(文末答案)历年高考物理力学牛顿运动定律重点知识归纳.pdf

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1、1 (文末答案)历年高考物理力学牛顿运动定律重点知识归纳 单选题 1、在梯井中，由钢索悬挂竖直电梯 C，顶部用绳子悬挂了球 A，A 下方焊接一个弹簧，弹簧下端悬挂球 B，整个装置处于静止状态，简化示意图如图所示。已知绳子、弹簧的质量远小于两球质量，两球质量又远小于电梯质量。若悬挂电梯的钢索突然断裂，在电梯下落瞬间，球 A、球 B、电梯 C 各自加速度约为（）A9.8m/s2，9.8m/s2，0B19.6m/s2，0，9.8m/s2 C0，9.8m/s2，9.8m/s2D9.8m/s2，0，9.8m/s2 2、物体质量为m5Kg 放在粗糙的水平面上，在力F的作用下做a2m/s2的匀加速直线运动，

2、方向向右，已知物体与地面之间的动摩擦因数为 0.3，则外力F为（）A20NB15NC25ND10N 3、科学研究发现，在月球表面：没有空气；重力加速度约为地球表面的16；没有磁场。若宇航员登上月球后，在空中同时释放氢气球和铅球，忽略地球和其他星球对月球的影响，以下说法正确的是（）A氢气球和铅球都处于超重状态 B氢气球将加速上升，铅球加速下落 C氢气球和铅球都将下落，但铅球先落到地面 2 D氢气球和铅球都将下落，且同时落地 4、一个倾角为=37的斜面固定在水平面上，一个质量为m=1.0kg 的小物块（可视为质点）以v0=4.0m/s 的初速度由底端沿斜面上滑，小物块与斜面的动摩擦因数=0.25。

3、若斜面足够长，已知 sin37=0.6，cos37=0.8，g取 10m/s2。小物块沿斜面上滑时的加速度大小为（）A5 m/s2B4 m/s2 C8 m/s2D10 m/s2 多选题 5、如图所示，水平传送带A、B两端相距s2m，工件与传送带间的动摩擦因数 0.4工件滑上A端瞬时速度vA5m/s，达到B端的瞬时速度设为vB，则（）A若传送带以 4m/s 顺时针转动，则vB4m/s B若传送带逆时针匀速转动，则vB3m/s C若传送带以 2m/s 顺时针匀速转动，则vB3m/s D若传送带以某一速度顺时针匀速转动，则一定vB3m/s 6、如图所示，甲为履带式电梯，乙为台阶式电梯，它们倾角相同，

4、没有顾客乘坐时低速转动，有顾客乘坐时会匀加速启动，启动时两个电梯的加速度大小相同。质量相同的小红和小明两个乘客分别乘坐甲、乙电梯上楼，在电梯启动阶段两位乘客受到的摩擦力大小分别为f甲、f乙，则（）3 A小明和小红受到电梯的作用力大小不相同 Bf甲f乙 C小明受到电梯的作用力方向竖直向上 Df甲与f乙大小关系与倾角大小无关 7、如图所示，倾角为 的斜面体 C 置于水平面上，B 置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与 A 相连接，连接 B 的一段细绳与斜面平行，A、B、C 都处于静止状态，则（）A水平面对 C 的摩擦力方向一定向左 BB 受到 C 的摩擦力一定为零 C水平面对 C 的支持力一定小于

5、 B、C 的总重力 DA 的质量一定大于 B 的质量 8、如图所示，在水平上运动的箱子内，用轻绳AO、BO在O点悬挂质量为 2kg 的重物，轻绳AO、BO与车顶部夹角分别为 30、60。在箱子沿水平匀变速运动过程中，为保持重物悬挂点O位置相对箱子不动（重力加速度为g），则箱子运动的最大加速度为（）A2B33C32D3 4 填空题 9、如图（a）所示，木板OA可绕轴O在竖直平面内转动，用此装置探索物块在方向始终平行于斜面、大小为F8N 的力作用下加速度与斜面倾角的关系。已知物块的质量m1kg，通过 DIS 实验，得到如图（b）所示的加速度与斜面倾角的关系图线。若物块与木板间的动摩擦因数为 0.2

