【最新】2020届山东省烟台市高三下学期高考适应性练习(一)物理试题(解析版).pdf

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1、-1-2020 届山东省烟台市高三下学期高考适应性练习一物理试题一、单项选择题1.下列说法中正确的是（）A.光的偏振现象说明光是纵波B.杨氏双缝干涉实验说明光是一种波C.光从空气射入玻璃时可能发生全反射D.雨后路面上的油膜形成的彩色条纹是由光的衍射形成的【答案】B【解析】【详解】A光的偏振现象说明光是横波，故A 错误；B干涉、衍射、偏振现象都说明光是一种波，故B 正确；C光从光密介质射入光疏介质才会发生全反射现象，故C 错误；D雨后路面的油膜是光的干涉现象形成的，故D 错误；故选 B。2.城市中的路灯经常采用三角形的结构悬挂，如图所示为这类结构的一种简化模型。图中硬杆OA 可以绕通过 A 点且

2、垂直于纸面的轴转动，钢索和硬杆的重力都可以忽略。现保持O 端所挂重物不变，OA 始终水平，将钢索的悬挂点B 稍微上移，下列说法正确的是（）A.钢索 OB 对 O 点的拉力减小B.钢索 OB 对 O 点的拉力增大C.硬杆 OA 对 O 点的支持力不变D.硬杆 OA 对 O 点的支持力增大【答案】A【解析】【详解】设OA 中的支持力为N，OB 中的拉力为T，对 O 点有cosT N-2-sinTmg其中AOB，由题意可知变大，故T变小，N变小，故A 正确，BCD 错误。故选 A。3.高空跳伞是空降兵的必修科目，在某次训练中，一空降兵从悬停在空中的直升飞机上自由跳下，从跳离飞机到落地的过程中空降兵沿

3、竖直方向运动的v t图像如图所示，最终空降兵以0v的速度落地。下列说法正确的是（）A.0tl时间内，空降兵所受阻力不断增大B.t1t2时间内，空降兵处于超重状态C.t1t2时间内，空降兵运动的加速度大小增大D.t1t2时间内，空降兵运动的平均速度大小102vvv【答案】B【解析】【详解】A由速度时间图像可知，0tl时间内，空降兵做匀加速运动，故其受到的阻力不变，故A 错误；B t1t2时间内，空降兵向下做减速运动，其加速度向上，故处于超重状态，故B 正确；C速度时间图像的切线表示加速度，由图像可知，t1t2时间内加速度不断减小，故C 错误；D t1t2时间内若空降兵做匀减速运动，则其平均速度为

4、102vvv，由图像可知其位移小于匀减速运动的位移，故其平均速度102vvv，故 D 错误。故选 B。4.如图所示，某理想变压器T 的原线圈接在电压峰值为2202V 的正弦式交变电源两端，向额定电压为15kV 的霓虹灯供电，使它正常发光。为了安全，需在原线圈回路中接入熔断器，当副线圈电路中总电流超过 22mA 时，熔断器内的熔丝就会熔断。不考虑输电线电能的损失，则熔断器的熔断电流大小为（）-3-A.1.5AB.3 22AC.3AD.3 2A【答案】A【解析】【详解】由题意可知，输入电压的有效值为220V，由1122nUnU解得122201115000750nn当副线圈中电流为22mA 时，由1

5、221nInI原线圈中电流为21211.5AnIIn故 A 正确，BCD 错误。故选 A。5.随着航天技术的进步，人类并不满足于在太空作短暂的旅行，“空间站”是一种可供多名航天员在其中生活工作和巡访的载人航天器，同时我们也可以利用航天飞机对空间站补充原料物资。若有一“空间站”正在地球赤道平面内的某一圆周轨道上运行，其离地球表面的高度恰好等于地球的半径。已知地球的第一宇宙速度为v，地球表面的重力加速度为g，下列说法正确的是（）A.“空间站”运行的线速度大小为2vB.“空间站”运行的加速度大小为4gC.“空间站”由于受到阻力作用，运转速率将减小，轨道半径将增大D.航天飞机先到达与“空间站”相同的轨

