重庆市第八中学2023届高三适应性月考卷（五）物理试卷含答案.pdf

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1、全站免费，更多资源关注公众号拾穗者的杂货铺全站免费，更多资源关注公众号拾穗者的杂货铺 物理参考答案第 1 页（共 7 页）重庆市第八中学 2023 届高考适应性月考卷（五）物理参考答案 一、单项选择题：本大题共 7 小题，每小题 4 分，共 28 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。题号 1 2 3 4 5 6 7 答案 A C A D C B D【解析】1根据核反应遵循的质量数守恒和电荷数守恒可知，X 的电荷数为2718，质量数为414117，根据原子核的电荷数等于原子序数，可知 X 的原子序数为 8，质量数为 17，故 A 正确。2因大气温度不变，气球缓慢上升，球内气体温度

2、也不变，故球内气体内能不变，故 A、B 沿IE方向，故 A 正确。4由图可知，T时间内，20220N1比 20220S1多运动一周，且两者周期无 2 倍关系，故 A、错误。外界压强降低，故气球膨胀，气体对外做功，而内能不变，气体从外界吸热，故 C正确。全站免费，更多资源关注公众号拾穗者的杂货铺3小球过 A 点时动能最小，故电场力与重力的合力沿OC方向，小球带正电，电场方向可能B错误。由图可知11SN4.5RRr，11SN1.5RRr，解得1S3Rr，1N1.5Rr，故 C 错误。且由GMRv，得11SN:1:2vv，故 D 正确。5设飞箭上升高度H，由动能定理有()0mgf HE，4()5mg

3、f HE，解得19fmg，910EHmg，所 以 上 升 阶 段 重 力 做 功 为910GEWmgH ，下 落 阶 段 阻 力 做 功10fEWfH ，故A、B、D错误。6 设匝数比为n，将变压器和2R视为等效电阻22Rn R，当1RR 时，2R功率获得最大功率，解得100n，故B正确。物理参考答案第 2 页（共 7 页）7Q释放到反弹至原位置需12t，再落地需13t。球P下落6h，时间大于12t；球P下落7h，时间小于13t，所以P会在Q反弹至原位置再下落中与Q相碰，设Q再次开始下落时P的速度为Pv，此时P下降4h，再需t，P与Q相碰22222Pg tg tth v，得2htg，所以碰前P

4、、Q的速度分别为115 2(2)2ghgtt v、222ghg t v，得2103724hhhgv以向下为正方向121222mmmmvvvv，22221212222222mmmmvvvv，解得126gh v，211 26gh v，故D正确。题号二、全站免费，更多资源关注公众号拾穗者的杂货铺。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8 9 10 答案 BC BC CD【解析】80.1s8Tt，质点a位于2A处，到波峰的时间大于8T，所以正在向上运动，故A错误。经过0.4st，质点b运动半个周期，刚好在关于平衡位置的对称点，所以偏离平衡位

5、置的位移为2A，故B正确。经过0.6st，质点c运动34T位于平衡位置，速度达到最大值，故C正确。波速为0.25m/sTv，0t 时刻传到0.2mx 处，传到d点要0.450.21s0.25，故D错误。9若从b点射出磁场，先做ad的垂线，再做ab的中垂线，由几何关系可知半径12 3cos303llr，速度112 33qBrqBlmmv；速度不断变大，可知能从c点射出磁场，先做ad的垂线，再过c点做dc的垂线，由几何关系可知2232sin30lrr，所以23rl，速度23qBlmv，速度应介于两个临界值之间，故B、C正确。物理参考答案第 3 页（共 7 页）10取液面A处有一个小液滴，它离O点有

6、一定的高度，因为在液面上稳定时相同质量的水将具有相同的总势能，有2212Emgymx 总，222Eyxgmg总，故纵截面为抛物线的一部分，故A错误。“势能”随x的增大而减小（负得更多），说明把水滴向远离y轴方向移动时“力”做正功，即“力”应该是背离y轴方向，故B错误。设这个“力”为F，则2PEWFmxxx（即“势能”对x求异，这里也可以看出F的方向与x同向），还可以根据势能位移曲线定性判断，故该力的大小随|x的增大而增大，故C正确。由于“势能”的表达式是22P12xEmx，当0 x时势能为零，故是选取了y轴处的“势能”为零，故D正确。三、填空、实验题：本大题共2小题，共15分。11（每空2分，

