.有，解得，所以椭圆的方程为.（）解：设点P的坐标为，直线FP的斜率为，得，即，与椭圆方程联立消去，整理得又由已知，得，解得，或设直线的斜率为，得，即，与椭圆方程联立，整理可得.当时，有，因此，于是，得.当时，有，因此，于是，得.综上，直线的斜率的取值范围是.20答案：见解析解析过程：（）解：由=，可得=，其中，且.下面分两种情况讨论：（1）当为奇数时.令=0，解得，或.当变化时，的变化情况如下表：所以，在，上单调递减，在内单调递增。（2）当为偶数时.当，即时，函数单调递增；当，即时，函数单调递减.所以，在上单调递增，在上单调递减.（）证明：设点的坐标为，则，.曲线在点处的切线方程为，即，令，即，则由于在上单调递减，故在上单调递减，又因为，所以当时，当时，所以在内单调递增，在上单调递减，所以对于任意的正实数，都有，即对于任意的正实数，都有（）证明：不妨设由（）知，设方程的根为，可得，当时，在上单调递减又由（）知，可得类似地，设曲线在原点处的切线方程为，可得，当，即对于任意的，设方程的根为，可得因为在上单调递增，且，因此由此可得因为，所以，故.所以，