专题08,电路（第03期）（解析版）.docx

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1、专题08,电路（第03期）（解析版）一、选择题 1一个用半导体材料制成的电阻器 D,其电流 I 随它两端电压 U 改变的伏安特性曲线如图甲所示。现将它与两个标准电阻 R 1 、R 2 组成如图乙所示的电路，当开关 S 接通位置1 时，三个用电器消耗的电功率均为 P。将开关 S 切换到位置 2 后，电阻器 D 和电阻 R 1 、R 2 消耗的电功率分别为 P D 、P 1 、P 2 ，下列推断正确的是AP 1 >PBP 1 <P 2CP D +P 1 +P 2 3PDP D +P 1 +P 2 >3P.BC 依据此半导体材料的伏安特性曲线可知，其电阻随电压减小而增大；开关的接点

2、不同，使电路的连接方式不同，再结合电路中导体的串并联规律及电功率的计算方法，确定正确选项。考点：半导体材料的伏安特性曲线、导体的串并联规律。2如图，闭合开关 S，a 、 b 、 c 三盏灯均正常发光，电源电动势恒定且内阻不行忽视，现将变阻器 R 的滑片稍向上滑动一些，三盏灯亮度改变为()Aa 灯变亮，b 、 c 灯变暗Ba 、 c 灯变亮，b 灯变暗 Ca 、 c 灯变暗，b 灯变亮Da 、 b 灯变暗，c 灯变亮 B 考点：电路的动态分析。学科网 电路的动态分析：分析的依次：外电路部分电路改变→总R 改变→由总总REI = 推断总I 的改变→由 r I E U总

3、- = 推断 U 的改变→由部分电路欧姆定律分析固定电阻的电流、电压的改变→用串、并联规律分析改变电阻的电流、电压、电功。几个有用的结论、外电路中任何一个电阻增大（或削减）时外电路的总电阻肯定增大（或削减）。、若开关的通断使串联的用电器增多时，总电阻增大；若开关的通断使并联的支路增多时，总电阻削减。、动态电路的改变一般遵循串反并同的规律；当某一电阻阻值增大时，与该电阻串联的用电器的电压（或电流）减小，与该电阻并联的用电器的电压（或电流）增大。3如图为一电源电动势为 E，内阻为 r 的恒定电路，电压表A 的内阻为 10kΩ，B 为静电计，C 1 、C 2 分别是两

4、个电容器，将开关闭合一段时间，下列说法正确的是（） A若 C 1 C 2 ，则电压表两端的电势差大于静电计两端的电势差 B若将变阻器滑动触头 P 向右滑动，则电容器 C 2 上带电量增大 CC 1 上带电量为零 D再将电键 S 打开，然后使电容器 C 2 两极板间距离增大，则静电计张角也增大 CD 考点：电容器的动态分析 静电计的两个电极是彼此绝缘的，电压表是由电流表改装成的，电路稳定后，电路中没有电流，电压表两端没有电压，电容器1C 不带电电路稳定后，电容器2C 的电压等于电源的电动势。4如图所示，平行金属板中带电质点 P 处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器 R 4

5、 的滑片向 b 端移动时，则A质点 P 将向上运动B电流表读数减小C电压表读数减小 DR 3 上消耗的功率渐渐增大 C考点：闭合电路的欧姆定律 本题考查闭合电路的欧姆定律，一般可以先将分析电路结构，电容器看作开路；再按部分-整体-部分的分析思路进行分析；首先对电路进行分析，滑片的移动可知电路中总电阻的改变，由闭合欧姆定律可求得电路中电流及路端电压的改变；再对并联部分分析可知电容器两端的电压改变，则可知 P 的受力改变，则可知质点的运动状况。5.如图所示电路，电源电动势为 E，内阻为 r，当开关S 闭合后，小型直流电动机 M 和指示灯 L 都恰能正常工作。已知指示灯 L 的电阻为 R 0 ，额定

6、电流为 I，电动机 M 的线圈电阻为 R，则下列说法中正确的是A.电动机的额定电压为 IRB.电动机的输出功率为 IE-I 2 R C.电源的输出功率为 IE-I 2 r D.整个电路的热功率为 I 2 （R 0 +R+r）CD试题分析：电动机两端的电压 U 1 =UU L ，A 错误；电动机的输入功率 P=U 1 I，电动机的热功率 P 热 =I 2 R，则电动机的输出功率 P 2 =PI 2 R，故 B 错误；整个电路消耗的功率 P 总 =UI=IE-I 2 r，故 C 正确；整个电路的热功率为 Q=I 2 （R 0 +R+r），D 正确。考点：电功、电功率 灯泡是纯电阻电路，满意欧姆定律