6、道，然后减速即可实现两者对接【答案】B-4-【解析】【详解】A设地球质量为M，半径为R，则地球的第一宇宙速度为GMR对该空间站有2222MmGmRR解得22故 A 错误；B地球表面加速度为2GMgR空间站的加速度为242GMgaR故 B 正确；C空间站受阻力作用，速度变小，则其做近心运动，轨道半径变小，故C 错误；D航天飞机先到达与“空间站”相同的轨道，若减速，则其轨道半径变小，不能实现对接，故D 错误；故选 B。6.如图所示，半径为R的光滑34圆弧轨道 ABC 竖直固定在水平地面上，顶端A 处切线水平。将一质量为m的小球（可视为质点）从轨道右端点C 的正上方由静止释放，释放位置距离地面的高度

7、为h（可以调节），不计空气阻力，下列说法正确的是（）A.h=2R时，小球刚好能够到达圆弧轨道的顶端A B.适当调节h 的大小，可使小球从A 点飞出，恰好落在C 点-5-C.54Rh时，由机械能守恒定律可知，小球在轨道左侧能够到达的最大距地高度为54RD.h=4R时，小球从A 点飞出，落地点与O 点之间的水平距离为4R【答案】D【解析】【详解】A小球恰好到达A 点时，由牛顿第二定律得2AvmgmR从释放点到A 点，由机械能守恒得2122Amg hRmv解得AvgR，52hR故 A 错误；B当小球恰好从A 点飞出时，其水平速度最小，当小球下落高度为R 时，水平位移为22ARxvRRg因此，若小球能

8、够从A 点飞出，则其不可能落在C 点，故 B 错误；C当54Rh时，小球不能到达A 点，当重力分力大于向心加速度时，小球将做斜抛运动，因此小球速度不可能减为0，其能够到达距离地面的最大高度小于54R，故 C 错误；D当 h=4R 时，小球到达A点的速度为v，由机械能守恒得2122mg hRmv落地时间为4Rtg故落点与 O 点的水平距离为4xvtR故 D 正确。故选 D。7.如图所示，在水平向右的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细绳一端固定在O 点，另一端拴一个质量为m、带电荷量为q的小球。把细绳拉到竖直状态，小球从最低点A 由静止释放后沿圆弧运动，当细绳刚好-6-水平时，小球到达位置B 且速度

9、恰好为零。已知重力加速度为g，不计空气阻力，则（）A.小球最终将静止在B 点B.小球运动到B 点时，细绳的拉力为0 C.匀强电场的电场强度大小为mgqD.在此过程中，小球的电势能一直增加【答案】C【解析】【详解】A小球在B 点时，受到竖直向下的重力和水平向右的电场力，水平向左的拉力，合力不为0，故不可能静止在B 点，故 A 错误；B小球作圆周运动，其在B 点速度为0，故向心力为0，故TqE故 B 错误；C从 A 到 B，由动能定理可得0mgLqEL故mgqE故 C 正确；D小球从A 到 B 的过程中，电场力做正功，电势能减小，故D 错误；故选 C。8.如图甲所示，在粗糙的水平地面上静止放置一质

10、量为100kg 的木箱。t=0 时刻，某同学对其施加水平推力F 的作用。已知水平推力F 随时间 t 的变化关系图像如图乙所示，木箱与水平地面之间的动摩擦因数0.2。已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2。则 t=3s 时木箱的速度大小为（）-7-A.2m/sB.2.5m/sC.6m/sD.8m/s【答案】B【解析】【详解】由于200Nf mg，由图像可知，从0.5s后木箱才开始运动，0.5s-3s对木箱由动量定理可得0FI mgtm由图像可得，外力F 的冲量为13400-200 0.5 0.5 N s750N s2FI解得2.5m/s故 B 正确；故选 B。二、多项选择题9

