2020届黑龙江省大庆实验中学高三下学期复习考试数学(理)试题(解析版).pdf

《2020届黑龙江省大庆实验中学高三下学期复习考试数学(理)试题(解析版).pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020届黑龙江省大庆实验中学高三下学期复习考试数学(理)试题(解析版).pdf（23页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、第 1 页 共 23 页2020 届黑龙江省大庆实验中学高三下学期复习考试数学（理）试题一、单选题1若复数z 满足22izi（i为虚数单位)，则 z 的共轭复数z在复平面内对应的点所在的象限是（）A第一象限B第二象限C第三象限D第四象限【答案】B【解析】分析：直接利用复数代数形式的乘除运算化简复数，然后求z 的共轭复数，即可得到z在复平面内对应的点所在的象限详解：由题意，222222,iiiziiiiQ22,zi则z的共轭复数z对应的点在第二象限.故选 B.点睛：本题考查了复数代数形式的乘除运算，考查了复数的基本概念，是基础题2设全集UR，(2)|ln(2),|21 x xAxNyxBx，AB

2、I（）A|1x xB|12xxC1D0,1【答案】D【解析】由题分别算出集合,A B包含的范围,再取交集即可.【详解】由|ln(2)AxN yx得20,2xx,又xN所以0,1x.又(2)|21 x xBx,其中(2)0212(2)0 x xx x所以02x,故0,1,|02ABxx,所以0,1ABI.故选 D.【点睛】本题主要考查集合的基本运算,注意看清集合是自变量还是因变量的范围.第 2 页 共 23 页3已知焦点在x轴上的椭圆的长轴长是8，离心率是34，则此椭圆的标准方程是()A221167xyB221716xyC2251162xyD2212516xy【答案】A【解析】由题意知，2a=8

3、，a=4，又34e，c=3，则 b2=a2c2=7当椭圆的焦点在x 轴上时，椭圆方程为221167xy；故答案为：221167xy。故答案为A。4 如图所示的2个质地均匀的游戏盘中(图是半径为2 和 4的两个同心圆组成的圆盘，O为圆心，阴影部分所对的圆心角为90；图是正六边形，点为其中心)各有一个玻璃小球，依次摇动2 个游戏盘后（小球滚到各自盘中任意位置都是等可能的）待小球静止，就完成了一局游戏，则一局游戏后，这 2 个盘中的小球至少有一个停在阴影部分的概率是（）A116B1124C1324D516【答案】B【解析】根据几何概型面积型可分别计算出两个图中小球落在阴影部分的概率，由独立事件概率乘

4、法公式和对立事件概率公式可求得结果.【详解】图 小球落在阴影部分的概率为：212213214464P图 小球落在阴影部分的概率：213P至少有一个小球停在阴影部分的概率为31131111111632424第 3 页 共 23 页本题正确选项：B【点睛】本题考查几何概型概率问题的求解，涉及到独立事件概率乘法公式和对立事件概率公式的应用.5在正方体1111ABCDA B C D中，MN，分别在是线段11ABBC，的中点，以下结论：直线BD丄直线MN；直线MN与直线AC异面；直线MN丄平面11BDD B；122MNAA，其中正确的个数是（）A1 B 2 C3 D4【答案】C【解析】在平面ABCD内作

5、出MN的平行直线EF，根据中位线得到/EFAC，由此得到 错误.根据AC平面11BDD B得到 正确，利用中位线及勾股定理证得正确.由此得出正确的个数为3个.【详解】过M作MFAB交AB于F，过N作NEBC交BC于E，连接11,EF AC BD B D.由于,M N分别为11,AB BC的中点，故1111/22NECCBBMF，故四边形MNEF为矩形，故/MNEF，由于/EFAC，故 判断错误.由于1,ACBD ACBB，所以AC平面11BDD B，所以MNBD且直线MN丄平面11BDD B，即 正确.由勾股定理得12ACAA，故11222EFACAA，故 判断正确.综上所述，正确的个数为3个

