精修版高考化学新课标一轮复习讲义：用途广泛的金属材料、铜及其化合物(含解析).pdf

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1、精品文档?高考化学第四节用途广泛的金属材料铜及其化合物1.了解合金的概念及其重要应用。2.了解金属铜及其重要化合物的主要性质及应用。(高频)合金及常见的金属材料1合金(1)概念形成：是由两种或两种以上的金属(或金属与非金属)熔合而成的。性质特点：具有金属特性，属于混合物。(2)性能：合金具有不同于各成分金属的物理、化学或机械性能。熔点：一般比它的各成分金属的低。硬度和强度：一般比它的各成分金属的大。如生铁的熔点比纯铁的熔点低。2常见的金属材料铜及其化合物的性质1单质铜的化学性质(1)与非金属的反应(写出化学方程式)：与 O2反应加热：2CuO2=2CuO。常温下在潮湿的空气中：2CuO2H2O

2、CO2=Cu2(OH)2CO3。与 Cl2反应：CuCl2=CuCl2。(2)与氧化性酸的反应(写出相应的化学方程式)：与非氧化性酸：不反应。与氧化性酸反应与浓硫酸的反应：Cu2H2SO4(浓)=CuSO4SO22H2O。与浓硝酸的反应：Cu4HNO3(浓)=Cu(NO3)22NO22H2O。与稀硝酸的反应：3Cu8HNO3(稀)=3Cu(NO3)22NO4H2O。(3)与盐溶液的反应(用离子方程式表示)：与硝酸银溶液的反应：Cu2Ag=2AgCu2。与氯化铁溶液的反应：Cu2Fe3=2Fe2Cu2。2铜的重要化合物的性质及其应用(1)CuO：黑色难溶于水的固体，与酸可以反应，可以用H2、CO

3、、Al 还原出Cu。(2)Cu(OH)2：蓝色难溶物，与酸可以反应，与稀H2SO4反应的离子方程式为Cu(OH)22H=Cu22H2O，受热分解为 CuO 和 H2O。(3)Cu2O：红色难溶物，在酸性条件下发生：Cu2O2H=CuCu2H2O。(4)铜盐Cu2(OH)2CO3的名称为碱式碳酸铜，呈绿色，是铜锈的主要成分，受热易分解的方程式为 Cu2(OH)2CO3=2CuOH2OCO2。CuSO4aCuSO45H2O 为蓝色晶体，俗称蓝矾或胆矾。受热或遇浓H2SO4，蓝色晶体变为白色粉末。b无水 CuSO4遇水变蓝色(生成 CuSO45H2O)，可作为水或水蒸气的检验试剂。cCuSO4与石灰

4、乳的混合溶液即为无机农药波尔多液，是一种良好的杀菌剂，可以用来防治多种作物的病虫害。1易误诊断(正确的打“”，错误的打“”)。(1)合金是由多种元素组成的化合物()(2)任何金属或非金属均能熔合为合金()(3)合金一定比构成合金的金属的硬度或强度都大()(4)铁锈和铜锈的成分都是金属氧化物()(5)在碱性条件下，葡萄糖与新制Cu(OH)2悬浊液共热可形成红色沉淀(Cu2O)()(6)检验 CO2中有 H2O(g)可将气体通入装有无水CuSO4的干燥管中()(7)常温下，铜、铁与浓H2SO4作用的原理相同()(8)浓 H2SO4使 CuSO45H2O 失水是物理变化()【答案】(1)(2)(3)

5、(4)(5)(6)(7)(8)2若将铜币、银币和金币分别放到稀硝酸中浸泡，能溶解的是 _，不溶解的是 _，写出溶解时的化学方程式_。【答案】铜币、银币金币3Cu8HNO3(稀)=3Cu(NO3)22NO4H2O、3Ag4HNO3(稀)=3AgNO3NO2H2O 3 (必 修1P68T7，改 编)Fe2O3与CO反 应 的 化 学 方 程 式 为_，其中还原剂是 _，当有 2 mol Fe生成时，转移的电子数为 _。【答案】Fe2O33CO=高温2Fe3CO2CO6NA或 66.021023合金的 2 个特性：合金熔点比成分金属或非金属低；合金的硬度比成分金属大。6 种物质的颜色：Cu紫红色，C

6、uO黑色，Cu(OH)2蓝色，CuSO4白色，CuSO45H2O蓝色，Cu2(OH)2CO3绿色6 个化学方程式CuCl2=点燃CuCl2，CuS=Cu2S 2CuO2H2OCO2=Cu2(OH)2CO3(铜锈)，3Cu8HNO3(稀)=3Cu(NO3)22NO4H2O，Cu4HNO3(浓)=Cu(NO3)22NO22H2O，Cu2H2SO4(浓)=CuSO4SO22H2O。合金材料性质及应用1.金属制成合金后性能也随之改变，并且合金比纯金属用途更广泛。2合金的性质具有成分金属或非金属的性质或特性，但合金的性质并不是其各成分金属的性质之和。3并非所有的金属都能形成合金。因为两种金属必须熔合在一