7、，但电动机不是纯电阻，不能满意欧姆定律；电源的输出功率 P=UI=IE-I 2 r；由公式 P=UI 求出电动机的总功率 P 总 电动机的输出功率是机械功率，依据能量守恒可知 P 出 =P 总 -P 热 ，P 热 =I 2 R整个电路的热功率为 I 2 （R 0 +R+r）6. 如图所示，始终流电动机与阻值 R9 Ω 的电阻串联在电源上，电源电动势 E30 V，内阻 r1 Ω，用志向电压表测出电动机两端电压 U10 V，已知电动机线圈的电阻 R M 1 Ω，则下列说法中正确的是()A通过电动机的电流为 10 A B电动机的输入功率为 20 WC电源的输出功率

8、为 4 WD电动机的输出功率为 16 WBD考点：电动机电路 对于电功率的计算，肯定要分析清晰是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的在计算电功率的公式中，总功率用 P=IU 来计算，发热的功率用 P=I2R 来计算，假如是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，其次个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的 7 如图所示为汽车蓄电池与车灯（电阻不变）、启动电动机组成的电路，蓄电池内阻为 0.05 Ω.电流表和电压表均为志向电表，只接通 S 1 时，电流表示数为 10 A，电压表示数为 12

9、 V；再接通 S 2 ，启动电动机工作时，电流表示数变为 8 A，则此时通过启动电动机的电流是A2 AB8 A C50 A D58C 考点：闭合电路欧姆定律。闭合电路：（1）组成：内电路：电源内部的电路.内电阻所着陆的电压称为内电压. 外电路：电源外部的电路.其两端电压称为外电压（或路端电压）. （2）内、外电压的关系：EU 外 U 内 8如图所示电路，电源内阻不行忽视。在滑动变阻器触头由 a 滑向 b 的过程中。下列说法中正确的是A电流表示数减小 B小灯泡 L 亮度增加 C电源内电阻消耗功率减小 D电源输出功率肯定增加 C试题分析：当滑动变阻器触头由 a 滑向 b 的过程中，滑动变阻器接入回

10、路中的阻值增加，总阻值增加，由总REI = ，电流减小，由 Ir E U - = 知，路端电压增加，电流表的示数增加，A 错；由L AI I I + = ,总电流 I 减小，I A 增加，知 I L 减小，及小灯泡量度减小，B 错；由 r I P r2= ，知电源内阻消耗功率减小 C对；因不知电源的内、外阻的大小关系，故不行推断电源的输出功率的改变状况，D 错。考点：闭合电路欧姆定律。电路动态分析的一般步骤 （1）明确局部电路改变时所引起的局部电路电阻的改变 （2）由局部 R 的改变→确定 R 总 的改变 （3）由 I 总 ERr →确定 I总 的改变 （4）由 U 内 I

11、 总 r→确定 U 内 的改变 （5）由 U 外 EU 内 →确定 U 外 的改变 （6）由 UIR→确定干路上定值电阻两端的电压改变→再确定各支路电压、电流的改变 9. 如图，电路中定值电阻阻值 R 大于电源内阻阻值 r闭合电键后，将滑动变阻器滑片向下滑动，志向电压表 V 1 、V 2 、V 3 示数改变量的肯定值分别为U 1 、U 2 、U 3 ，志向电流表示数改变量的肯定值为I，则：()A.U 2 =U 1 +U 3B. r RIU+ =DD3CIUDD1和IUDD2保持不变D电源输出功领先增大后减小 BC V 2V 3E，r K R V 1A源内

12、阻阻值 r，故将滑片向下移动时，功率变大，D 错。考点:闭合电路欧姆定律。电源的输出功率和外电阻的关系：当 Rr 时，电源的输出功率最大，为 P m E24r . 当 R>r 时，随着 R 的增大，输出功率越来越小 当 R<r 时，随着 R 的增大，输出功率越来越大 P 出 <P m 时，每个输出功率对应两个不同的外电阻 R 1 和 R 2 ，且满意 R 1 R 2 r 2 . 10如图甲所示，不计电表对电路的影响，变更滑动变阻器的滑片位置，测得电压表 和 随电流表 的示数改变规律如图乙中 a、b所示，下列推断正确的是（ ）图线 a 的延长线与纵轴交点的坐标值等于电源电动势图