6、，故选C.第 4 页 共 23 页【点睛】本小题主要考查空间两条异面直线垂直的判断，考查直线与直线平行的判断，考查线面垂直的证明，属于基础题.要判断两条异面直线垂直，往往是通过线面垂直来证明，要证明线线平行，可以考虑用中位线来证明，要证明线面垂直则需要证明垂直平面内两条相交直线来证明.6设2(sin 56cos56)2aoo，cos50 cos128cos40 cos38boooo，cos80co,则abc，的大小关系是（）A abcBbacCcabDacb【答案】B【解析】2(sin 56cos56)sin(5645)sin112aooooo，cos(9040)cos(9038)cos40

7、cos38sin40 sin 38cos40 cos38cos78sin12boooooooooooo，cos80sin10coo，sin12sin11sin10,bacoooQ，选 B.7已知A，B是圆224O:xy上的两个动点，|2ABu uu r，1233OCOAOBuu u ruuu ruu u r，若M是线段AB的中点，则OC OMuuu r uu uu r的值为（）.A3B2 3C2 D3【答案】D【解析】判断出OAB是等边三角形，以,OA OBuuu r uuu r为基底表示出OMuuuu r，由此求得OC OMuuu r uuuu r的值.【详解】圆O圆心为0,0，半径为2，而

8、|2ABuuu r，所以OAB是等边三角形.由于M是线段第 5 页 共 23 页AB的中点，所以1122OMOAOBuuuu ruu u ru uu r.所以OC OMuuu r uuuu r12331122OAOOOBABuu uuuu ru uu rruuu r22111623OAOA OBOBu uu ru uu r u uu ruuu r21422cos603323o.故选：D【点睛】本小题主要考查用基底表示向量，考查向量的数量积运算，考查数形结合的数学思想方法，属于中档题.8 定义在R上的可导函数()f x，其导函数记为()fx，满足()2(2)2f xxfx，且当1x时，恒有()2

9、fxx.若3()(1)32f mfmm，则实数m的取值范围是()A1,2B,1C1,D1,2【答案】A【解析】由()2fxx，构造函数21()()22g xf xxx，易得当1x，()g x为增函数，且由题设可得()(2)g xgx，所以函数()g x的图象关于直线1x对称，结合()g x与()f x 的关系，函数的对称性与单调性性质，即可求解.【详解】第 6 页 共 23 页令21()()22g xf xxx，则()()2g xfxx.当1x时，恒有()2fxx，即()0g x，当1x时，函数()g x为增函数.而21(2)(2)2(2)(2)2gxfxxx，21(2)(2)22gxfxx(

10、2)()22fxf xxQ 把 代入 得：2(2)1()22fxxgxx()(2)g xgx.函数()g x的图象关于直线1x对称，函数()g x在,1上为增函数，在1,为减函数.由3()(1)32f mfmm，得2211()2(1)2(1)(1)22f mmmfmmm，即()(1)g mgm，|1|11|mm，解得12m.实数m的取值范围是1,2.故选：A【点睛】本题考查构造函数以及函数的导数、函数的对称性、单调性的综合运用，考查了理解辨析能力与运算求解能力，属于难题.9已知函数cos3sin33axxfx是偶函数.若将曲线2yfx向左平移12个单位长度后，得到曲线yg x，则不等式1g x

11、的解集是（）A5,124kkkZB3,124kkkZ第 7 页 共 23 页C37,84kkkZD52,262kkkZ【答案】A【解析】把()f x 化为sin,cosxx的式子，然后由偶函数定义可求得a，由图象平移变换得()g x，再解不等式1g x即可【详解】因为1313cossin3sincos2222axxxxfx1333cossin2222axax为偶函数，所以fxfx，所以33022a，解得1a，所以2cosfxx.将曲线2yfx向左平移12个单位长度后，得到曲线2cos 2()2cos2126yxx，则2cos26g xx.由1g x，得2cos 216x，得1cos 262x，

