【精准解析】2021江苏高考物理一轮训练检测：第八章+(7+4)章末综合能力滚动练.pdf

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1、1(74)章末综合能力滚动练一、单项选择题1.硅光电池是一种太阳能电池，具有低碳环保的优点如图1 所示，图线a 是该电池在某光照强度下路端电压U 和电流I 的关系图线(电池内阻不是常数)，图线 b 是某电阻R 的 U I图线在该光照强度下将它们组成闭合回路时，硅光电池的内阻为()图 1A8 B10 C12 D 12.5 答案A解析由闭合电路欧姆定律得UEIr，当 I0 时，UE，由图线a 与纵轴的交点读出电动势为 E 3.6 V根据两图线交点可知，电阻R 两端的电压为2 V，通过 R 的电流为0.2 A，则硅光电池的内阻r3.6 20.28，故 A 正确2.如图 2 所示，E 为电源，其内阻为

2、r，L 为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变)，R1、R2为定值电阻，R1r，R3为光敏电阻，其阻值随光照强度的增加而减小，闭合开关S 后，若照射R3的光照强度减弱，则()图 2AR1两端的电压变大B通过 R2的电流变大C电源的输出功率变大D小灯泡消耗的功率变大答案B解析光照强度减弱，光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可得，电路中干路电流减小，故R1两端的电压减小，故A 错误；因干路电流减小，电源的内电压减小，路端电压增大，同时R1两端的电压减小，故并联电路部分电压增大，则流过R22的电流增大，又干路电流减小，则流过灯泡的电流减小，由PLI2RL可知，小灯泡消耗的功率变小，故

3、B 正确，D 错误；因 R1r，外电路总电阻R外r，又 R外增大，故电源的输出功率变小，故C 错误3如图 3 所示，平行金属板中带电质点P 处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b 端移动时，则()图 3A质点 P 将向上运动B电流表读数减小C电压表读数减小DR3上消耗的功率逐渐增大答案C解析由题图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联，再与R1串联接在电源两端，电容器与 R3并联，当滑片向b 端移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，则电路总电阻减小，电路总电流增大，路端电压减小，R1两端的电压增大，故并联部分的电压减小由欧姆定律可知流过R3的电流减小，而

4、流过R2的电流增大，故电流表读数增大，故B 错误；因并联部分电压减小，而R2两端的电压增大，故电压表读数减小，故C 正确；因 R3两端的电压减小，由公式 PU2R可知，R3上消耗的功率减小，故D 错误；因电容器两端电压减小，故质点P 受到的向上的电场力减小，则重力大于电场力，质点P 将向下运动，故A 错误二、多项选择题4.已知磁敏电阻在没有磁场时电阻很小，有磁场时电阻变大，并且磁场越强电阻越大为探测有无磁场，利用磁敏电阻作为传感器设计了如图4所示电路，电源的电动势E 和内阻 r 不变，在没有磁场时调节变阻器R 使电灯 L 正常发光若探测装置从无磁场区进入强磁场区，则()图 4A电灯 L 变亮B

5、电灯 L 变暗C电流表的示数减小D电流表的示数增大3答案AC解析探测装置从无磁场区进入强磁场区时，磁敏电阻阻值变大，则电路的总电阻变大，根据 IER总可知总电流变小，所以电流表的示数减小，根据UEIr，可知 I 减小，U 增大，所以电灯两端的电压增大，电灯L 变亮，故A、C 正确，B、D 错误5.如图 5 所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，电路正常工作，过了一会儿，电流表的示数变为零若电路中故障发生在灯L、电阻 R 上，用一根导线来判断电路故障，则下列判断正确的是()图 5A将导线并联在R 两端，电流表无示数，一定是L 断路B将导线并联在L 两端，电流表无示数，一定是R 断路C将导线

6、并联在R 两端，电流表有示数，一定是R 断路D将导线并联在L 两端，电流表有示数，一定是L 断路答案CD解析电流表的示数变为零，说明电路故障为断路将导线与用电器并联进行检测时，若电流表有示数，说明与导线并联的用电器断路；若电流表无示数，说明另一个用电器断路或两个用电器都断路若将导线并联在R两端，电流表无示数，则可能是 L 断路，也可能是R、L 都断路，故选项A 错误；若将导线并联在L 两端，电流表无示数，则可能是R 断路，也可能是 R、L 都断路，故选项B 错误；若将导线并联在R两端，电流表有示数，则一定是R 断路，选项C 正确；若将导线并联在L 两端，电流表有示数，则一定是L 断路，选项D