13、线 b 斜率的肯定值等于电源的内阻 图线 a、b 交点的横、纵坐标之积等于此状态下电源的输出功率图线 a、b 交点的横、纵坐标之积等于此状态下电阻 R 0 消耗的功率 A B C D C考点：全电路欧姆定律。在全电路欧姆定律的规律中，路端电压与电流的图像中，图线与纵轴电压的交点就是电源的电动势，与横轴电流的交点就是短路电流，由其大小可以计算电源的内阻；再画出外电路电阻的图线，它过原点，其交点表示电路中的路端电压与电流，其乘积表示电源的输出功率。11在如图所示的电路中，开关闭合后，灯泡 L 能正常发光当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列推断正确的是A滑动变阻器 R 的阻值变小 B灯泡 L 变暗 C

14、电源消耗的功率增大 D电容器 C 的电荷量增大 BD 考点：动态电路 动态电路从局部电阻的改变到总电阻的改变，进而到总电流的改变，内电压的改变和路端电压的改变。本题中电容器的存在，使得电阻0R 断路，电路简化为串联电路，电源消耗的总功率和电源电动势以及电流有关。电容器电荷量和电压电容有关，留意电容器电压等于路端电压。0R 不通电则无电压。12如图为一玩具起重机的电路示意图电源电动势为 6 V，内电阻为0.5 Ω，电阻 R2.5 Ω，当电动机以 0.5 m/s 的速度匀速向上提升一质量为 320 g 的物体时(不计一切摩擦阻力，g10 m/s2)，标有3 V，0.6 W的

15、灯泡正好正常发光则电动机的内阻为A1.25 Ω B3.75 ΩC5.625 Ω D1 Ω A考点：串并联电路欧姆定律 电动机为非纯电阻电路，电压和灯泡电压相等。灯泡正常发光即电压等于额定电压。并联电压等于电压电动势减去电源内阻和定值电阻的电压。总电流减去灯泡电流即电动机电流。电动机总功率减去机械功率即发热功率。13小灯泡通电后，其电流 I 随所加电压 U 改变的图线如图所示，P 为图线上一点，PN 为图线的切线，PQ 为 U 轴的垂线，PM 为 I 轴的垂线，则下列说法不正确的是A随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大 B对应 P 点，小灯泡的电阻

16、为 R U 1I 2 C对应 P 点，小灯泡的电阻为 RU 1I 2 I 1D对应 P 点，小灯泡的功率为图中矩形 PQOM 所围的面积 C试题分析：依据欧姆定律 =IUR ， - I U 图像中某一点与原点连线的斜率表示1R，依据图像推断，随电压增大，斜率变小，电阻变大，选项 A 对。对于 P 点电阻则有2=I1UR ，选项 B 对 C 错。对应 P 点，小灯泡的功率1 2=U P I 即图中矩形 PQOM 所围的面积，选项 D 对。考点：欧姆定律对小灯泡的伏安特性曲线，不是切线的斜率而是与原点连线的斜率表示电阻或者电阻的倒数。依据欧姆定律 =IUR ，但是灯泡电阻随电压而改变，图像不是倾斜

17、的直线，电阻 =I IDDU UR 。而电功率的计算也是如此，1 2=U P I ，不是切线对应的电流1I 。14.在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为 E 、内电阻为 r ， R1、 R 2为定值电阻， R 3为滑动变阻器， C 为电容器，A、V 为志向电流表和电压表。在滑动变阻器滑动头 P 自 a 端向 b 端滑动的过程中，下列说法中正确的是( )A电压表示数变大B电流表示数变小 C电容器 C 所带电荷量增多D a 点的电势降低 AD 考点：闭合回路欧姆定律 比荷回路须要牵一发而动全身，不动的只有电源电压。一个电阻的改变导致并联电阻的改变进而总电阻的改变，总电阻的改变引起总电流的

18、改变，从而内电压和定值电阻的电压改变，最终分析到并联电压和并联支路中定值电阻的电流，再依据总电流分析到改变电阻的电流。15.钱学森被誉为中国导 1 他的创作导弹制导方式许多，惯性制导系统是其中的一种，该系统的重要元件之一是加速度计，如图所示沿导弹长度方向安装的固定光滑杆上套一质量为 m 的绝缘滑块，分别与劲度系数均为 k 的轻弹簧相连，两弹簧另一端与固定壁相连当弹簧为原长时，固定在滑块上的滑片停在滑动变阻器(电阻总长为 L )正中心，M、N 两端输入电压为 U0，输出电压 U PQ0.系统加速时滑块移动，滑片随之在变阻器上自由滑动， U PQ相应变更，然后通过限制系统进行制导设某段时间内导弹沿