6、，假定物块与木板间的最大静摩擦力始终等于滑动摩擦力，g取 10m/s2。图（b）中图线与纵坐标交点a0为_，图（b）中图线与 轴交点坐标分别为 1和 2，木板处于该两个角度时的摩擦力指向和物块的运状态为_。10、牛顿第一定律（1）内容：一切物体总保持_状态或静止状态，除非作用在它上面的力迫使它改变这种状态（2）意义：揭示了物体的固有属性：一切物体都有_，因此牛顿第一定律又叫_定律；揭示了力与运动的关系：力不是_物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因，即力是产生_的原因 11、一辆高速行驶的F1赛车与一架静止在发射场的航天飞机，两者运动状态较难改变的是_，你判断时依据的物理规律是_，请写出你

7、判断的逻辑过程：_。12、质量为m=1kg 的物体在水平拉力作用下沿粗糙水平面做匀变速直线运动，动摩擦因数=0.1，其位移随时间变化的关系式为x=2t-t2（m），则物体的初速度大小是 _m/s，水平拉力的大小为_ N。解答题 13、如图所示，竖直平面内一倾角=37的粗糙倾斜直轨道与光滑圆弧轨道相切于点，长度可忽略，且与传送带水平段平滑连接于点。一质量=0.2kg的小滑块从点静止释放，经点最后从点水平滑上传送5 带。已知点离地高度=1.2m，长1=1.25m，滑块与间的动摩擦因数1=0.25，与传送带间的动摩擦因数2=0.2，长度2=3m，圆弧轨道半径=0.5m。若滑块可视为质点，不计空气阻力

8、，=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8。求：（1）小滑块经过点时对轨道的压力；（2）当传送带以顺时针方向1=4m/s的速度转动时，小滑块从水平传送带右端点水平抛出后，落地点到点的水平距离。14、2022 年 2 月 8 日，我国选手谷爱凌在第 24 届冬季奥林匹克运动会女子自由式滑雪大跳台比赛中获得冠军参赛滑道简图如图所示，为同一竖直平面内的滑雪比赛滑道，运动员从a点自静止出发，沿滑道滑至d点飞出，然后做出空翻、抓板等动作其中段和段的倾角均为=37，段长1=110m，水平段长2=12m，坡高=9m设滑板与滑道之间的动摩擦因数为=0.4，不考虑转弯b和c处的能量损失，运动员连同

9、滑板整体可视为质点，其总质量=60kg忽略空气阻力，g取10m/s2（1）运动员从a到b所用的时间；（2）运动员到达c点时的速度大小；15、如图所示，质量为 3kg 的物体在与水平面成 37角的拉力F作用下，沿水平桌面向右做直线运动，经过0.5m 的距离速度由 0.6m/s 变为 0.4m/s，已知物体与桌面间的动摩擦因数 13，求作用力F的大小。（g6 10m/s2）16、如图所示，一根足够长的水平杆固定不动，一个质量m2kg 的圆环套在杆上，圆环的直径略大于杆的截面直径，圆环与杆间的动摩擦因数 0.75。对圆环施加一个与水平方向成 53角斜向上、大小为F25 N的拉力，使圆环由静止开始做匀

10、加速直线运动（sin 530.8，cos 530.6，g取 10 m/s2）。求：（1）圆环对杆的弹力大小；（2）圆环加速度的大小；实验题 17、某兴趣小组欲测量滑块与水平木板间的动摩擦因数，他们设计了一个实验，实验装置如图 1 所示。该小组同学首先将一端带滑轮的木板固定在水平桌面上，连接好其他装置，然后挂上重物，使滑块做匀加速运动，打点计时器在纸带上打出一系列点.（1）图 2 是实验中获取的一条纸带的一部分，相邻两计数点间的距离如图所示，已知电源的频率为 50 Hz，相邻两计数点间还有 4 个计时点未标出，根据图中数据计算的加速度 a=_ 2.（结果保留两位有效数字）7 （2）为测定动摩擦因

11、数，该小组同学事先用弹簧测力计测出滑块与重物的重力分别如图 3、4 所示，则图 3 对应的示数为_N,图 4 对应的示数为_N；（3）重力加速度 g 取10/2，滑块与木板间的动摩擦因数=_（结果保留两位有效数字）。18、某同学用如图所示的装置测定当地的重力加速度，他将两物块 A 和 B 用轻质细绳连接并跨过轻质定滑轮，B 下端连接纸带，纸带穿过固定的打点计时器。用天平测出 A、B 两物块的质量mA=300g、mB=100g，mA从高处由静止开始下落，mB拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可测定重力加速度。图中给出的是实验中获取的一条纸带：0 是打下的第一个点，每相邻两计数点