12、则22222363kxkkZ，得5124xkkkZ.不等式1g x的解集是5,124kkkZ,故选：A.【点睛】本题考查三角函数的图象及其性质，考查两角和与差的正弦、余弦公式，考查图象变换，考查推理论证能力与运算求解能力.10已知过点(0,2)与曲线323()62af xxxx(0)x相切的直线有且仅有两条，则实数a的取值范围是()A2B(2,)C316,D316第 8 页 共 23 页【答案】C【解析】先设出切点坐标323,62aP tttt(0)t，再求出()f x 的导数，由导数的几何意义知，()ft 是切线的斜率，写出切线方程，因切线过点(0,2)，将点(0,2)代入切线方程整理后可得

13、324340tat，由题意知关于t的方程有324340tat两个不等的正实数根，设32()434h ttat(0)t，结合函数求零点的知识，即可求解.【详解】323()62af xxxx，2()336fxxax.设切点为323,62aP tttt(0)t，则有2()336fttat，所以过点P的切线方程为32236336()2ayttttatxt，又点(0,2)在切线上，所以322326336()2attttatt，整理得324340tat，由题意得方程324340tat有两个不等的正实数根.设32()434h ttat(0)t，则2()1266(2)h ttattta，要使32()434h

14、ttat(0)t的图象与t轴的正半轴有两个不同的交点，则需0a.所以函数()h t在0,2a上单调递减，在,2a上单调递增，所以3min()4024aah th，解得316a.即实数a的取值范围是3(16,).第 9 页 共 23 页答案：3(16,)【点睛】本题考查导数几何意义的运用，考查过某点的曲线的切线方程及已知函数零点个数，求参数范围的问题，考查理解辨析能力及运算求解能力，属于中档题.11若实数满足约束条件，则的最大值是（）AB1C10 D12【答案】C【解析】本题是简单线性规划问题的基本题型，根据“画、移、解”等步骤可得解.题目难度不大题，注重了基础知识、基本技能的考查.【详解】在平

15、面直角坐标系内画出题中的不等式组表示的平面区域为以为顶点的三角形区域（包含边界），由图易得当目标函数经过平面区域的点时，取最大值.【点睛】解答此类问题，要求作图要准确，观察要仔细.往往由于由于作图欠准确而影响答案的准确程度，也有可能在解方程组的过程中出错.12设双曲线22221(0,0)xyabab的右顶点为A，右焦点为(c,0)F，弦PQ过F且垂直于x轴，过点P、点Q分别作为直线AQ、AP的垂直，两垂线交于点B，若B到直线PQ的距离小于2()ac，则该双曲线离心率的取值范围是（）A(0,3)B(1,3)C(3,2)D(3,)第 10 页 共 23 页【答案】B【解析】【详解】由题意,B 在

16、x 轴上,22,bbP cQ caa,2AQbakac，22BPaackb，直线 BQ 的方程为222baacyxcab，令 y=0,可得42bxcaac，B 到直线 PQ 的距离小于2(a+c)，422bacaac，2ba，3ca，3e，e1，13e，故选 B.点睛：解决椭圆和双曲线的离心率的求值及范围问题其关键就是确立一个关于,a b c的方程或不等式，再根据,a b c的关系消掉b得到,a c的关系式，而建立关于,a b c的方程或不等式，要充分利用椭圆和双曲线的几何性质、点的坐标的范围等.二、填空题13已知随机变量X服从正态分布24,N，60.78P X，则2P X_【答案】0.22.