19、水平方向运动，滑片向右移动， U PQ031 U ，则这段时间内导弹的加速度( )A方向向右，大小为mkL3B方向向左，大小为 mkL3 C方向向右，大小为mkL32D方向向左，大小为mkL32D考点：闭合回路欧姆定律，通过输入电压和输出电压的关系推断 PQ 之间电阻为总电阻的三分之一，即 PQ 之间的长度为3Lx = 。其次是弹簧的移动涉及到左右两个弹簧，两个弹力。而且一个压缩一个拉伸，弹力方向相同，而不是相互抵消。16、如图所示的电路中，电源电动势为 E，内电阻为 r，平行板电容器 C 的两金属板水平放置，1R 和2R 为定值电阻，P 为滑动变阻器 R 的滑动触头，G 为灵敏电流计，A为志

20、向电流表。开关 S 闭合后，C 的两板间恰好有一质量为 m、电荷量为 q 的油滴处于静止状态，则下列说法正确的是A、在 P 向上移动的过程中，A 表的示数变大，油滴仍旧静止，G 中有方向由 a 到 b 的电流 B、在 P 向上移动的过程中，A 表的示数变小，油滴向上加速运动，G 中有方向由 b 至 a 的电流 C、在 P 向下移动的过程中，A 表的示数变大，油滴向上加速运动，G 中有方向由 a 至 b 的电流 D、将 S 断开，当电路稳定时，A 表的示数为零，油滴仍保持静止状态，G 中无电流 B 考点：考查了含电容电路 本题是电容的动态改变分析问题，关键在于确定电容器的电压及其改变当电路稳定时

21、，电容器的电压等于所在支路两端的电压 17、在图所示的电路中，电源的电动势恒定，要想使灯泡 L 变暗，可以A、增大1R 的阻值 B、减小1R 的阻值 C、增大2R 的阻值 D、减小2R 的阻值 AD 考点：考查了欧姆定律的应用，含电容电路 本题也可以依据欧姆定律来分析，若部分电阻发生了改变，则对该部分的处理不能干脆依据欧姆定律求解，本题中分析灯泡 L 亮度的改变，关键分析灯泡 L 和 R2 并联的电压如何改变，应敏捷应用串并联电路的性质进行分析推断 18、如图所示的闭合电路中，1 2 3R R R 、 、 是固定电阻，4R 是半导体材料做出的光敏电阻，当开关 S 闭合后在没有光照耀时，电容不带

22、电，当用强光照耀4R 时，A、电容 C 上板带正电B、电容 C 下板带正电 C、4R 的阻值变大，路端电压增大D、4R 的阻值变小，电源总功率变小 B试题分析：在没有光照耀时，电容不带电，则说明1R 两端电压等于3R 两端电压，当用强光照耀4R 时，4R 减小，其两端电压减小，则3R 两端电压增大，故此时3R 两端电压大于1R 两端电压，即上极板的电势低，下极板的电势高，故下极板带正电，A 错误 B 正确；电路总电阻减小，故电路总电流增大，电源总功率 P EI =增大，C 错误，D 正确， 考点：考查了电路动态改变分析 关键是知道在没有光照耀时，电容不带电，的含义，即1R 两端电压等于3R 两

23、端电压，然后通过比较有光照耀后电阻两端电压改变状况，得出电容器两个极板的电势凹凸状况 19如图所示的电路中，电源内阻不行忽视，若调整可变电阻 R 的阻值，可使电 压表 的示数减小 ΔU(电压表为志向电表)，在这个过程中A通过 R 1 的电流减小，减小量肯定等于 ΔU/R 1BR 2 两端的电压增加，增加量肯定等于 ΔU C路端电压减小，减小量肯定等于 ΔU D通过 R 2 的电流增加，但增加量肯定小于 ΔU/R 2AD 考点：电路的动态分析 本题是电路动态改变分析问题，分析的思路一般采纳先局部后整体，再局部的分析方法；本题分析电压改变

