【解析】黑龙江省齐齐哈尔市实验中学2017-2018学年高一上学期期中考试物理试题含解析.doc

《【解析】黑龙江省齐齐哈尔市实验中学2017-2018学年高一上学期期中考试物理试题含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【解析】黑龙江省齐齐哈尔市实验中学2017-2018学年高一上学期期中考试物理试题含解析.doc（15页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、黑龙江省齐齐哈尔市实验中学2017-2018学年高一上学期期中考试物理试题一、选择题: 1. 在物理学的重大发现中，科学家总结出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思维法、类比法、科学假说法、建立物理模型法等，以下关于所用的物理学研究方法的叙述中不正确的是（）A. 在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是等效替换法B. 根据速度的定义式，当t非常小时，v可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思维法C. 用激光笔和平面镜研究桌面的微小形变的实验中运用了放大的思想D. 在推导匀变直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每小段近似看做匀速直线运动，

2、然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法【答案】A.D、在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，故D正确。点睛：本题考查对物理方法的了解程度物理常用方法有：等效法，理想化模型法、控制变量法、放大法等，在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，我们在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习。2. 物体自楼顶处自由下落（不计阻力），落到地面的速度为v在此过程中，物体从楼顶落到楼高一半处所经历的时间为（ ） （重力加速度为g）A. B. C. D. 【答案】B点睛：设楼顶到地面的高度为h，

3、物体从楼顶落到楼高一半处的速度为两次运用匀变速直线运动位移与速度的关系及速度时间关系即可求解。3. L型木板P（上表面光滑）放在固定斜面上，轻质弹簧一端固定在木板上，另一端与置于木板上表面的滑块Q相连，如图所示。若P、Q一起沿斜面匀速下滑，不计空气阻力，则木板P 的受力个数为( )A. 3 B. 4 C. 5 D. 6【答案】C【解析】试题分析：P、Q一起沿斜面匀速下滑时，由于木板P上表面光滑，滑块Q受到重力、P的支持力和弹簧沿斜面向上的弹力根据牛顿第三定律，物体Q必对物体P有压力，同时弹簧对P也一定有向下的弹力，因而木板P受到重力、斜面的支持力、斜面的摩擦力、Q的压力和弹簧沿斜面向下的弹力，

4、C正确考点：考查了受力分析【名师点睛】对物体受力分析，通常要用隔离法，按照先已知力，然后重力、弹力、摩擦力的顺序分析4. 如图所示，两弹簧的质量不计，劲度系数分别为k1、k2，它们一端固定在质量为m的物体上，另一端分别固定在P、Q上，当物体m平衡时，上面的弹簧k2处于原长，若把物体的质量换为2m，当物体再次平衡时，与第一次平衡时相比下降的距离为( )（弹簧的形变均在弹性限度内）A. mg(k1+k2) B. mgk1k2(k1+k2)C. 2mg(k1+k2) D. 2mgk1k2(kl+k2)【答案】A【解析】当物体的质量为时，下方弹簧被压缩的长度为：当物体的质量变为时，设物体下降的高度为，

5、则上方弹簧伸长的长度为，下方弹簧被压缩的长度为，两弹簧弹力之和等于由胡克定律和平衡条件得：由联立解得：，故选项A正确。点睛：本题由胡克定律和平衡条件分别研究两种情况下弹簧的压缩量，要抓住第二情况下，两弹簧形变量与物体下降高度相等进行列式。5. 如图所示，PQ是固定的水平导轨，两端有两个小定滑轮，物体A、B用轻绳连接，绕过定滑轮，不计滑轮的摩擦，系统处于静止时，=37o，=53o，若B重10N，A重20N，A与水平导轨间动摩擦因数=0.2，则A受的摩擦力(sin37o=0.6，cos37o=0.8)( )A. 大小为4N，方向水平向左B. 大小为4N，方向水平向右C. 大小为2N，方向水平向左D