7、共6分）（1）2325（2）5.86.3（3）36.540.2 12（除特殊表注外，每空2分，共9分）（1）1K（1分）（2）17（3）35（4）小 28【解析】（1）表头指针偏转角度很小，说明倍率选小了，故选择1K。（2）由表盘读出示数为17，所以17 1K17kR。（3）由内部结构知G3II干，所以g15k3ERI内，4.53 30A15kR，解得35kR。（4）由 全 电 路 欧 姆 定 律，电 池 未 变 化 时，若 被 测 电 阻30kR外，则g11EIRRRIE干外内外，现在电动势减小为E，若某电阻R外仍使得指针指在“30k”的位置，说明干路电流不变gg111RRIIEIE外外，即

8、RREE外外，故28kR 外。物理参考答案第 4 页（共 7 页）四、计算题：本大题共3小题，共42分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后结果的不能得分。有数据计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。13（12分）解：（1）由分析可知入射角为临界角的时候，出射点最远13sin4Cn 所以48C 解得484236015RlR （2）设入射角为，折射角为，1235sin5RRR，sin4sin3 解得4sin5，即53 从半球透镜折射后的出射光线与水平面的夹角16 解得320cmtan16hx 评分标准：本题共12分。正确得出式各给2分。14（12分）解：（1）方框中的电

9、动势2EBLv 电流2BLIRv 匀速时由平衡方程可知2242B LmgBILRv 解得24mgRBLv （2）由能量守恒定律有212mghQmv 解得212Qmghmv 评分标准：本题共12分。正确得出式各给2分。物理参考答案第 5 页（共 7 页）15（18分）解：（1）速度分解，由几何关系可知00tan3yvvv 由运动学公式2200(3)322hggvv，013tgv 解得2010 13xtgvv （2）设微粒从抛出到与挡板相碰的时间为t 微粒在水平方向始终做匀速运动20011 3tgvv 在电场中的加速度大小设为a，qEmgma 要垂直打在挡板上，只能要么在轨迹的最高点，要么在最低点

10、，故0033tkgavv(1 2 3)k，联立解得11(11)mgEk q(1 2 310)k，(k超过10以后场强不合理，故舍去)全过程使用动量定理，动量变化量为0，故电场力的冲量与重力的冲量等大反向011 3Imgtmv，方向竖直向上 （3）微粒两次通过点206 30g，v，即说明反弹前、后均通过1(60)x，而挡板位置则在111xx 微粒的运动明显具有周期T，设反弹前轨迹相邻两次最高点（或最低点）的距离为0Tv（“波长”），第一次平抛的时间和射程分别为1t和1x，反弹前通过该点应满足1116xxN或11116(1 2 3)xxNN，(上式也可以写成11106xtN Tv或11106xtN

11、 T v)反弹后的轨迹可以等价为挡板右侧的镜像轨迹，相当于要运动至1(160)x，需注意的是反弹后水平速度大小变为原来的23，竖直速度不突变，而轨迹周期由竖直分运动决定，故周期不变，但“波长”23，反弹后通过上述点应满足 物理参考答案第 6 页（共 7 页）11120011523xxtN Tvv或11120011523xxtN T vv2(1 2 3)N，现在要求两次通过给定点，以下讨论四种情况：（）反弹前从上往下穿过该点，反弹后也从上往下穿过该点 则1116xxN，且11120011523xxtN Tvv，两式必须同时满足且1N、2N均取正整数 将0Tv代入，消掉、T，可得2172NN，要使

12、1N、2N均取正整数，只能取12N，4，6，由于此时115xN，而几何关系可知应该有12x，故合理的只有12N(轨迹如图1所示)即000012 32 352TxqEggmvvvv，解得5mgEq （）反弹前从下往上穿过该点，反弹后从上往下穿过该点 则1116xxN，且11120011523xxtN Tvv 可得2152NN，117xN，同理只能取12N(轨迹如图2)图 2 图 1 物理参考答案第 7 页（共 7 页）即000012 32 372TxqEggmvvvv，解得73mgEq （）反弹前从上往下穿过该点，反弹后从下往上穿过该点 则1116xxN，且11120011523xxtN T vv 可得213910NN，115xN 要使1N、2N均取正整数，只能取110N，20，30，但是无法满足2x1的要求，故无解（）反弹前从下往上穿过该点，反弹后也从下往上穿过该点 则1116xxN，且11120011523xxtN T vv 可得213914NN，117xN 要使1N、2N均取正整数，只能取114N，28，42，但是无法满足12x的要求，故也无解 综上所述5mgEq或73mgq 评分标准：本题共18分。正确得出式各给1分。