24、量的关系时采纳总量法，由电压表示数改变和总电压（路端电压）的改变来分析 R 2 电压的改变，这是常用的方法。20在如图 4 所示的电路中，电源电动势为 E，内电阻为 r，C 为电容器，R 0 为定值电阻，R 为滑动变阻器开关闭合后，灯泡 L 能正常发光当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列推断正确的是A灯泡 L 将变暗 B灯泡 L 将变亮 C电容器 C 的电荷量将减小 D电容器 C 的电荷量将增大 AD 考点：全电路欧姆定律；动态分析 本题考查了全电路欧姆定律的应用及电路的动态分析；关键的要抓住电容器的特点：当电路稳定时，和电容器串联的电路没有电流，电容器电压等于这一串联电路两端的电压，例如此题中

25、电容器两端的电压等于路端电压值. 21、将始终流电源的总功率EP 、输出功率RP 和电源内部的发热功率rP 随电流 I 改变的图线画在同一坐标系中，如图所示，则下列说法正确的是A、图线 b 表示电源内部的发热功率rP 随电流 I 的改变关系 B、M 点对应的功率为最大输出功率 C、在图线上 A、B、C 三点的纵坐标肯定满意关系A B CP P P +D、两个图线上交点 M 与 N 的横坐标之比肯定为 1:4，纵坐标之比肯定为 1:2 AB考点：考查了电功率的计算 依据电源消耗的总功率的计算公式EP EI = 可得电源的总功率与电流的关系，依据电源内部的发热功率2Pr I r = 可得电源内部的

26、发热功率与电流的关系，从而可以推断 abc 三条线代表的关系式，在由功率的公式可以分析功率之间的关系 22. 如图所示，电源电动势为 E，内阻不计。滑动变阻器阻值为R=50Ω，定值电阻 R 1 =30Ω，R 2 =20Ω，三只电流表都是志向电流表。滑动变阻器的滑动触头 P 从 a 向 b 移动过程中，下列说法正确的是：A电流表 A 的示数先增大后减小 B电流表 A 1 的示数先增大后减小 C电流表 A 2 的示数渐渐增大 D滑动触头 P 移到 b 端时电流表 A 的示数最大 CD试题分析：当满意1 2 aP bPR R R R + = + 时，外电路的电阻最

27、大，则滑动变阻器的滑动触头 P 从 a 向 b 移动过程中，电路的总电阻先增大后减小，电流先减小后增加，电流表 A 的示数先减小后增大，选项 A 错误；因电源的内阻不计，可知电流表 A 1 的示数11 aPEIR R=+，则随着 R aP 的增加，电流表 A 1 读数减小，选项 B错误；电流表 A 2 的示数21 bPEIR R=+，则随着 R bP 的减小，电流表 A 2 读数渐渐增大，选项 C 正确；由数学学问可知，当滑动触头 P 移到 b 端时电路的总电阻最小，此时电流表 A 的示数最大，选项 D 正确；故选CD. 考点：电路的串联和并联；欧姆定律的应用 此题主要考查电路的串联和并联以及

28、欧姆定律的应用；关键是知道一个数学结论：当两数之和肯定时，两数相等时乘积最大；此题中当滑动端 P 两边电阻相等时，总电阻是最大的；离开此位置越远，则总电阻越小. 23. 一台电动机的线圈电阻与一只电炉的电阻相同，当二者通过相同的电流且均正常工作时，在相同的时间内 电炉放出的热量与电动机放出的热量相等 电炉两端电压小于电动机两端电压 电炉两端电压等于电动机两端电压 电动机消耗的功率大于电炉消耗的功率 ABCD A 考点：电功和电功率 此题要明确电动机工作时电功只能用 W=UIt 求，电热只能用焦耳定律求；电炉为纯电阻电路，在工作时，电热等于电功，W=UIt=I 2 rt；对于电炉电路和电动机电路

29、，焦耳定律都适用，欧姆定律只适用于电炉，不适用于正常工作的电动机；依据欧姆定律探讨电炉两端的电压；电动机两端的电压大于电流与电阻的乘积。24如图所示，平行金属板中带电质点 P 原来处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，R 1 的阻值和电源内阻 r 相等当滑动变阻器的滑片向 b 端移动时，则（） AR 3 上消耗的功率渐渐增大B电流表读数增大，电压表读数减小 C质点 P 将向上运动D电源的输出功率渐渐增大 BD 考点：电路的动态分析 本题是电路动态改变分析问题，首先要先搞清电路的结构，然后先分析变阻器接入电路的电阻改变，再分析外总电阻改变和总电流的改变，接着分析局部电路电压和电流的改变

