2023年湖北省八市高三（3月）联考物理试卷含答案.pdf

《2023年湖北省八市高三（3月）联考物理试卷含答案.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023年湖北省八市高三（3月）联考物理试卷含答案.pdf（9页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2023年湖北省八市高三（3月）联考物理试卷3.一定质量的理想气体从状态A变化到状态B，再变化到状态C,V-T图像如图所示。己知该气体在状态B的压强为2.0 105Pa。下列说法正确的是A.状态AB的过程气体吸热本试卷共6页，16题，全卷满分100分。考试用时75分钟。食宅冗寻？恒足JI顶军且食2023.3 B.状态A的气体 压强为1.0 l05Pac状态BC过程是等压变化KRCA m一。一By一一LIFI420 D.状态BC过程气体对外做 功 200 J4.2022年 11月20日，中国无人机闪耀足球世界杯开幕式。其中两架元人机a、b同时从同一地点竖直向上 直线飞行，v-t图象如图所示。下列

2、说法正确的是注意事项：1.答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位直。2.选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3.非选择题的作答：用黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并上交。A.t=20 s时，元人机b在a的上方B.10s30 8，无人机a处于超重状态C.t=15 s时，两架无人机a、b处在 同一高度D.0-30s，两架元人机 a、b的平均速度相等,.,IV 飞s

3、U 10 20 30。5.如图所示，光滑水平轨道的左侧固定一轻质弹簧，右侧与半径为R的光滑竖直半圆轨道平滑连接。压缩弹簧，将质量为m的小球由静止弹出。要使小球始终不脱离轨道，重力 加速度为g，则弹簧初始时弹性势能可能为A.0.5 mgRB.2 mgR一、选择题：本题共11小题，每小题4分，共44分。在每小题给出的四个选项中，第17题只有一项符合题目要求，第811题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1.1947年，我国科学家钱三强、何泽慧夫妇等发现铀核裂变中的三分裂和四分裂现象中涉及轻核出射。2022年 4月29日赵鹏巍和孟杰团队揭示了其中的产生机制。一种

4、典型的铀核裂变反应方程 为；su+bn；:4Ba+9X+ybn。下列说法正确的是C.2.5 mgRD.3 mgR国四豆豆kl 6.无限长通电直导线 周围磁场的磁咸应强度大小为B-（其中 k为比例系数，I为直导，山d 线的电流强度，d为离直导线的距 离）。如图所示，在光滑绝缘桌面上有三根相互平行元限长的通电直导线a、b、c，均处于静止状态。导线b、c的间距是导线a、b的两倍，导线b 中电流大小为，方向水平向右。下列说法中正确的是A导线a中电流大小为10，方向水平向右A.y=3c.核反应过程中动量一定不守恒B.x=33 B导线a中电流大小为10，方向水平向左C.导线c中电流大小为2，方向水平向左a

5、 D.核反应过程中质量不守恒2.2022年，北斗全球卫星 导航系统进入服务全球的新时代。北斗系统空间段由多种类卫星组合而成，其中地球静止轨道卫星A在赤道平面运转，倾斜地球同步轨道卫星 B的轨道与赤道平面有一个夹角，两卫星的运行周期均为24 h。假设两星均沿圆轨道 运行，则卫星A与 B一定相同的物理量是A.线速度B.轨道 半径C.加速度D.地球对卫星的引力大小D.导线c中电流大小为3儿，方向水平向右7.如图所示，质量为1峙的物体在力F=8 N的作用下，由静止开始 从倾角为37。的光滑斜面底端向上运动，6 s后撤去力F。取物体在斜面底端的重力势能为零，且 g=l0rnls2,sin37。0.6，则

6、下列说法正确的是A.力F做的功为360 JB.物体的最大重力势能为480 Jc.物体回到斜面底端时重力的功率为144 W/物理试卷第1页（共6页）D.物体回到斜面底端时重力的功率为240 W物理试卷第2页（共6页）2023 年湖北省八市高三（3 月）联考物理答案题号1234567891011答案ABCDABCABBCABAD1答案：A解析：根据质量数守恒和电荷数守恒可知，y=3，x=36，选项 A 正确，选项 B 错误。核反应过程质量和动量都守恒，选项 C 和 D 错误。2答案：B解析：线速度为矢量，要比较方向，选项 A 错误。因为轨道为圆轨道，周期相同，则半径一定相同，选项B 正确。加速度是

7、矢量，要比较方向，则选项 C 错误。卫星 A 和卫星 B 的质量一般不同，选项 D 错误。3答案：C解析：从 A 到 B，体积不变，温度降低，则对外放热，选项 A 错误，BBAATPTP，得 PA=4.0105Pa，选项 B错误。从 B 到 C 过程，为等压变化，气体对外做功为 W=PV=2.0105(4-2)10-3J=400J，选项 C 正确，选项 D 错误。4.答案：D解析：在 020s 内，无人机 a 对应的 v-t 图形面积大，即位移大，也即无人机 a 在 b 的上方。同理在 015s 内，无人机 a 对应的 v-t 图形面积大，无人机 a 在 b 的上方。在 030s 内，无人机

8、a、b 对应的 v-t 图形面积相等，也即上升高度相等，则平均速度相等。故选项 A、C 错误，D 正确。在 10s30s 内，无人机 a 向上减速运动，加速度向下，处于失重状态，故 B 错误。5.答案：A解析：小球不脱离轨道，则能上升最大高度为与圆心等高，由机械能守恒得初始弹性势能最大值为 mgR。故选项只有 A 正确。6.答案：B解析：以导线 b 为研究对象，导线 a、c 中电流的方向相同时，在导线 b 处产生的磁场方向相反，合磁场为0，导线 b 才可以不受安培力，处于平衡，即=2得 Ic=2Ia。以导线 a 为研究对象，导线 b、c 中电流的方向相反时，在导线 a 处产生的磁场方向相反，合