7、正确6(2015江苏卷 8)两个相同的负电荷和一个正电荷附近的电场线分布如图6 所示 c 是两负电荷连线的中点，d 点在正电荷的正上方，c、d 到正电荷的距离相等，则()图 6Aa 点的电场强度比b 点的大Ba 点的电势比b 点的高4Cc 点的电场强度比d 点的大Dc 点的电势比d 点的低答案ACD解析由题图知，a 点处的电场线比b 点处的电场线密集，c 点处电场线比d 点处电场线密集，所以 A、C 正确；过a 点画等势线，与b 点所在电场线的交点与b 点位置比较知b 点的电势高于 a 点的电势，故B 错误；c、d 两点中 c 点离负电荷的距离更小，则d 点电势高于c 点电势，故 D 正确7(

8、2019山东聊城市二模)两电荷量分别为q1和 q2的点电荷固定在x 轴上的 A、B 两点，两点电荷连线上各点电势 随坐标 x 变化的关系图象如图7 所示，其中 P点电势最高，且 xAPxPB，则()图 7Aq1和 q2都是负电荷Bq1的电荷量大于q2的电荷量C在 A、B 之间将一负点电荷沿x 轴从 P 点左侧移到右侧，电势能先减小后增大D一点电荷只在电场力作用下沿x 轴从 P 点运动到 B 点，加速度逐渐变小答案AC解析由题图知，越靠近两点电荷，电势越低，则q1和 q2都是负电荷，故A 项正确；x图象的斜率表示电场强度，则P 点场强为零，据场强的叠加知两点电荷在P 处产生的场强等大反向，即kq

9、1xAP2 kq2xBP2，又 xAPxPB，所以 q1的电荷量小于q2的电荷量，故B 项错误；由题图知，在A、B 之间沿 x 轴从 P 点左侧到右侧，电势先增加后减小，则负点电荷的电势能先减小后增大，故C 项正确；x 图象的斜率表示电场强度，则沿x 轴从 P 点运动到B 点场强逐渐增大；据aqEm可知，电荷只在电场力作用下沿x 轴从 P 点运动到B 点，加速度逐渐增大，故D 项错误三、非选择题8(2018天津卷 9(3)某同学用伏安法测定待测电阻Rx的阻值(约为 10 k)，除了 Rx、开关 S、导线外，还有下列器材供选用：A电压表(量程 01 V，内阻约10 k)B电压表(量程 010 V

10、，内阻约100 k)C电流表(量程 01 mA，内阻约30)5D电流表(量程 00.6 A，内阻约0.05)E电源(电动势 1.5 V，额定电流0.5A，内阻不计)F电源(电动势12 V，额定电流2 A，内阻不计)G滑动变阻器R0(阻值范围 010 ，额定电流2 A)(1)为使测量尽量准确，电压表选用_，电流表选用 _，电源选用 _(均填器材的字母代号)(2)在虚线框内画出测量Rx阻值的实验电路图(3)该同学选择器材、连接电路和操作均正确，从实验原理上看，待测电阻测量值会_其真实值(填“大于”“小于”或“等于”)，原因是 _答案(1)BCF(2)见解析图(3)大于电压表的读数大于待测电阻两端的

11、实际电压(其他表述正确也可)解析(1)若电源选用E，则通过 Rx的最大电流为0.15 mA，电流表选用C 还达不到半偏，故电源应选用F.电压表内阻应尽可能与被测电阻阻值相差大一些且量程应接近电源电压，故电压表选用B.由此可知电路中的电流约为1 mA，故电流表选用C.(2)因为待测电阻阻值较大，所以电流表应采用内接法因为滑动变阻器的阻值很小，若采用限流接法接入电路起不到多大的限流作用，所以滑动变阻器应采用分压接法，实验电路图如图所示(3)因为电流表采用内接法，电压表测出的电压为Rx与电流表串联后两端电压，U测U实，而RUI，所以 R测R实9(2020福建龙岩市模拟)现要比较准确的测量电压表V1的

12、内阻 RV.实验室提供的器材有：A待测电压表V1(量程 3 V，内阻约3 k)B电压表 V2(量程 9 V，内阻约10 k)C定值电阻R0(阻值 6 k)D滑动变阻器R(最大阻值20)E直流电源E(10 V，内阻可忽略)F开关 S 及导线若干(1)请用笔画线代替导线在图8 甲中完成电路的连接；6图 8(2)请把下列实验步骤补充完整闭合开关S前应将滑动变阻器的滑片移至最_端(选填“左”或“右”)；闭合开关S，移动滑片至某一位置，记录电压表V1、V2的示数 U1、U2；多次移动滑片，记录相应的电压表V1、V2的示数 U1、U2；以 U2为纵坐标、U1为横坐标，作出相应图象，如图乙所示(3)用 U2