30、，主要步骤根据：局部整体再到局部的分析思路进行. 25、下图为学校配电房向各个教室的供电示意图，T 为志向变压器，原副线圈的匝数比为 4:1。V 1、A 1为监控市电 供电端的电压表和电流表，V 2、A 2为监控校内变压器的输出电压表和电流表，R 1、R 2为教室的负载电阻，V3、A3为教室内的监控电压表和电流表，配电房和教室间有相当长的一段距离，则当开关 S 闭合时A电流表 A 1、A 2和 A 3的示数都变大 B只有电流表 A 1的示数变大 C电压表 V3 的示数变小 D电压表 V1和 V 2 的示数比始终为 4:1CD 考点：变压器；电路的动态分析 解决本题的关键知道输入电压确定输出电压

31、，输出电流确定输入电流，输出功率确定输入功率；抓住原线圈的输入电压不变，结合输出端总电阻的改变得出输电线上电流的改变，从而得出电压损失的改变，依据输出电压不变，得出用户端电压的改变，从而得知通过负载电阻电流的改变抓住输电线上电流的改变，依据原副线圈电流比等于匝数之反比求出原线圈中电流的改变。26.如图所示电路中，电源电动势为 E、内阻为 r，R 0 为定值电阻，电容器的电容为 C闭合开关 S，增大可变电阻 R 的阻值，电压表示数的改变量为U，电流表示数的改变量为I，则（）A改变过程中U 和I 的比值保持不变 B电压表示数 U 和电流表示数 I 的比值不变 C电容器的带电量增大，增大量为 CU

32、D电阻 R 0 两端电压减小，减小量为U， AC试题分析：依据闭合电路欧姆定律得：U=E-I（R 0 +r），由数学学问得知，0 U R rI= +VV，保持不变故 A正确由图，URI= ，R 增大，则电压表的示数 U 和电流表的示数 I 的比值变大故 B 错误闭合开关 S，增大可变电阻 R 的阻值后，电路中电流减小，由欧姆定律分析得知，电阻 R 0 两端的电压减小，R 两端的电压增大，而它们的总电压即路端电压增大，所以电阻 R 0 两端的电压减小量小于U电容器两极板间的电压等于 R 两端的电压，可知电容器板间电压增大，带电量增大，增大量为 CU故 D 错误，C 正确故选 AC. 考点：闭合电

33、路欧姆定律；动态电路分析 此题考查了闭合电路欧姆定律及电路的动态电路分析问题；关键是搞清电路的结构；题中两电表读数的比值要依据欧姆定律和闭合电路欧姆定律来分析，留意U RIVV ，R 是非纯性元件；此题是中等题. 27. 如图，电路中定值电阻阻值 R 大于电源内阻阻值 r闭合电键后，将滑动变阻器滑片向下滑动，志向电压表 V 1 、V 2 、V 3 示数改变量的肯定值分别为U 1 、U 2 、U 3 ，志向电流表示数改变量的肯定值为I，则：（）A.U 2 =U 1 +U 3 B. r RIU+ =DD3 CIUDD1和IUDD2保持不变 D电源输出功领先增大后减小 BC 考点：全电路欧姆定律的应

34、用 本题是电路的动态分析问题，关键要搞清电路的结构，明确电表各测量哪部分电路的电压或电流，依据闭合电路欧姆定律进行分析；留意分析电压表和电流表改变量的比值时，首先要找到电压表和电流表读数的函数关系. 28以下物理事实，描述正确的是（ ）V 2V 3E，r K R V 1AA在炼钢厂中，把熔化的钢水浇入圆柱形模子，模子沿圆柱的中心轴高速旋转，钢水由于受到离心力的作用趋于周壁，形成无缝钢管 B在燃气灶中，安装有电子点火器，接通电子线路时产生高电压，通过高压放电来点燃气体，点火器的放电电极往往做成球状 C有些合金如锰铜合金和镍铜合金，由于电阻率几乎不受温度改变的影响，常用来制作标准电阻 D为保证电表

35、在运输过程中指针晃动角度过大，不能用导线将两接线柱连起来 C考点：离心现象；尖端放电；电阻；阻尼作用. 此题考查了物理规律在生活中的应用问题；例如离心现象、尖端放电、电阻、阻尼作用；关键要知道物体产生离心现象的缘由；只有尖端才能聚聚大量电荷而发生放电；知道电磁阻尼现象在实际中的应用. 29、A、B 两块正对的金属板竖直放置，在金属板A 的内侧表面系一绝缘细线，细线下端系一带电小球（可视为点电荷）。两块金属板接在如图所示的电路中，电路中的 R 1 为光敏电阻（其阻值随所受光照强度的增大而减小），R 2 为滑动变阻器，R 3 为定值电阻。当 R 2的滑片 P 在中间时闭合电键 S，此时电流表和电压