12、间还有 4 个点没有画出，计数点间的距离如图所示。已知打点计时器计时周期为T=0.02s，则：(1)根据纸带求出物体经过 5 号计数点时的瞬时速度v=_m/s，物体运动的加速度a=_m/s2；（结果保留二位有效数字）(2)用h表示物块 A 下落的高度，v表示物块 A 下落h时的速度，若某同学作出22 图象如图所示，利用此图8 象可求出当地的重力加速度g=_m/s2。19、其研究性学习小组设计实验测量“某品牌的运动鞋鞋底与室内篮球馆木地板之间动摩擦因数的大小”，简要步骤如下：（1）找来学校球馆的一块长木板固定在水平桌面上，在木板左端固定一光滑小滑轮，右端固定电磁打点计时器；（2）用塑料袋装一些沙

13、子，塞入鞋中，并测出鞋和沙子的总质量M。接着把鞋子放在长木板上，把一轻质细线的一端固定在鞋子上，使鞋子能够沿细线方向做直线运动，再将细线绕过小滑轮，细线另一端拴一小桶，鞋子连接纸带穿过打点计时器，纸带保持水平。（3）释放小桶，使鞋子能由静止开始加速运动，打出的纸带如图所示，0、1、2、3、4、5、6 为计数点，相邻计数点之间有四个计时点没有画出，用刻度尺测量出两点之间的距离如图所示分别为1=1.81cm、2=2.10cm、3=2.40cm、4=2.70cm、5=3.01cm、6=3.30cm，打点计时器所接交流电频率为=50Hz，可算出运动的加速度=_m s2（保留两位有效数字）；用天平测出小

14、桶的质量为m，则鞋底与木板之间的动摩擦因数表达式为=_；（用M、m、g、a表示）（4）在测量过程中，下列说法正确的是()A细线要与长木板保持平行 B应将长木板垫高以平衡摩擦力 C应该先接通计时器的电源后再使鞋子开始运动 D实验需要m远小于M才行 20、图甲为测量滑块与木板间的动摩擦因数的实验装置示意图。木板固定在水平桌面上，打点计时器连接的电源的频率为 50Hz。开始实验时，在托盘中放入适量砝码，滑块开始做匀加速直线运动，在纸带上打出一系列点：9 (1)图乙是实验中获取的一条纸带的一部分，相邻两计数点间还有一个计时点未标出。用刻度尺测量计数点间的距离如图乙所示，则打点计时器打计数点C时纸带的速

15、度大小v=_m/s；打该纸带的过程中滑块的加速度大小a=_m/s2；（结果均保留两位有效数字）(2)若已知滑块的质量为m1，木板的质量为m2，托盘和砝码的总质量为m3，重力加速度为g，则滑块与木板间的动摩擦因数=_。（用相应的字母符号表示）10 (文末答案)历年高考物理力学牛顿运动定律_00E 参考答案 1、答案：D 解析：假设球 A 与电梯之间的绳子无弹力，则钢索突然断裂的瞬间，电梯只受重力其加速度为g，而 A 受到弹簧向下的拉力其加速度大于g，则假设不成立，可知球 A 与电梯之间的绳子有弹力，可得电梯与球 A 的加速度相同，因为电梯质量远大于两球质量，钢索断裂后，电梯可视为在自身重力下运动

16、，因此加速度大小为g=9.8m/s2，弹簧形变量在瞬间不会发生突变，因此球 B 受力不变，其加速度为 0。故选 D。2、答案：C 解析：根据牛顿第二定律得 =合 则有 0.3 5 10+2 525N 故选 C。3、答案：D 解析：由于在月球表面没有空气，没有磁场，物体在月球表面只受重力作用，物体由静止释放，将做自由落体运动，位移h相同，运动的加速度g相同，运动的时间也一定相同，应该同时落地。自由落体运动处于完全失重状态。故选 D。11 4、答案：C 解析：对物块分析，根据牛顿第二定律有 sin37+cos37=代入数据解得 =8m s2 故 ABD 错误 C 正确。故选 C。5、答案：AC 解