17、【解析】正态曲线关于x对称，根据对称性以及概率和为1 求解即可。【详解】第 11 页 共 23 页2160.22P XP X【点睛】本题考查正态分布曲线的特点及曲线所表示的意义，是一个基础题14已知()f x 是定义在R上的偶函数，且在区间(,0上单调递增，若实数a满足3log(2)(2)aff，则a的取值范围是_.【答案】0,3【解析】根据函数的奇偶性以及在区间,0上的单调性确定出0,上的单调性，再根据函数值之间的关系，将其转化为自变量之间的关系，求解出a的范围即可.【详解】因为fx是R上的偶函数且在,0上递增，所以fx在0,上递减，又因为3log22aff，所以3log220aa，所以31

18、log2220aa，所以31log20aa，所以0,3a.故答案为：0,3.【点睛】本题考查根据函数的单调性和奇偶性求参数范围，难度一般.已知函数值的大小关系，可通过函数的单调性将其转变为自变量之间的关系.15设a，b，c分别为ABC内角A，B，C的对边.已知233coscosabcBC，则222acbac的取值范围为_.【答案】3,00,2U【解析】把已知式用正弦定理化边为角，由两角和的正弦公式和诱导公式化简，可求得cosC，即C角，从而得B角的范围，注意2B，由余弦定理可得结论【详解】因为233coscosabcBC，所以23cos3coscoscos0abCcBBC，第 12 页 共 2

19、3 页所以2sin3sincos3 sincosABCCB，即2sincos3sin3sinACCBA，又sin0A，所以3cos2C，则6C，因为 cos0B，所以50,226BU，而2222cosacbBac，故2223,00,2acbacU.故答案为：3,00,2U【点睛】本题考查正弦与余弦定理的应用，考查运算求解能力.本题是一个易错题，学生容易忽略cosB不能等于0.16如图，在三棱锥PABC中PAPBPC、两两垂直，且3,2,1PAPBPC，设M是底面三角形ABC内一动点，定义：()(,)f Mm n p，其中mnp、分别是三棱锥MPAB、三棱锥 MPBC、三棱锥MPAC的体积。若1

20、(),2,2f Mx y，且18axy恒成立，则正实数a的最小值是 _【答案】64 2【解析】由垂直关系可知PC平面PAB，进而求得三棱锥PABC体积，通过体积桥可得421xy；利用1142aaxyxyxy可构造出符合基本不等式的形式，得到14242aaaxy，由恒成立关系可得关于a的不等式，解不等式求得最小值.【详解】,PA PB PCQ两两垂直PC平面PAB1113 2 11332PABCC PABPABVVSPC，即1212xy421xy第 13 页 共 23 页1124244242422424 2aayaxyaxxyaaaaxyxyxyxy（当且仅当24yaxxy，即2yax时取等号）

21、又18axy恒成立，42428aa，解得：64 2a，正实数a的最小值为64 2【点睛】本题考查与立体几何有关的新定义运算中的最值问题的求解；关键是能够对“1”进行灵活应用，配凑出符合基本不等式的形式，利用基本不等式求得式子的最值，进而根据恒成立的关系得到不等式，从而求得结果.三、解答题17已知四棱锥PABCD中，侧面PAD底面ABCD，PBAD，PAD是边长为 2 的正三角形底面ABCD是菱形，点M为PC的中点（1）求证：PAP平面MDB；（2）求二面角APBC的余弦值.【答案】（1）见解析；（2）105【解析】(1)连结 AC，交 BD 于 O，利用中位线定理证明MOPA，结合线面平行的判

22、定定理证明即可；(2)建立空间直角坐标系，利用坐标求出平面PAB 和平面 PBC 的法向量，即可求解.【详解】（1）第 14 页 共 23 页连结AC，交BD于O，连接MO，由于底面ABCD为菱形，O为AC中点又 M 为PC的中点，MOPA，又MO面MDB，PA面MDBPA P平面MDB（2）过P作PEAD，垂足为E，由于PAD为正三角形，E为AD的中点由于侧面PAD面ABCD，由面面垂直的性质得PE面ABCD，由ADPEADPB，得ADPEB60ADEBEAB以 E 为坐标原点，EP 为z轴，EA 为x轴，EB 为 y 轴，建立空间直角坐标系则(1,0,0),(0,3,0),(2,3,0),

