广东省东莞市2021-2022学年高一上学期期末数学试题（解析版）.docx

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1、 20212022学年度第一学期教学质量检查高一数学一、单项选择题：本大题共8小题，每小题5分，共40分. 在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的. 请把正确选项在答题卡中的相应位置涂黑1 已知集合，则（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】解一元二次不等式求集合A，再由集合的交运算求即可.【详解】由，又，.故选：C.2. 已知命题p：，则为（ ）A. ，B. ，C. ，D. ，【答案】C【解析】【分析】全称命题的否定定义可得.【详解】根据全称命题的否定，：，.故选：C.3. 若，则（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】由不等式的性质判断A、B、D

2、的正误，应用特殊值法的情况判断C的正误.详解】由，则，A正确；，B错误；，D错误.当时，C错误；故选：A4. 已知扇形的面积为，当扇形的周长最小时，扇形的圆心角为（ ）A. 1B. 2C. 4D. 8【答案】B【解析】【分析】先表示出扇形的面积得到圆心角与半径的关系，再利用基本不等式求出周长的最小值，进而求出圆心角的度数.【详解】设扇形的圆心角为，半径为，则由题意可得 ，当且仅当时 , 即时取等号，当扇形的圆心角为2时 , 扇形的周长取得最小值32.故选：B.5. 若函数图象上所有点的横坐标向右平移个单位，纵坐标保持不变，得到的函数图象关于轴对称，则的最小值为（ ）A. B. C. D. 【答

3、案】B【解析】【分析】由题设可得，根据已知对称性及余弦函数的性质可得，即可求的最小值.【详解】由题设，关于轴对称，且，则，又，的最小值为.故选：B.6. 如图，质点在单位圆周上逆时针运动，其初始位置为，角速度为2，则点到轴距离关于时间的函数图象大致为（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】利用角速度先求出时，的值，然后利用单调性进行判断即可【详解】因为，所以由，得，此时，所以排除CD，当时，越来越小，单调递减，所以排除B，故选：A7. 对于任意的实数，定义表示不超过的最大整数，例如，那么“”是“”的（ ）A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充要条件D. 既不充分也不必

4、要条件【答案】B【解析】【分析】根据充分必要性分别判断即可.【详解】若，则可设，则，其中，即“”能推出“”；反之，若，满足，但，即“”推不出“”，所以“”是“”必要不充分条件，故选：B.8. 已知函数在区间上的值域为，对任意实数都有，则实数的取值范围是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】根据关于对称，讨论与的关系，结合其区间单调性及对应值域求的范围.【详解】由题设，易知：关于对称，又恒成立，当时，则，可得；当时，则，可得；当，即时，则，即，可得；当，即时，则，即，可得；综上，.故选：D.【点睛】关键点点睛：利用分段函数的性质，讨论其对称轴与给定区间的位置关系，结合对应值域及

5、求参数范围.二、多项选择题：本大题共4小题，每小题5分，共20分. 在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得5分，有选错的得0分，部分选对的得2分. 请把正确选项在答题卡中的相应位置涂黑9. 已知函数，则其图像可能为（ ）A. B. C. D. 【答案】BC【解析】【分析】按照，讨论的取值范围，利用排除法解决.【详解】，定义域需要挖去一个点，不是完整的直线，A选项错误；时，在上递增，也在递增，两个增函数相加还是增函数，即在上递增，故D选项错误，C选项正确.；时，由对勾函数的性质可知B选项正确. 故选：BC.10. 图中阴影部分所表示的集合是（ ）A. B. C. D. 【答案

6、】AC【解析】【分析】根据Venn图，由集合运算的概念，即可得出结果.【详解】阴影部分所表示的集合中的元素属于N，不属于M，故其表示集合或故选:AC11. 已知函数，则下列结论正确的是（ ）A. 为偶函数B. 的周期为C. 在上单调递减D. 在上有3个零点【答案】AD【解析】【分析】A由奇偶性定义判断；B求的解析式，判断与是否相等；C由条件可得，结合正弦函数性质判断单调性；D由题设得，根据正余弦函数的性质画出图象，数形结合判断零点个数.【详解】A：且定义域为R，即为偶函数，正确；B：，错误；C：在上，又，故在上不单调，错误；D：在上，故其图象如下：在上有3个零点，正确.故选：AD.12. 已知

7、正数满足，则下列结论正确的是（ ）A. B. C. D. 【答案】BD【解析】【分析】为将正数“提取”出来分析，需要进行取对数操作，利用换底公式得到的等量关系从而判断AB，利用作差法和基本不等式可判断CD.【详解】设，是正数，于是，两边同时取自然底的对数，得到，也即，不一定成立，A选项错误；，B选项正确；，故只需比较的大小即可，而，又，于是，C选项错误；，而根据基本不等式可得，即，故，故，D选项正确.故选：BD三、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分. 请把答案填在答题卡的相应位置上13. 等于_.【答案】【解析】【分析】直接利用诱导公式即可求解.【详解】由诱导公式得：.故答案为：.1

8、4. 声强级L（单位：dB）由公式给出，其中I为声强（单位：W/m2）. 声强级为60dB的声强是声强级为30dB的声强的_倍.【答案】1000【解析】【分析】根据已知公式，应用指对数的关系及运算性质求60dB、30dB对应的声强，即可得结果.【详解】由题设，可得，可得，声强级为60dB的声强是声强级为30dB的声强的倍.故答案为：1000.15. 若函数满足以下三个条件：定义域为R且函数图象连续不断；是偶函数；恰有3个零点. 请写出一个符合要求的函数_.【答案】（答案不止一个）【解析】【分析】根据偶函数和零点的定义进行求解即可.【详解】函数符合题目要求，理由如下：该函数显然满足；当时，所以有