36、表的示数分别为 I 和 U，带电小球静止时绝缘细线与金属板 A 的夹角为 θ。电源电动势 E 和内阻 r 肯定，下列说法中正确的是 A.若将 R 2 的滑动触头 P 向 a 端移动，则 θ 变小 B.若将 R 2 的滑动触头 P 向 b 端移动，则 I 减小，U 减小 C.保持滑动触头 P 不动，用较强的光照耀 R 1 ，则小球重新达到稳定后 θ 变小D.保持滑动触头 P 不动，用较强的光照耀 R 1 ，则 U 改变量的肯定值与 I 改变量的肯定值的比值不变 CD 考点：电路的动态分析 此题是电路的动态分析问题；解决本题的关键是首先搞清晰电路的结构，知道电容

37、器两端的电压是哪部分的电压；分析电压表和电流表读数改变量的比值时，要抓住电源的电动势和内阻不变，利用闭合电路欧姆定律进行动态分析. 30. 用电动势为 E、内电阻为 r 的电池组干脆向线圈电阻为 R的电动机供电，电动机正常工作后，测得通过的电流为 l、电动机两端的电压为 U，则 A.电路中电流EIR r=+ B.在时间 t 内，电池组消耗的化学能为 IEtC.在时间 t 内，电动机输出的机械能是2IEt I rt -D.以上说法都不对 B试题分析：因电动机是非纯电阻电路，不满意欧姆定律，故电路中电流不等于EIR r=+，选项 A 错误；在时间 t 内，电池组消耗的化学能为 IEt ，选项 B

38、正确；在时间 t 内，电动机输出的机械能是2IUt I Rt - ，选项 D 错误；故选 B. 考点：电功率；全电路的欧姆定律 此题是对电功率以及全电路的欧姆定律的考查；要知道电动机是非纯电阻电路，不满意欧姆定律；同时要搞清电路中的能量安排关系：电源的总功率一部分消耗在内阻上，另一部分输出给电动机，电动机的内阻消耗一部分热功率，剩下的功率变为机械功率输出. 31如图所示，电源电动势为 E，内电阻为 r当滑动变阻器的触片 P 从右端滑到左端时，发觉志向电压表 V 1 、V 2 示数改变的肯定值分别为 ΔU 1 和 ΔU 2 ，下列说法中正确的是A小灯泡 L 3 变亮，L

39、1 、L 2 变暗 B小灯泡 L 1 、L 3 变暗，L 2 变亮 CΔU 1 <ΔU 2DΔU 1 >ΔU 2 D 考点：电路的动态分析 本题是电路动态改变分析问题，解题时先搞清电路的基本结构及滑动变阻器电阻的改变状况，然后按局部→整体→局部思路进行分析运用总量法分析两电压表读数改变量的大小；此类题目是常规题，要娴熟驾驭分析方法. 32对于常温下一根阻值为 R 的匀称金属丝，下列说法中正确的是() A常温下，若将金属丝匀称拉长为原来的 10 倍，则电阻变为 10 R B常温下，若将金属丝从中点对折起来，电阻变为

40、14 R V 2 V 1 L 1 L 2 L 3 PC给金属丝加上的电压渐渐从零增大到 U 0 ，则任一状态下的 UI比值不变 D把金属丝温度降低到肯定零度旁边，电阻率会突然变为零 BD试题分析：常温下，若将金属丝匀称拉长为原来的 10 倍，横截面积减小为 0.1 倍，电阻率不变，依据电阻定律，电阻增大为 100 倍，故 A 错误；常温下，若将金属丝从中点对折起来，长度变为一半，横截面积变为 2 倍，故电阻变为14倍，故 B 正确；给金属丝加上的电压渐渐从零增大到 U 0 ，由于功率增加，导致温度会略有上升，故金属丝的电阻率会变大，由于截面积和长度均不变，依据电阻定律可得电阻值变大；再依据欧姆