23、(0,0,3)ABCP(1,3,0)ABuuu r，(1,0,3)PAu u u r设平面 PAB 的法向量为1111(,)nxy zur，平面 PBC 的法向量为2222(,)nxyzuu r由10nABu r uu u r及10n PAu r uu u r第 15 页 共 23 页得11113030 xyxz，取13x，得平面 PAB 的一个法向量为3,1,1同理可求得平面PBC 的一个法向量(0,1,1)，由法向量的方向得知所求二面角的余弦值为1212301 1 1 110552nnn nur u u ru r u u r.【点睛】本题主要考查了线面平行以及二面角，(2)问中关键是建立空

24、间直角坐标系来求解二面角的余弦值，属于中档题.18已知数列na满足112a，121nnnaaa*Nn.（1）求数列na的通项公式；（2）证明：222212312naaaaL.【答案】（1）12nan；（2）详见解析【解析】（1）由121nnnaaa，两边取倒数可得1112nnaa，可知数列1na禳镲睚镲铪为等差数列，从而可求出1na的表达式，进而可得到na的表达式；（2）利用放缩法，可得2211111441nannn（2n，*Nn），进而可证明结论.【详解】（1）由112a，121nnnaaa，可知0na，对121nnnaaa的等号两端同时取倒数得1112nnaa，则1112nnaa，所以数列

25、1na禳镲睚镲铪为等差数列，且首项为2，公差为2，故12nna，所以12nan.（2）依题可知2221111 11111244141nannn nnn（2n，*Nn），第 16 页 共 23 页所以222212311111111442231naaaannLL1111114424nn，故222212312naaaaL.【点睛】本题考查数列通项公式的求法，考查利用放缩法证明数列不等式，考查学生的计算能力与推理能力，属于中档题.19设椭圆22221xxab(ab0)的左焦点为F，上顶点为B.已知椭圆的离心率为53，点 A 的坐标为,0b，且6 2FBAB.（I）求椭圆的方程；（II）设直线l：(0)

26、ykx k与椭圆在第一象限的交点为P，且 l 与直线 AB 交于点Q.若5 2sin4AQAOQPQ(O 为原点)，求 k 的值.【答案】()22194xy；()12或1128【解析】分析：（）由题意结合椭圆的性质可得a=3，b=2 则椭圆的方程为22194xy（）设点 P 的坐标为（x1，y1），点 Q 的坐标为（x2，y2）由题意可得5y1=9y2由方程组22194ykxxy，可得12694kyk由方程组20ykxxy，可得221kyk据此得到关于k 的方程，解方程可得k 的值为12或1128详解：（）设椭圆的焦距为2c，由已知有2259ca，又由 a2=b2+c2，可得 2a=3b由已知

27、可得，FBa，2ABb，由6 2FBAB，可得 ab=6，从而 a=3，b=2第 17 页 共 23 页所以，椭圆的方程为22194xy（）设点 P 的坐标为（x1，y1），点 Q 的坐标为（x2，y2）由已知有y1y20，故12PQ sin AOQyy又因为2yAQsinOAB，而 OAB=4，故22AQy由5 24AQsinAOQPQ，可得 5y1=9y2由方程组22194ykxxy，消去 x，可得12694kyk易知直线AB的方程为x+y 2=0，由方程组20ykxxy，消去 x，可得221kyk由 5y1=9y2，可得 5（k+1）=23 94k，两边平方，整理得25650110kk，

28、解得12k，或1128k所以，k 的值为12或1128点睛：解决直线与椭圆的综合问题时，要注意：(1)注意观察应用题设中的每一个条件，明确确定直线、椭圆的条件；(2)强化有关直线与椭圆联立得出一元二次方程后的运算能力，重视根与系数之间的关系、弦长、斜率、三角形的面积等问题20 第七届世界军人运动会于2019 年 10月 18 日至 2019 年 10 月 27 日在中国武汉举行，第七届世界军人运动会是我国第一次承办的综合性国际军事体育赛事，也是继北京奥运会之后我国举办的规模最大的国际体育盛会.来自 109个国家的9300余名军体健儿在江城武汉同场竞技、增进友谊.运动会共设置射击、游泳、田径、篮