11、.如图所示为氢原子的能级图，一群氢原子处于n=4 的激发态，在向较低能级跃迁的过程中向外辐射光子，用这些光子照射逸出功为4.5eV 的金属钨表面，则下列说法中正确的是（）A.这群氢原子跃迁时可能辐射出12 种不同频率的光子B.金属钨表面所发出的光电子的最大初动能为8.25eV C.氢原子从n=4 能级跃迁到n=1能级时辐射出的光子波长最短D.氢原子从n=4 能级跃迁到n=3能级时辐射出的光子的能量为2.36eV【答案】BC【解析】-8-【详解】A这群氢原子跃迁时可能辐射出246C种不同频率的光子，选项A 错误；BC从 n=4 到 n=1 能级差最大，则跃迁发出的光子的频率最大，波长最短，最大光

12、子的能量为（-0.85eV）-（-13.6eV）=12.75eV，则根据kmEhW逸出功可知，金属钨表面所发出的光电子的最大初动能为12.75eV-4.5eV=8.25eV，选项 BC 正确；D氢原子从n=4 能级跃迁到n=3 能级时辐射出的光子的能量为（-0.85eV）-（-1.51eV）=0.66eV，选项 D错误。故选 BC。10.一列简谐横波沿x 轴传播，x轴上 x1=1m 和 x2=4m 处质点的振动图像分别如图甲和图乙所示。已知此两质点平衡位置之间的距离小于一个波长，则此列波的传播速率及方向可能是（）A.v=3m/s，沿 x 轴正方向B.v=0.6m/s，沿 x 轴正方向C.v=0

13、.4m/s，沿 x 轴负方向D.v=1m/s，沿 x 轴负方向【答案】AD【解析】【详解】若波沿x 轴正向传播，则波长为=4(x2-x1)=12m 则波速12m/s=3m/s4vT若波沿 x 轴负向传播，则2134xx波长=4m 则波速4m/s=1m/s4vT-9-则 AD 正确，BC 错误。故选 AD。11.如图所示，一简易升降机在箱底装有若干个相同的轻弹簧，在某次事故中，升降机吊索在空中突然断裂，忽略摩擦及其它阻力，升降机在从弹簧下端刚接触地面开始到运动到最低点的一段过程中，弹簧始终在弹性限度内，则下列关于升降机的加速度大小a、速度大小v、升降机重力做功WG、弹簧整体的弹性势能EP与升降机

14、向下位移x 的关系的图像中可能正确的是（）A.B.C.D.【答案】AC【解析】【详解】A升降机在从弹簧下端触地后直到最低点的一段运动过程中，开始阶段，重力大于弹力，加速度方向向下，向下做加速运动，加速度大小mgkxkagxmm当重力和弹力相等以后，弹力大于重力，加速度方向向上，向下做减速运动，加速度大小kxmgkaxgmm加速度的大小先减小后增大，因为刚接触弹簧时升降机有一定的速度，则最后触地时加速度大于g，故 A正确；B由上述分析可知，升降机的速度先增加后减小，根据22vax可知速度v与位移 x 并非线性关系，选项 B 错误；-10-C升降机重力做功GWmgx即重力做功与x 成正比关系，选项

15、C 正确；D弹簧克服弹力做功为20122FkxWxkx则弹性势能21=2PEkx则选项 D 错误。故选 AC。12.如图所示，两根间距为l、电阻不计足够长的光滑平行金属导轨与水平面夹角30，导轨顶端e、f间接入一阻值为R 的定值电阻，所在区域内存在磁感应强度为B 的匀强磁场，磁场方向垂直于导轨平面向上。在导轨上垂直于导轨放置质量均为m、电阻均为R 的两金属杆ab 和 cd。开始时金属杆cd 处在导轨的下端，被与导轨垂直的两根小绝缘柱挡住。现用沿导轨平面向上的恒定外力F（大小未知）使金属杆ab 由静止开始加速运动，当金属杆ab沿导轨向上运动位移为x 时，开始匀速运动，此时金属杆cd 对两根小柱的