13、U1图线的斜率k 及定值电阻的阻值R0，写出待测电压表内阻RV_.答案(1)见解析图(2)左(3)R0k1解析(1)滑动变阻器的阻值远小于待测电压表的内阻，所以滑动变阻器用分压式接法，待测电压表的量程为3 V，而电压表V2的量程为9 V，为使电表指针偏转角度较大，读数更准确，需将定值电阻与待测电压表V1串联，然后与V2并联，所以电路图如图所示(2)闭合开关前应将滑片移至使测量电路短路的位置，所以应移至最左端；(3)根据欧姆定律：U2U1R0U1RV，整理得 U2(1R0RV)U1，所以 k1R0RV，解得待测电压表的内阻RVR0k1.10(2019江苏泰州二中期末)(1)如图 9 螺旋测微器示

14、数为_ mm.图 97(2)如图 10 甲，小明同学用多用电表按下列步骤测量一未知电阻：图 10旋动部件S，使指针对准电流刻度的“0”刻线将 K 旋转到欧姆挡“100”的位置将插入“”、“”插孔的红、黑表笔短接，旋动部件_，使指针对准电阻刻度的_刻线(选填“0”或“”)当用“100”倍率欧姆挡测量时，发现表头指针向右偏转的角度过大，为减小误差，应将K 拨到“_”倍率欧姆挡(选填“10”或“1 k”)；如果拨挡后立即测量电阻并读数，该同学遗漏的实验步骤是：_.补上该步骤后，表盘的示数如图乙所示，则该电阻的阻值为_.答案(1)1.983(2)T0 10换挡后要重新进行欧姆调零220解析(1)螺旋测

15、微器示数为1.5 mm0.01 mm48.31.983 mm；(2)将插入“”、“”插孔的红、黑表笔短接，旋转欧姆调零旋钮T，使指针对准电阻刻度的 0 刻线；当用“100”倍率欧姆挡测量时，表头指针向右偏转的角度过大，所选挡位太大，为减小误差，应将K 拨到“10”倍率欧姆挡；遗漏的步骤是：换挡后要重新进行欧姆调零，由题图乙所示可知，该电阻的阻值为220.11(2019山东日照市上学期期末)电阻温度计是根据导体电阻随温度而变化的规律来测量温度的铂电阻温度计是最精确的温度计，因为铂的化学惰性，成为272.5 至 961.78 范围内的首选材料，其电阻与温度成一次函数关系某实验小组利用如图11 甲所

16、示的电路探究铂金属的温度特性所用器材有：铂金丝RPt；电源；电流表；滑动变阻器R1；电阻箱R2；开关 S1，单刀双掷开关S2.8图 11实验步骤如下：按电路图甲，连好实物图乙；将 RPt置于冰水混合物中，开关S2与 1 接通，闭合S1，调节 R1的滑片位置，使电流表的读数为 I0；保持 R1的滑片位置不变，将R2置于最大值，开关S2与 2 接通，调节R2，使电流表的读数仍为 I0；断开 S2，记下此时R2的读数 100.0 ；再将 RPt置于标准大气压下沸水中，重复上述过程，此时R2的读数为138.5.回答下列问题：(1)在图乙中，将实物连线补充完整；(2)闭合 S1前，图乙中R1的滑片应移动

17、到_(填“a”或“b”)端；(3)在图 12 坐标纸上作出RPtt 图线；图 12(4)当测得 R2的阻值为247.09 时，RPt处在 _ 的环境中(保留到个位数)；(5)实验后，小明用螺旋测微器测得铂金丝的直径如图丙所示，则铂金丝的直径为_ mm.答案(1)见解析图(2)a(3)如图所示9(4)382(5)0.706(0.7040.708 均可)解析(1)按电路图连接实物图，如图所示(2)为了保护用电器，闭合开关前应将滑动变阻器的最大阻值接入电路中，即闭合 S1前，题图乙中 R1的滑片应移动到a 端；(3)将 RPt置于冰水混合物(0)中，RPt的电阻为100.0，将 RPt置于标准大气压下沸水(100 )中，RPt的电阻为138.5 ，其电阻与温度成一次函数关系，所以RPtt 图线如图(4)由图象可得，电阻与温度间的关系为：RPt 100138.5100100t1000.385t当测得 R2的阻值为247.09 时，即 RPt的电阻为247.09 ，解得：t382；(5)螺旋测微器的读数：0.5 mm20.60.01 mm0.706 mm.