9、，当时，所以有，因此该函数是偶函数，所以满足当时，或，当时，或舍去，所以该函数有3个零点，满足，故答案为：16. 如图1，正方形ABCD的边长为2，点M为线段CD的中点. 现把正方形纸按照图2进行折叠，使点A与点M重合，折痕与AD交于点E，与BC交于点F. 记，则_.【答案】【解析】【分析】设，则，利用勾股定理求得，进而得出，根据正弦函数的定义求出，由诱导公式求出，结合同角的三角函数关系和两角和的正弦公式计算即可.【详解】设，则，在中，所以，即，解得，所以，所以在中，则，又，所以.故答案：四、解答题: 本大题共6小题，第17题10分，18、19、20、21、22题各12分，共70分. 解答应写

10、出文字说明、证明过程或演算步骤. 必须把解答过程写在答题卡相应题号指定的区域内，超出指定区域的答案无效17 已知集合，.（1）分别判断元素，与集合A，B的关系；（2）判断集合A与集合B的关系并说明理由.【答案】（1），； （2），理由见解析.【解析】【分析】（1）根据集合的描述，判断是否存在使，属于集合A，B即可.（2）法一：由（1）结论，并判断是否有，即知A与B的关系；法二：=x|x是的整数倍，=x|x是的奇数倍，即知A与B的关系；【小问1详解】法一：令，得，故；令，得，故.同理，令，得，故；令，得，故.法二：由题意得：，又，故，；，.【小问2详解】法一：由（1）得：，故；又，由，得，故，所

11、以，都有，即，又，所以.法二：由题意得=x|x是的整数倍，=x|x是的奇数倍，因为奇数集是整数集的真子集，所以集合B是集合A的真子集，即.18. 已知，.（1）求；（2）若，求，并计算.【答案】（1） （2），【解析】【分析】（1）利用同角三角函数的关系可得.（2）将写成，再用两角差的余弦求解；由可求，先化简再代入求解.【小问1详解】，且，解得，所以.【小问2详解】因为，所以，所以，所以.因为，所以，所以.19. 给定函数，用表示，中的较大者，记为.（1）求函数的解析式并画出其图象；（2）对于任意的，不等式恒成立，求实数的取值范围.【答案】（1），作图见解析； （2）.【解析】【分析】（1）根

12、据题意，分类讨论，结合一元二次不等式的解法进行求解并画出图象即可；（2）构造新函数，利用分类讨论思想，结合二次函数的性质进行求解即可.【小问1详解】当即时，则，当即或时，则，故 图象如下：【小问2详解】由（1）得，当时，则在上恒成立等价于在上恒成立.令， 原问题等价于在上的最小值. 当即时，在上单调递增，则，故.当即时，在上单调递减，在上单调递增，则，由时，故不合题意. 综上所述，实数的取值范围为.20. 已知函数的图象在直线的下方且无限接近直线.（1）判断函数的单调性（写出判断说明即可，无需证明），并求函数解析式；（2）判断函数的奇偶性并用定义证明；（3）求函数的值域.【答案】（1）函数在上

13、单调递增， （2）奇函数，证明见解析 （3）【解析】【分析】（1）根据函数的单调性情况直接判断；（2）根据奇偶性的定义直接判断；（3）由奇偶性直接判断值域.【小问1详解】因为随着增大，减小，即增大，故随增大而增大，所以函数在上单调递增.由的图象在直线下方，且无限接近直线，得，所以函数的解析式.【小问2详解】由（1）得，整理得，函数定义域关于原点对称，所以函数是奇函数.【小问3详解】方法一：由（1）知，由（2）知，函数图象关于原点中心对称，故， 所以函数的值域为.方法二：由，得，得，得，得，得，所以函数的值域为.21. 已知函数，其中.（1）若函数的周期为，求函数在上的值域；（2）若在区间上为增

14、函数，求的最大值，并探究此时函数的零点个数.【答案】（1） （2）最大值为，6个【解析】【分析】(1)根据正弦的二倍角公式和辅助角公式可得，利用求出，进而求出，结合三角函数的性质即可得出结果；(2)利用三角函数的性质求出的单调增区间，根据题意和集合之间的关系求出；将问题转化为函数与的图象交点的个数，作出图形，利用数形结合的思想即可得出答案.【小问1详解】由， 由周期为且，得，解得，即，由，得，故，所以函数在上的值域为.【小问2详解】因为在区间上单调递增，故在区间上为单调递增由题知，存在使得成立，则必有则，解得，故，所以的最大值为.当时，函数的零点个数转化为函数与的图象的公共点的个数.画图得：由

15、图知与的图象的公共点的个数共6个，即的零点个数为6个.22. 如图，已知直线/，是直线、之间的一定点，并且点到直线、的距离分别为1、2，垂足分别为E、D，是直线上一动点，作，且使与直线交于点. 试选择合适的变量分别表示三角形的直角边和面积S，并求解下列问题：（1）若为等腰三角形，求和的长；（2）求面积S的最小值.【答案】（1），； （2）2.【解析】【分析】（1）根据相似三角形的判定定理和性质定理，结合等腰三角形的性质、勾股定理进行求解即可；（2）根据直角三角形面积公式，结合基本不等式进行求解即可.【小问1详解】由点到直线、的距离分别为1、2，得AE=1、AD=2，由，得，则，由题意得，在中，从而，由和，得 ，则，即，在中， 在中，由为等腰三角形，得，则且，故，.【小问2详解】由，得在中，当且仅当即时等号成立，故面积S的最小值为2.第18页/共18页学科网（北京）股份有限公司