7、起才能形成合金。如果一种金属还未熔化时，另一种金属已经汽化，则一般不能熔合在一起，如 Cu 与 Na、Fe与 Na 等不能形成合金。4合金并不只含有金属元素，部分合金中还含有非金属元素。合金中的非金属元素主要有碳、硅等。(2013四川高考)1.52 g 铜镁合金完全溶解于50 mL 密度为1.40 g/mL、质量分数为63%的浓硝酸中，得到NO2和 N2O4的混合气体 1 120 mL(标准状况)，向反应后的溶液中加入1.0 mol/L NaOH 溶液，当金属离子全部沉淀时，得到 2.54 g沉淀。下列说法不正确的是()A该合金中铜与镁的物质的量之比是21 B该浓硝酸中 HNO3的物质的量浓度

8、是14.0 mol/L CNO2和 N2O4的混合气体中，NO2的体积分数是 80%D得到 2.54 g沉淀时，加入 NaOH 溶液的体积是 600 mL【解析】分析清楚反应过程，充分利用守恒思想来解决问题。A.向反应后溶液中加入 NaOH，生成 Mg(OH)2和 Cu(OH)2沉淀，固体质量增加的是OH的质量，且有 n(OH)n(e)，设合金中镁、铜的物质的量分别为x、y，则有24 g/molx64 g/moly1.52 g（质量）2x2y2.54 g1.52 g17 g/mol（电子守恒）解之得x0.01 moly0.02 mol，则该合金中铜、镁的物质的量之比为21。B.该硝酸的浓度 c

9、nV501.4063%63 mol50103 L14.0 mol/L。C.NO2和 N2O4都来自硝酸，设混合气体中NO2的物质的量为x，根据电子守恒得x(0.05 molx)20.06 mol，x0.04 mol，NO2的体积分数为 80%。D.得到 2.54 g沉淀后，溶液中的溶质只有 NaNO3，故 n(NaOH)0.7 mol0.04 mol0.02 mol0.64 mol，则 NaOH溶液的体积是 640 mL。【答案】D 考向 1与合金性质有关的图象1.(2010 安徽高考)右图是三种稀酸对Fe-Cr 合金随 Cr 含量变化的腐蚀性实验结果，下列有关说法正确的是()A稀硝酸对 Fe

10、-Cr 合金的腐蚀性比稀硫酸和稀盐酸的弱B稀硝酸和铁反应的化学方程式是Fe6HNO3(稀)=Fe(NO3)33NO23H2O C Cr 含量大于 13%时，因为三种酸中硫酸的氢离子浓度最大，所以对 Fe-Cr合金的腐蚀性最强D随着 Cr 含量增加，稀硝酸对Fe-Cr 合金的腐蚀性减弱【解析】A 项，由图示可知当 Cr 含量小于 13%时，稀硝酸对合金的腐蚀性比稀硫酸和稀盐酸强，当Cr 含量大于 13%时，稀硝酸对合金腐蚀性较弱。B项，稀硝酸与金属反应时，其还原产物应是NO。C 项，Cr 含量大于 13%时，硫酸对合金腐蚀性最强，由于溶液密度没有给出，硫酸中氢离子浓度不一定最大。D 项，由图示可

11、知，随着Cr 含量增加，稀硝酸对合金腐蚀性减弱。【答案】D 考向 2合金的性质2镁铝合金质优体轻，又不易锈蚀，大量用于航空工业、造船工业、日用化工等领域。下列关于镁铝合金的性质的叙述中正确的是()A此合金的熔点、硬度比镁和铝的熔点、硬度都高B此合金能全部溶解于稀盐酸中C此合金能全部溶解于氢氧化钠溶液中D此合金不能全部溶于过量FeCl3溶液中【解析】合金的熔点一般低于它的成分金属，A 错误；镁铝合金具有镁、铝的化学性质，只有B 正确。【答案】B 铜及其化合物的性质及其应用Cu(NO3)2、CuSO4制备的最佳方法和途径Cu 空气或 O2CuOHNO3（稀）Cu(NO3)2Cu 空气或 O2CuO