16、压力刚好为零，已知重力加速度为g，则（）A.流过定值电阻R的电流方向为由e到 f B.金属杆 ab 匀速运动的速度为2 232mgRB lC.金属杆 ab 达到匀速运动时，恒定外力F 的瞬时功率为222232m g RB lD.金属杆 ab 从受到恒定外力F 到开始匀速运动过程中，定值电阻R 产生的热量为3224 43616mgxm g RB l【答案】BD【解析】【详解】A由右手定则可知，ab 中产生的感应电流方向为从a 到 b，则流过定值电阻R 的电流方向为由f 到 e，选项 A 错误；-11-B金属杆ab 匀速运动时，金属杆cd 对两根小柱的压力刚好为零，则cd 所受的安培力为1sin3

17、02cdFmgmg设 cd 中的电流为I，则12BIlmg对 ab 棒22BlvIRR解得2 232mgRvB l选项 B 正确；C达到匀速时，对ab 32sin 302FBI lmgmg则拉力 F 的功率222 294m g RPFvB l选项 C 错误；D由能量关系，金属杆ab 从受到恒定外力F 到开始匀速运动的过程中产生的总热量21sin302QFxmgxmv其中16RQQ解得3224 43616Rmgxm g RQB l选项 D 正确。故选 BD。三、实验题13.某同学利用如图所示的装置进行“验证动量守恒定律”的实验，操作步骤如下：-12-在水平桌面上的适当位置固定好弹簧发射器，使其出

18、口处切线与水平桌面相平；在一块长平木板表面先后钉上白纸和复写纸，将该木板竖直并贴紧桌面右侧边缘。将小球a 向左压缩弹簧并使其由静止释放，a 球碰到木板，在白纸上留下压痕P；将木板向右水平平移适当距离，再将小球a 向左压缩弹簧到某一固定位置并由静止释放，撞到木板上，在白纸上留下压痕P2；将半径相同的小球b 放在桌面的右边缘，仍让小球a 从步骤中的释放点由静止释放，与b球相碰后，两球均撞在木板上，在白纸上留下压痕P1、P3。(1)下列说法正确的是_。A.小球 a 的质量一定要大于小球b 的质量B.弹簧发射器的内接触面及桌面一定要光滑C.步骤中入射小球a 的释放点位置一定相同D.把小球轻放在桌面右边

19、缘，观察小球是否滚动来检测桌面右边缘末端是否水平(2)本实验必须测量的物理量有_。A.小球的半径r B.小球 a、b 的质量 m1、m2C.弹簧的压缩量x1，木板距离桌子边缘的距离x2D.小球在木板上的压痕P1、P2、P3分别与 P 之间的竖直距离h1、h2、h3(3)用(2)中所测的物理量来验证两球碰撞过程中动量是否守恒，当满足关系式_时，则证明a、b 两球碰撞过程中动量守恒。【答案】(1).AD(2).BD(3).112231mmmhhh【解析】【详解】(1)1 A.小球 a 的质量一定要大于小球b 的质量，以防止入射球碰后反弹，选项A 正确；B.弹簧发射器的内接触面及桌面不一定要光滑，只

20、要a球到达桌边时速度相同即可，选项B 错误；C.步骤中入射小球a 的释放点位置不一定相同，但是步骤中入射小球a 的释放点位置一定要相同，选项 C 错误；-13-D.把小球轻放在桌面右边缘，观察小球是否滚动来检测桌面右边缘末端是否水平，选项D 正确。故选 AD。(2)2 小球离开斜槽后做平抛运动，设其水平位移为L，则小球做平抛运动的时间0Ltv小球的竖直位移212hgt解得02gvLh碰撞前入射球a 的水平速度122gvLh碰撞后入射球a 的水平速度232gvLh碰撞后被碰球b 的水平速度132gvLh如果碰撞过程系统动量守恒，则m1v1=m1v2+m2v3即122311222gggm Lm L