9、磁场为 0，导线 a 才可以不受安培力，由平衡条件得，=3得 Ic=3Ib=3I0。综上得导线 a、c 中电流的方向向左，大小分别为 Ic=3I0，Ia=32I0。答案选 B。7.答案：C解析：由题可求得 6s 上行位移 36m,则力 F 做功 288J。A 选项错误。返回底端时速度大小 24m/s，则物体回到底端时重力的功率为 144W，则选项 C 对，选项 D 错。物体的最大重力势能等于力 F 做的功，为 288J。选项 B 错误。8.答案：AB解析：从图示 t=0 时刻开始，质点 N 比质点 M 先回到平衡位置，说明 t=0 时刻质点 N 向 y 轴负方向运动，则该简谐波沿 x 轴负方向

10、传播。由图示时刻的波形图，可知波长为 12m，类比正弦函数图像，可知该简谐波的振幅为 10cm。质点 N 比质点 M 先回到平衡位置 0.4s，则波从 N 传播到 M 需要 0.4s，=10m/s。答案选 AB。9.答案：BC解析：输电上的电流I1I线=n2n1，I线I4=n4n3，解得 I线=141423，I线=U2U3R线则选项 B、C 正确。I线2R线=P P用，选项 A 错误。用户增多时，则负载总电阻变小，I线增大。10.答案：AB解析：由右手定则得，图（a）时刻感应电流的方向 DCBA。当线圈转 30o的时，AB、CD 两边垂直切割磁感线（辐向磁场），感应电动势的大小为 NBL1L2

11、w，由左手定则，此时 AB 受到的安培力斜向左上方 30o（与辐向磁场垂直），大小为 NBIL1。答案选 AB。11.答案：AD解析：由=，得=，代入已知量得粒子 a、粒子 b 的速度大小之比为 1:1。由=得粒子 a、粒子 b 在磁场中运动时间之比为 2：1。答案选 AD。12.（6 分）（1）B（2 分）（2）；2g（2 分）；（3）可以（2 分）解析：（1）21121gth，2221gth，联立得tghh21，故斜率的理论值为 k=2g。（3）根据表达式，可以求解 h1。13.（10 分）（1）900（2 分）；（2）1600（2 分）；（3）1，4103（每空 2 分）；（4）偏小（2

12、 分）解析：（1）10RRRRA，读出 R1=900，故 RA=900。（2）U=I(RA+R0)，解得 R0=1600。（3）由 2500I2=E-I1(RA+r)，r=2500 14030185130 A=4100=4103，由数学知识求纵轴截距，可以求出E=1V。（4）图像斜率绝对值 k 约为 2。则=+0=20+，在（1）中由于 S2有电阻，导致A测量值偏小，r 偏小。14.（9 分）（1）33；（2）3 3Rc解答：（1）根据临界角公式，有nCsin90sin，.（2 分）解出 sinC=33。.（2 分）（2）作光路如图所示，由题意，光在半球面的入射角为=60，.（1 分）由几何关

13、系有光在介质中运动的路程为s=3R.（1 分）光在介质中的速度 v=cn，.（1 分）光在介质中传播的时间 t=sv，.（1 分）代入数据，得 t=3 3Rc.（1 分）15.（15 分）（1）2m（2）150s（3）20 3m解：（1）粒子磁场区域做匀速圆周运动，由=2，=.（2 分）代入数据得 r=2m.（1 分）(2)所有粒子经过磁场后都从原点 O 出来，其中从最上面射进的粒子在磁场中运动的时间最长，由几何关系可得其对应的圆心角=120o.（2 分）由 T=2.（1 分）t=120o360o.（1 分）t=150s.（1 分）写成=2.09 102s 或23 102同样给分(3)所有粒子

14、经过磁场后都从原点 O 出来，从原点 O 出来后射入第三象限的粒子向左偏，到不了 y 轴。射入第四象限的粒子向左偏可以打到 y 轴，设射入第四象限的粒子射入时速度方向与 y 轴负方向夹角为，由几何关系可得其与 y 轴负方向的夹角 0 30o，.（2 分）=103m/s2.（1 分）=2.（1 分）=22.（1 分）当=30o时，|有最大值 d.（1 分）=|=260=20 3m.（1 分）16.（16 分）（1）0.6m/s；（2）4；（3）0.36mx1m解析：（1）由动量守恒定律，mv0=nmv1，.（2 分）代入 n=2，解得v1=v0/n=0.6m/s。.（2 分）（2）滑块 A 和

15、B 在小车 C 上滑动时的加速度大小为 a，由牛顿第二定律有a=g，得 a=2m/s2.（1 分）由运动学公式有0-v02=2ax，.（1 分）0-v12=2ax.（1 分）则xx=4.（1 分）（3）小车的加速度为 a1，nmg-mg=nma1，得 a1=gnn1.（1 分）设经 t1时间滑块 B 和小车 C 达到共同速度 v2，由运动学公式对 C 有 v2=a1t1.（1 分）对 B 有 v2=v1-at1.（1 分）滑块 A、B 和小车 C 系统动量守恒，故最终三者静止，滑块 A 运动时间为 t2，由运动学公式有0=v0-at2，.（1 分）滑块 A 和 B 分别相对小车 C 运动的距离为 x1和 x2。12121222tvtvvx.（1 分）2022122tvtvx.（1 分）x=x1+x2解得 x=22)11(136.01236.0nnn.（1 分）当 n=1 时 x=0.36m。当 n=5 时，x=1m。故 0.36mx1m。.（1 分）其他方法，思路、结果正确，均可得分。第三问求出一半边界得 4 分。