12、 稀H2SO4CuSO4，此法的优点是无污染物和酸的利用率高。(2010新课标全国卷节选)物质 AG 有下图所示转化关系(部分反应物、生成物没有列出)。其中 A 为某金属矿的主要成分，经过一系列反应可得到 B 和 C。单质 C 可与 E 的浓溶液发生反应，G 为砖红色沉淀。请回答下列问题：(1)写出下列物质的化学式：B_、E_、G_；(2)利用电解可提纯C 物质，在该电解反应中阳极物质是_，阴极物质是_，电解质溶液是 _；(3)反应的化学方程式是_ _。【解析】本题采用逆推法。由G 为砖红色沉淀可知，G 必为 Cu2O，F 为铜盐，又有 C(单质)E(浓)FB 反应，可能为 Cu和浓 H2SO

13、4或 Cu和浓 HNO3的反应，又由BD 的反应条件高温、催化剂，可推出B 为 SO2，C 为 Cu，D为 SO3，E 为 H2SO4，F 为 CuSO4。【答案】(1)SO2H2SO4Cu2O(2)粗铜精铜CuSO4溶液(3)Cu2H2SO4(浓)=CuSO4SO22H2O CuO 与 Cu2O 的性质比较(1)CuO 为黑色，Cu2O 为红色。(2)CuO 与酸反应生成铜盐和水，而Cu2O 与酸反应一般生成铜盐、铜和水。(3)CuO 无还原性，Cu2O 有还原性，遇到 HNO3能被氧化。考向 1铜及其化合物的主要性质3已知酸性条件下有反应：2Cu=Cu2Cu。氢气还原氧化铜实验由于反应温度

14、不同，可能产生Cu 或 Cu2O，两者都是红色固体。某同学对某次氢气还原氧化铜的红色固体产物作了如下实验，实验操作和实验现象列表如下：加入试剂稀硫酸浓硫酸并加热稀硝酸浓硝酸实验现象红色固体不反应无色气体无色气体、蓝色溶液红棕色气体、蓝色溶液由此推出本次氢气还原氧化铜实验的产物()A是 Cu B是 Cu2O C一定有 Cu，一定有 Cu2O D一定有 Cu2O，可能有 Cu【解析】浓 H2SO4()、硝酸均能氧化 Cu 或 Cu2O；而稀 H2SO4与 Cu 不反应，与 Cu2O 反应。【答案】A 考向 2以 CuSO4等铜盐制备为目的实验试题4(2012 福建高考节选)酸浸法制取硫酸铜的流程示

15、意图如下：(1)步骤()中 Cu2(OH)2CO3发生反应的化学方程式为 _。(2)步骤()所加试剂起调节pH 作用的离子是 _(填离子符号)。(3)在步骤()发生的反应中，1 mol MnO2转移 2 mol 电子，该反应的离子方程式为 _。【解析】(1)Cu2(OH)2CO3溶于 H2SO4的反应为：Cu2(OH)2CO32H2SO4=2CuSO4CO23H2O。(2)加入的 NH4HCO3中 HCO3可以与溶液中的 H反应，故起调节 pH 作用的离子是 HCO3。(3)溶液中具有还原性的只有Fe2，再根据 1 mol MnO2转移 2 mol 电子，即可写出相应的离子方程式为MnO22F

16、e24H=Mn22Fe32H2O。【答案】(1)Cu2(OH)2CO32H2SO4=2CuSO4CO23H2O(2)HCO3(3)MnO22Fe24H=Mn22Fe32H2O 模拟流程型实验题【典题例证】(2013 天津高考)FeCl3在现代工业生产中应用广泛。某化学研究性学习小组模拟工业流程制备无水FeCl3，再用副产品FeCl3溶液吸收有毒的 H2S。.经查阅资料得知：无水FeCl3在空气中易潮解，加热易升华。他们设计了制备无水 FeCl3的实验方案，装置示意图(加热及夹持装置略去)及操作步骤如下：检验装置的气密性；通入干燥的 Cl2，赶尽装置中的空气；用酒精灯在铁屑下方加热至反应完成；体

17、系冷却后，停止通入Cl2，并用干燥的 N2赶尽 Cl2，将收集器密封。请回答下列问题：(1)装置 A 中反应的化学方程式为 _。(2)第步加热后，生成的烟状 FeCl3大部分进入收集器，少量沉积在反应管A 右端。要使沉积的 FeCl3进入收集器，第步操作是_。(3)操作步骤中，为防止FeCl3潮解所采取的措施有(填步骤序号)_。(4)装置 B 中冷水浴的作用为_；装置 C 的名称为 _；装置D 中 FeCl2全部反应后，因失去吸收 Cl2的作用而失效，写出检验 FeCl2是否失效的试剂：_。(5)在虚线框中画出尾气吸收装置E 并注明试剂。.该组同学用装置 D 中的副产品 FeCl3溶液吸收 H