21、mLhhh整理得112231mmmhhh则要测量的物理量是：小球a、b 的质量 m1、m2和小球在木板上的压痕P1、P2、P3分别与 P 之间的竖直距离 h1、h2、h3，故选 BD。(3)3 由以上分析可知当满足关系式-14-112231mmmhhh时，则证明a、b 两球碰撞过程中动量守恒。14.(1)某小组在“练习使用多用电表”的实验中，按图甲所示原理图连接好电路。先断开开关S，将多用电表的选择开关置于直流电流“10mA”挡，红、黑表笔分别接触A、B 接线柱，电表指针如图乙中a所示，则此时多用电表的读数为_mA；再闭合S，将多用电表的开关置于直流电压“10V”挡，红、黑表笔分别接触B、C

22、接线柱，电表指针如图乙中b 所示，则此时多用电表的读数为_V。根据先后这两次读数可粗略算出xR_。（以上结果均保留两位有效数字）(2)为进一步精确地测定(1)中xR的阻值，该实验小组设计了如图丙所示电路。连接好电路后，先断开S1，闭合 S2时，调节滑动变阻器滑片P，使电压表和电流表都有一个适当的读数，记录两电表示数U1、I1；保持滑动变阻器滑片P 不动，再闭合S1，记录两电表示数U2、I2。则xR_。若电表的内阻对电路的影响不能忽略，则xR的测量值 _xR的真实值（选填“大于”、“小于”或“等于”）。【答案】(1).4.0(2).6.0(3).1.5 103(4).1212UUII(5).等于

23、【解析】【详解】(1)123 由图可知，图a位置多用电表的读数为4.0mA；图 b 位置多用电表读数为6.0V；则可估测电阻-15-336.01.5 104.0 10 xURI(2)45 由电路可知S1断开时111xURRIS1闭合时212URI则1212xUURII若考虑电表内阻的影响，则由电路可知S1断开时111xAURRRIS1闭合时212AURRI则1212xUURII则 Rx的测量值等于Rx的真实值。四、解答题15.如图所示，气缸内A、B 两部分气体由竖直放置、横截面积为S的绝热活塞隔开，活塞与气缸光滑接触且不漏气。初始时两侧气体的温度相同，压强均为p，体积之比为:1:2VVAB。现

24、将气缸从如图位置缓慢转动，转动过程中A、B 两部分气体温度均不变，直到活塞成水平放置，此时，A、B 两部分气体体积相同。之后保持A 部分气体温度不变，加热B 部分气体使其温度缓慢升高，稳定后，A、B 两部分气体体积之比仍然为:1:2VVAB。已知重力加速度为g。求：(1)活塞的质量；(2)B 部分气体加热后的温度与开始时的温度之比。-16-【答案】(1)23pSg；(2)53TT【解析】【详解】(1)气缸转到竖直位置时，A 在上，B在下，设此时两部分的体积均为V，则BAp Smgp S对气体A，由玻意耳定律AApVp V对气体 B，由玻意耳定律BBpVp V又1()2ABVVV解得23pSmg

25、(2)设初态 AB两部分气体的温度均为T，则最后状态时A 部分气体的温度仍为T，B 部分气体温度升高后的温度为 T，则对气体A 体积温度均不变，则压强不变仍为初态的p；对气体 B，压强53BmgpppS则53ppTT解得53TT16.如图甲所示，一电荷量为Q 的正点电荷固定在A点，在距离A点为 d 处固定一竖直放置的足够长光滑绝缘杆，O、B 为杆上的两点，AB 连线与杆垂直。杆上穿有一可视为点电荷、质量为m 的带正电小球，现让小球从 O 点由静止开始向下运动，以O 点为 x=0 位置，竖直向下为正方向，建立直线坐标系。小球的电-17-势能PE随坐标 x 的变化关系图像如图乙所示。已知静电力常量