41、定律可以得到UI比值变大，故 C 错误；金属电阻率会随温度的降低而降低，当温度降低到肯定零度旁边时，电阻率会突然降为零，发生超导现象，故 D 正确；故选 BD. 考点：电阻定律 本题是对电阻定律的考查；解题的关键要能娴熟运用电阻定律，同时要明确电阻率的物理意义和温度对其的影响；导体的电阻只与物体的材料和温度有关一般说金属材料的电阻率随着温度的上升而增大，有些材料恰好相反 33、如图，a、b 分别表示一个电池组和一只电阻 R 的伏安特性曲线用该电池组干脆与电阻 R 连接成闭合电路，则以下说法正确的是 A电池组的内阻是 1ΩB电阻的阻值为 0.33Ω C电池组的输出功率将是

42、 4WD变更电阻 R 的阻值时，该电池组的最大输出功率为 4W AD试题分析：电池组的内阻4 014| |UrI-= = W = W 故 A 正确；电阻的阻值约3 031URI-= = W = W 故 B 错误两图线的交点表示将该电阻接在该电池组两端时电路的工作状态，由图读出路端电压为 U=3V，电流为 I=1A，电池组的输出功率是 P=UI=3W故 C 错误当外电阻等于电池的内阻时，即外电阻 R=r=1Ω 时，电池组的最大输出功率U/V I/A 4 2 O 1 2 3 4 a b2 241 41 1EP R W WR r= = =+ +出（ ）（ ）故 D 正确故选 AD. 考点

43、：U-I 图线；电功率 本题考查读图的实力对于图象，往往从数学上斜率、截距、交点等学问来理解其物理意义；电池组的伏安特性曲线的斜率肯定值等于电池的内阻电阻的伏安特性曲线斜率的倒数大小等于电阻两图线的交点表示将该电阻接在该电池组两端时电路的工作状态当外电阻等于电池的内阻时电池组有最大的输出功率. 二、非选择题 34、（8 分）如图所示，R 为电阻箱，电压表为志向电压表当电阻箱读数为 R 1 =2Ω 时，电压表读数为 U 1 =4V；当电阻箱读数为 R 2 =5Ω 时，电压表读数为 U 2 =5V求：（1）电源的电动势 E 和内阻 r （2）当电阻箱 R 读数为多少时，电源

44、的输出功率最大?最大值 P m 为多少?（1）6 V；1 Ω.（2）1 Ω；9W.考点：闭合电路欧姆定律；电功率 24. (10 分)如图所示，电源电动势 E6 V，内阻 r1 Ω，电阻 R 1 2 Ω，R 2 3 Ω，R 3 7.5 Ω，电容器的电容 C5 μF。开关 S 原来断开，现在合上开关 S 到电路稳定，试问这一过程中通过电流表的电荷量是多少？ 2.4×10 5C。考点：闭合电路的欧姆定律；电容器 本题主要考查了闭合电路欧姆定律的干脆应用，要求同学们能理清电路的结构，搞清电容器两端的电压是哪部分

45、电阻上的电压，另外还要搞清电键闭合前后电容器极板的极性的改变；此题难度中等。35（10 分）如图所示的电路中，两平行金属板 A、B 水平放置，两板间的距离 d=40cm电源电动势 E=24V，内电阻 r=1Ω，电阻 R=15Ω闭合 S，待电路稳定后，将一带正电的小球从 B 板小孔以初速度 v 0 =4m/s 竖直向上射入板间若小球带电量为 q=1×10 -2 C，质量为 m=2×10 -2 kg，不考虑空气阻力那么，滑动变阻器滑片 P 在某位置时，小球恰能到达 A 板。求（取 g=10m/s 2 ）： (1)两极板间的电场强度大小； (2)滑动变

46、阻器接入电路的阻值；(3)此时，电源的输出功率。（1）20V/m（2）8Ω（3）23W试题分析：（1）对小球从 B 到 A，有 v A =0；则由动能定理可得：qU AB mgd=012mv 0 2 得：U AB =8V；则8/ 20 /0.4ABUE V m V md= = =（2）由闭合电路欧姆定律可得：E=I（R+r）+U AB解得：I=1A； 则有：8ABPURI= = W（3）电源的输出功率：2 2( ) 1 (15 8) 23PP I R R W W = + = + =考点：动能定理及闭合电路的欧姆定律的应用 36.(10 分) 在如图所示的电路中，R 1=2 Ω，R 2=R 3=4 Ω，当电键 K 接 a 时，R 2上消耗的电功率为 4 W，当电键 K 接 b 时，电压表示数为 4.5 V，试求：（1）电键 K 接 a 时，通过电源的电流和电源两端的电压； （2）电源的电动势和内电阻； （3）当电键 K 接 c 时，通过 R 2的电流. （1）1A 4v （2）6 v? E =2 r W （3）0.5A 考点：