17、析：A物体在传送带上做加速或减速运动的加速度为 =4m/s2 若传送带以 4m/s 顺时针转动，则物体开始时做减速运动，当速度减为 4m/s 时的位移为 =2 22=52 422 4m=1.125m 然后物体随传送带匀速运动，故达到B端的瞬时速度为 4m/s，A 正确；B若传送带逆时针匀速转动，则物体在传送带上做减速运动，到达B端时的速度为=2 2=52 2 4 2m/=3m/s B 错误；C若传送带以 2m/s 顺时针匀速转动时，物体做减速运动，由 B 选项可知因为到达B端的速度为3m/s，故最 12 后物体到达B端的速度为=3m/s，C 正确；D因为当传送带以某一速度顺时针匀速转动时，若物

18、体一直减速，则到达B端的速度为 3m/s，只有当传送带的速度大于 3m/s 时到达右端的速度才可能是 3m/s，D 错误。故选 AC。6、答案：BD 解析：A小明和小红具有相同的加速度，由牛顿第二定律可知他们的合力相同，他们受到电梯的作用力及重力的作用，重力相同的情况下，电梯对他们的作用力大小相等、方向相同，A 错误；B设电梯倾角，由牛顿第二定律，对甲有 甲 sin=对乙有 乙=cos 对比可得 甲 乙 B 正确；C由于小明的加速度沿电梯向上，由牛顿第二定律可知，小明受到电梯的作用力方向不可能竖直向上，C 错误；D结合B解析可知，f甲大于f乙的关系与倾角大小无关，D 正确。故选 BD。7、答案

19、：AC 13 解析：AC对 B、C 整体受力分析，如图所示 根据平衡条件，水平面对 C 的摩擦力为 =cos 方向水平向左，水平面对 C 的支持力大小为 =(B+C)sin 一定小于 B、C 的总重力，AC 正确；BD当 B 所受重力沿斜面向下的分力等于绳的拉力时，B 不受摩擦力，当 B 所受重力沿斜面向下的分力不等于绳的拉力时，B 受摩擦力，且 A 与 B 的质量大小无法比较，BD 错误。故选 AC。8、答案：BD 解析：当箱子加速度向左时，当加速度完全由绳的拉力提供时，水平方向 cos30=竖直方向 sin30=联立解得最大加速度 14 =3 当箱子加速度向右时，当加速度完全由绳拉力提供时

20、，竖直方向 sin60=水平方向 cos60=联立解得最大加速度=33 故 BD 正确，AC 错误。故选 BD。9、答案：6m/s2 静止状态 解析：12当斜面倾角为1时，摩擦力沿斜面向下且加速度为零；当斜面倾角为2时，摩擦力沿斜面向上且加速度为零；当斜面倾角在1和2之间时，物块处于静止状态。=0时，木板水平放置，由牛顿第二定律 =0 又 =联立解得 0=6m/s2 由图可知，当斜面倾角为1时，摩擦力沿斜面向下且加速度为零；当斜面倾角为2时，摩擦力沿斜面向上且加 15 速度为零；当斜面倾角在1和2之间时，物块处于静止状态。10、答案：匀速直线运动 惯性 惯性 维持 加速度 解析：（1）1内容：

21、一切物体总保持匀速直线运动状态或静止状态，除非作用在它上面的力迫使它改变这种状态（2）23意义：揭示了物体的固有属性：一切物体都有惯性，因此牛顿第一定律又叫惯性定律；45揭示了力与运动的关系：力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因，即力是产生加速度的原因 11、答案：航天飞机 牛顿第二定律 见解析 解析：1 两者运动状态较难改变的是航天飞机 23 根据牛二定律 =物体质量m越大，同样力F产生的加速度a越小，即在相同时间内，速度变化越小，速度是描述运动状态的物理量，越小说明运动状态改变越小，运动状态越难改变 12、答案：2 1 解析：根据匀变速直线运动位移与时间变化的关系式 =0+

22、122 与x=2t-t2对照可得 v0=2m/s，a=-2m/s2 16 假设 F 方向向前，由牛顿第二定律 =带入可得 F=-1N 说明 F 方向向后，大小为 1N。13、答案：（1）6N；（2）1.2m 解析：（1）根据题意，滑块由A运动B的过程，应用动能定理 1sin37 1cos371=122 0 代入数据解得=10m s 由于长度可忽略，则=10m s 滑块在C点，受轨道的支持力N和本身重力，根据牛顿第二定律 N =2 代入数据解得 N=6N 根据牛顿第三定律，小滑块经过点时对轨道的压力等于轨道对滑块的支持力6N。（2）假设滑块划上传送带之后全程加速，根据牛顿第二定律 2=17 代入