29、球等27 个大项、329个小项.经过激烈角逐，奖牌榜的前6 名如下：某大学德语系同学利用分层抽样的方式从德国获奖选手中抽取了9 名获奖代表.国家金牌银牌铜牌奖牌总数中国1336442239第 18 页 共 23 页俄罗斯515357161巴西21313688法国13202457波兰11153460德国10152045（1）请问这9 名获奖代表中获金牌、银牌、铜牌的人数分别是多少人？（2）从这 9 人中随机抽取3 人，记这3 人中银牌选手的人数为X，求X的分布列和期望；（3）从这 9 人中随机抽取3 人，求已知这3 人中有获金牌运动员的前提下，这3 人中恰好有 1 人为获铜牌运动员的概率.【答案

30、】（1）金牌人数为2 人、银牌人数为3 人、铜牌人数为4 人；（2）分布列见解析，()1E X；（3）47.【解析】（1）根据分层抽样的抽取规则，结台各奖牌的获奖人数，即可计算出这9 名获奖代表中获金牌、银牌、铜牌的人数；（2）随机变量X 的可能取值分别为0,1,2,3，分别计算出对应概率，列出分布列，求期望即可；（3）依题意，可分为2金1铜和1金1银1铜两种情况讨论，再结合条件概率公式，即可求解.【详解】(1)由题意可知，德国获奖运动员中，金牌、银牌、铜牌的人数比为2:3:4，所以这 9 名获奖运动员中金牌人数为2 人、银牌人数为3 人、铜牌人数为4 人；(2)X的可能取值为0,1,2,3，

31、则：3639C205(0)C8421P X，123639C C4515(1)C8428P X，第 19 页 共 23 页213639C C183(2)C8414P X，33391(3)84CP XC，X的分布列为：X0 1 2 3 P52115283141841531()1231281484E X.（3）记事件A为“3 人中有获金牌运动员”，事件B为“这 3 人中恰好有1 人为获铜牌运动员”，37397()112CP AC，2111223439CC C1()C3CP AB，()4(|)()7P ABP B AP A.【点睛】本题考查了分层抽样，考查了离散型随机变量的概率分布列和数学期望及条件概

32、率，主要考查分析解决问题和解决问题的能力及运算求解能力,属于中档题21已知aR，函数lnxaefxaxx.（1）讨论函数fx的单调性；（2）若1a，且2111xeF xxmxfxx在0,2m时有极大值点001xx，求证：01F x.【答案】（1）见解析；（2）见解析【解析】（1）对fx求导，分1a，1ae，ae，ae进行讨论，可得函数fx的单调性；（2）将1a代入F x，对F x求导，可得()2(1)lnFxxmx，再对()2(1)lnF xxmx求导，可得函数()F x有唯一极大值点101,xxx，且第 20 页 共 23 页0000002(1)()2(1)ln0(01)ln2xmFxxmx

33、mxx.可得222000000000222()1(2ln)lnlnxxxF xxxxxx,设2()2lnh xxx，对其求导后可得0()1F x.【详解】解：（1）222()(1)(1)(1)()()xxxxaexaea xexxaefxxxxxQ，又0 xQ，1xe，1a时，0 xae，所以可解得：函数()f x 在(0,1)单调递增，在(1,)单调递减；经计算可得，1ae时，函数()f x 在(0,ln)a单调递减，(ln,1)a单调递增，(1,)单调递减；ae时，函数()f x 在(0,1)单调递减，(1,ln)a单调递增，(ln,)a单调递减；ae时，函数()f x 在(0,)单调递减