26、为k，重力加速度为g。(1)求小球运动至B 点时的速度大小；(2)如果小球通过x=2d 时的加速度a=1.5g，求小球所带电荷量。【答案】(1)212()2EEgdm；(2)22mgdkQ【解析】【详解】(1)由图可知，小球从A 运动至 B 点时，电势能增加量为E2-E1，则电场力做负功为W电=E2-E1由动能定理21=2BmgdWmv电解得212()2BEEvgdm(2)如果小球通过x=2d 时由牛顿第二定律2cos45(2)qQmgkmad其中 a=1.5g 解得22mgdqkQ17.如图所示，一足够长木板B 的质量 M=2kg，静止放在粗糙的水平地面上，现有一质量m=1kg 的小滑块A

27、以09m/sv的初速度从木板的左端滑上木板。A、B 之间的动摩擦因数10.4，B 与地面之间的动摩擦因数20.1。重力加速度g=10m/s2。求：(1)A、B 相对运动过程中，B 的加速度大小；(2)A、B 之间因摩擦而产生的热量；(3)B 在水平地面上滑行的距离。-18-【答案】(1)0.5m/s2；(2)36J；(3)1.5m【解析】【详解】(1)A、B 相对运动过程中，对B 由牛顿第二定律12()BmgmMgMa解得aB=0.5m/s2(2)物块 A 的加速度214m/sAag当两者共速时0ABvva ta t解得t=2s v=1m/s 此时 A 相对 B 的位移220119m22ABs

28、v ta ta tA、B之间因摩擦而产生的热量136JQmg s(3)从开始运动到AB 共速，B 滑行的距离为2111m2Bxa t共速后，AB 一起向前做减速运动，加速度2321m/sag滑行的距离22231m=0.5m22 1vxa则 B 在水平地面上滑行的距离x=x1+x2=1.5m。-19-18.如图所示，整个空间有一垂直于直角坐标系xOy 平面向里的足够大的匀强磁场，在y 轴上从10yL到205yL之间有一厚度不计的固定弹性绝缘板。在 x轴负半轴上某一位置有一个质量为m的不带电粒子A，以一定速率0v沿 x 轴向正方向运动，并与在原点O 处静止的另一个质量为3m、所带电荷量为q 的带正

29、电的粒子 B 发生碰撞并粘在一起，形成新粒子C。已知碰撞时没有质量和电荷量损失，粒子均可视为质点，且所有粒子不计重力。(1)求 A、B 粒子碰撞过程中系统损失的动能；(2)如果让 C 粒子能够打到绝缘板上，求匀强磁场磁感应强度应满足的条件；(3)C 粒子先与绝缘板碰撞两次后经过坐标为00 xL、005yL的位置 P（图中未画出），已知 C 粒子与弹性绝缘板碰撞没有能量和电荷量损失，求匀强磁场磁感应强度的大小。【答案】(1)2038mv；(2)0000225mvmvBqLqL；(3)00mvBqL或001213mvBqL【解析】【详解】(1)A、B 粒子碰撞过程中由动量守恒定律0(3)mvmm

30、v解得014vv系统损失的动能222001134228Emvmvmv(2)若使粒子打到绝缘板上的最下端，则1012rL由-20-2114vqvBmr解得0102=mvBqL若使粒子打到绝缘板上的最上端，则2052rL由2224vqvBmr解得0202=5mvBqL则如果让 C 粒子能够打到绝缘板上，匀强磁场磁感应强度应满足的条件是0000225mvmvBqLqL(3)C 粒子先与绝缘板碰撞两次后经过坐标为00 xL、005yL的位置 P，则运动轨迹如图此时粒子 C 的轨道半径为r，则由几何关系可知22200(55)rrLL则解得r=L0-21-或者01312rL24vqvBmr解得00mvBqL或者001213mvBqL