18、2S，得到单质硫；过滤后，再以石墨为电极，在一定条件下电解滤液。(6)FeCl3与 H2S 反应的离子方程式为_。(7)电解池中 H在阴极放电产生 H2，阳极的电极反应式为_。(8)综合分析实验的两个反应，可知该实验有两个显著优点：H2S的原子利用率为 100%；_。解题关键点：(1)须明确 FeCl3的性质无水 FeCl3在空气中易潮解，加热易升华，故在制备过程中应进行无水操作。(2)须明确制备 FeCl3的实验装置中各部分的作用及原理。A：用于 FeCl3的发生：2Fe3Cl2=2FeCl3；B：用于 FeCl3的收集C：防止装置中的水分进入B 中，引起 FeCl3潮解。D：用于 Cl2的

19、吸收：2FeCl2Cl2=2FeCl3。E：用于 Cl2的尾气处理：Cl22NaOH=NaClNaClOH2O(3)须明确副产品 FeCl3溶液吸收 H2S的原理及电解滤液的电解原理FeCl3具有强氧化性，H2S 具有强还原性，二者相遇时：2FeCl3H2S=S2FeCl22HCl。电解 FeCl2溶液时，阴极放电顺序：HFe2，故 2H2e=H2，阳极放电顺序：Fe2ClOH，故 Fe2e=Fe3。(4)须明确 Fe2的检验。用 K3Fe(CN)6溶液检验 Fe2的存在不属于课本知识，故在日常学习中应拓宽知识面。解题疑惑点：(1)Cl2和 Fe的反应为 3Cl22Fe=2FeCl3。(2)根

20、据 FeCl3加热易升华的性质，可以对反应管中沉积FeCl3的部位加热，使其升华。(3)为了防止 FeCl3潮解，赶尽装置中的空气，防止水蒸气存在；冷却时要在 Cl2中冷却，并用干燥的N2赶尽 Cl2。(4)装置 B 中冷水浴的作用是将FeCl3蒸气冷却为FeCl3固体。装置 C 为干燥管。检验 FeCl2是否失效就是检验D 中是否存在 Fe2，可以用 K3Fe(CN)6溶液检验，现象：若存在Fe2，溶液中有蓝色沉淀生成。(5)Cl2是有毒气体，可以用碱液吸收，如图所示。(6)H2S 与 FeCl3发生氧化还原反应：2Fe3H2S=2Fe2S2H。(7)因为阳极材料为石墨，故阳极是溶液中的Fe

21、2放电：Fe2e=Fe3。(8)实验的显著优点是 H2S的利用率高，FeCl3可以循环利用。【答案】(1)2Fe3Cl2=2FeCl3(2)在沉积的 FeCl3固体下方加热(3)(4)冷却，使 FeCl3沉积，便于收集产品干燥管K3Fe(CN)6溶液(5)(6)2Fe3H2S=2Fe2S2H(7)Fe2e=Fe3(8)FeCl3可以循环利用铁、铜及其化合物综合试题的解题指导(2012 天津高考节选)信息时代产生的大量电子垃圾对环境构成了极大的威胁。某“变废为宝”学生探究小组将一批废弃的线路板简单处理后，得到含70%Cu、25%Al、4%Fe 及少量 Au、Pt等金属的混合物，并设计出如下制备硫

22、酸铜和硫酸铝晶体的路线：请回答下列问题：(1)第步Cu与酸反应的离子方程式为_；得到滤渣 1 的主要成分为 _。(2)第步加H2O2的作用是_，使用H2O2的优点是_；调溶液 pH 的目的是使 _生成沉淀。(3)用第步所得 CuSO45H2O 制备无水 CuSO4的方法是 _。审题指导信息：加稀 H2SO4、浓 HNO3?Cu、Al、Fe溶解，Au、Pt 不溶形成滤渣信息：滤液2CuSO45H2O滤渣2Al2（SO4）318H2O?加入 H2O2氧化还原性离子，调节pH 的目的是使某些离子转化沉淀而分离评分细则(1)Cu4H2NO3=Cu22NO2 2H2O(写成3Cu 8H2NO3=3Cu22NO4H2O 也给分，写成化学方程式或不配平的不给分，不写“”扣 1 分)Au、Pt(只填其中一种给一半分，写错一个倒扣1 分)(2)将 Fe2氧化为 Fe3(写成将 Fe2氧化或使 Fe2转化为 Fe3均给分)不引入杂质，对环境无污染(少一要点扣 1 分，其他合理答法也给分)Fe3、Al3(少一种扣 1 分，答错一种扣 1 分)(3)加热脱水(写成“加热”也给分)思维建模明确实验目的 分析流程中各步试剂的作用及原理结合问题要求准确回答。