34、.综上：1a时，函数()f x 在(0,1)单调递增，(1,)单调递减；1ae时，函数()f x 在(0,ln)a单调递减，(ln,1)a单调递增，(1,)单调递减；ae时，函数()f x 在(0,)单调递减；ae时，函数()f x 在(0,1)单调递减，(1,ln)a单调递增，(ln,)a单调递减.（2）若1a，则221()(1)(1()(1)(1ln)xeF xxmxf xxmxxx，()2(1)lnFxxmx，设()2(1)ln,(0)H xxmxx，则()2mHxx，当(0,)2mx时，()0()HxH x单调递减，即()Fx单调递减，当(,)2mx时，()0()HxH x单调递增，即

35、()Fx单调递增.又因为02,01,2mm由(1)0F可知：()02mF，而2222()2(1)ln20mmmmF eemee，且201mee，第 21 页 共 23 页21(,)2mmxe，使得1()0Fx，且1(0,)xx时，()0,()FxF x单调递增，1(,1)xx时，()0,()FxF x单调递减，(1,)x时，()0,()FxF x单调递增，所以函数()F x有唯一极大值点101,xxx，且0000002(1)()2(1)ln0(01)ln2xmFxxmxmxx.220000000002(1)()(1)(1ln)(1)(1ln)lnxxF xxmxxxxx220000221lnx

36、xxx.所以222000000000222()1(2ln)lnlnxxxF xxxxxx,设2()2lnh xxx（01x），则22212()0 xh xxxx，()h x在(0,1)单调递增，()(1)0h xh，0()0h x，又因为0ln0 x，0()10F x0()1F x.【点睛】本题主要考查导数、函数的单调性等知识，考查方程与函数、分类与整合的数学思想，考查学生的推理论证能力与运算求解能力.22选修 4-4：坐标系与参数方程以坐标原点O为极点，x轴的正半轴为极轴建立极坐标系，已知曲线C的极坐标方程为12 sincos.（1）写出曲线C的参数方程；（2）在曲线C上任取一点P，过点P作

37、x轴，y轴的垂直，垂足分别为A，B，求矩形OAPB的面积的最大值.【答案】(1)12cos12sinxy.(2)max32 2S.【解析】分析：（1）先根据222,cos,sinxyxy将曲线C的极坐标方程化为直角坐标方程，再写出圆的参数方程，（2）根据题意得第 22 页 共 23 页12cos12sinS，再根据同角三角函数关系得213222St，sin2sin2,24tcos，最后根据二次函数性质求最值.详解：（1）由12 sincos得22sincos1，所以22222xyxy，即22114xy，故曲线C的参数方程1 212xcosysin（为参数）；（2）由（1）可设点P的坐标为12c

38、os,12sin，0,2，则矩形OAPB的面积为12cos12sinS12sin2cos4sin cos.令sin2sin2,24tcos，212sintcos，22131222222Sttt，故当2t时，max32 2S.点睛：利用曲线的参数方程来求解两曲线间的最值问题非常简捷方便，是我们解决这类问题的好方法.椭圆参数方程：cos(sinxayb为参数），圆参数方程：cos(sinxryr为参数），直线参数方程：00cos(sinxxttyyt为参数）23已知函数|1|fxxxa.（1）若1a，求不等式1fx 的解集；（2）若“xR，|21|fxa”为假命题，求a的取值范围.【答案】（1）1

39、,2（2）2,0【解析】（1）当1a时，将函数fx写成分段函数，即可求得不等式的解集.（2）根据原命题是假命题，这命题的否定为真命题，即“xR，21fxa”为第 23 页 共 23 页真命题，只需满足max|21|fxa即可.【详解】解：（1）当1a时，2,1,112,11,2,1.xfxxxxxx由1fx，得12x-.故不等式1fx 的解集为1,2.（2）因为“xR，21fxa”为假命题，所以“xR，21fxa”为真命题，所以max|21|fxa.因为|1|(1)()|1|fxxxaxxaa,，所以max|1|fxa，则|1|21|aa，所以22121aa，即220aa，解得20a剟，即a的取值范围为2,0.【点睛】本题考查绝对值不等式的解法，以及绝对值三角不等式，属于基础题.