23、数据解得 =2m s2 设滑块到达传送带右端的速度为，根据公式 2 2=22 代入数据解得 =22m s 4m s 则滑块未达到传送带右端就和传送带共速，则滑块以传送带的速度从D点水平抛出，竖直方向，由于长度可忽略，则 1sin37=122 代入数据解得 =0.3s 水平方向，落地点到点的水平距离 =4 0.3m=1.2m 14、答案：（1）8.9s；（2）23m/s 解析：（1）在ab段的加速度为 sin cos=根据运动公式 1=122 解得 18 a=2.8m/s2 t=8.9s（2）到达b点时的速度=25m/s 从b到c由动能定理-2=122122 解得 vc=23m/s 15、答案：

24、9.4N 解析：对物体受力分析，建立直角坐标系如图 由 vt2v022ax 20220.420.6220.5m/s2 0.2m/s2 负号表示加速度方向与速度方向相反，即方向向左。19 y轴方向 FN+Fsin30mg F（mg-Fsin30）x轴方向，由牛顿第二定律得 Fcos30Fma 即 Fcos30（mgFsin30）ma 解得 F9.4N 16、答案：（1）0；（2）7.5 m/s2 解析：（1）分析圆环的受力情况如图甲所示 将拉力F正交分解 1=cos=15N 2=sin=20N 因 20 =20N 与F2大小相等，故圆环对杆的弹力为 0。（2）由（1）可知，在拉力F作用下，环不受

25、摩擦力，由牛顿第二定律可知 合=1=1 代入数据得 1=7.5m/s2 17、答案：0.50 2.00 1.00 0.43 解析：（1）1相邻两计数点间还有 4 个计时点未标出，则T=0.1s；根据=2结合逐差法可知：=6+5+432192=(3.87+3.39+2.882.381.901.40)10290.12m/s2=0.50m/s2（2）23则图 3 对应的示数为 2.00N；图 4 对应的示数为 1.00N；（3）4对滑块以及重物的整体：mg-Mg=(M+m)a 其中mg=1.00N，Mg=2N，解得=0.43 18、答案：2.4 4.8 9.7 解析：(1)1根据某段时间内平均速度等

26、于中间时刻的瞬时速度，打点计时器计时周期为T=0.02s，每相邻两计数点间还有 4 个点没有画出，则打下计数点 5 时物体的瞬时速度 21 =462 5 代入数据解得=2.4m/s 2物体运动的加速度 =65 54(5)2 代入数据解得=4.8m/s2(2)3对 A、B 组成的系统，根据牛顿第二定律有(A B)=(B+A)解得加速度 =A BB+A 根据速度位移公式有 2=2 解得 22=A BB+A 可知斜率 =A BB+A 由题中所给的图象，可得斜率 =5.821.20=4.85 联立解得=9.7m/s2 22 19、答案：0.30 (+)AC 解析：(3)1根据逐差法 =(4+5+6)(

27、1+2+3)(3)2=(2.70+3.01+3.30)(1.81+2.10+2.40)102(3 0.1)2 解得 =(9.016.31)1020.09=0.30m/s2 2根据牛顿第二定律 =(+)解得 =(+)(4)3 A在测量中，拉力要与长木板平行，即细线要与长木板保持平行，A 正确；B此实验目的就是为了测量摩擦因数，所以不应该平衡摩擦力。C如果先使鞋子开始运动再接通电源，有可能纸带已经被拉走，打不上点。所以应该先接通计时器的电源后再使鞋子开始运动，C 正确；D此实验利用牛顿第二定律分析 =(+)不要求m远小于M，D 错误。故选 AC。23 20、答案：0.58 4.7 =3(1+3)1 解析：(1)12相邻两计数点间还有一个计时点未标出，则T=0.04s；=2=(5.85 1.20)1020.08m/s=0.58m/s =42=(9.303.153.15)10240.042m/s2=4.7m/s2 (2)3根据牛顿第二定律可得 31=(1+3)解得 =3(1+3)1