6、. 大小为2N，方向水平向右【答案】C【解析】对物体B受力分析，受到重力、两根细线的拉力和，如图所示：有：，再对A物体受力分析，受到重力和支持力，向左的拉和向右的拉力，由于向右的拉力大于向左的拉力，根据平衡条件，有：， 则，静摩擦力方向水平向左，故选项C正确。点睛：本题关键是用隔离法先后对物体B和A受力分析，根据平衡条件求解未知力；静摩擦力随外力的变化而变化，可以通过平衡条件求解。6. 如图所示，一轻绳一端系在竖直墙M上，另一端系一质量为m的物体A，用一轻质光滑圆环O穿过轻绳，并用力F拉住轻环上一点，现使物体A从图中实线位置缓慢下降到虚线位置。在这一过程中，力F、绳中张力FT和力F与水平方向夹

7、角的变化情况是( )A. F保持不变，FT逐渐增大，夹角逐渐减小B. F逐渐增大，FT保持不变，夹角逐渐增大C. F逐渐减小，FT保持不变，夹角逐渐减小D. F保持不变，FT逐渐减小，夹角逐渐增大【答案】C【解析】试题分析：圆环受到三个力，拉力F以及两个绳子的拉力FT，三力平衡，故两个绳子的拉力的合力与拉力F始终等值、反向、共线，由于两个绳子的拉力等于mg,夹角越大，合力越小，且合力在角平分线上，故拉力F逐渐减小，由于始终与两细线拉力的合力反向，故拉力F逐渐水平，逐渐变小，C对。考点：共点力的平衡条件及其应用、力的合成与分解。【名师点睛】绳上的“死结”和“活结”模型：1“死结”模型（1）“死结

8、”可理解为把绳子分成两段（2）“死结”是不可以沿绳子移动的结（3）“死结”两侧的绳因结住而变成了两根独立的绳（4）“死结”分开的两段绳子上的弹力不一定相等2“活结”模型（1）“活结”可理解为把绳子分成两段（2）“活结”是可以沿绳子移动的结点（3）“活结”一般是由绳跨过滑轮或者绳上挂一光滑挂钩而形成的绳子虽然因“活结”而弯曲，但实际上是同一根绳（4）“活结”分开的两段绳子上弹力的大小一定相等，两段绳子合力的方向一定沿这两段绳子夹角的平分线7. 如图所示，斜面固定在地面上，倾角为=37（sin37=0.6，cos37=0.8），质量1kg的滑块以初速度V0从斜面底端沿斜面向上滑行，斜面足够长，该滑

9、块与斜面间的动摩擦因数为0.8该滑块所受摩擦力Ff随时间变化的图象是图中的（取初速度方向为正方向）（g=10m/s2）（）A. B. C. D. 【答案】B【解析】试题分析：因摩擦力方向与初速度方向相反，故摩擦力应为负值，重力沿斜面向下的分力为mg sin 37=6N，滑动摩擦力为mg cos 37=6.4N，故一开始物体滑动，摩擦力为滑动摩擦力，后面静止，摩擦力为静摩擦力，故本题选择A。考点：匀变速直线运动与图象结合8. 甲、乙两物体从同一点开始做直线运动，其vt图象如图所示,下列判断正确的是( )A. 在t0 时刻两物体速度大小相等，方向相反B. 在t0 时刻两物体加速度大小相等，方向相反

10、C. 在t0 时刻之前，乙物体在甲物体前方，并且两物体间距离越来越大D. 在t0时刻之后，甲物体在乙物体前方，并且两物体间距离越来越小【答案】BC【解析】A由图象可知：在时刻两物体速度图象相交于一点且都在时间轴的上方，所以此时刻速度相同，即大小相等，方向相同，故A错误；B图象中，斜率表示加速度，由图象可知在在时刻甲乙两物体的斜率大小相等，甲为正，乙为负，所以在时刻两物体加速度大小相等，方向相反，故B正确；C在时刻之前，乙图象与时间轴围成的面积比甲大，且乙的速度也比甲大，所以在时刻之前，乙物体在甲物体前，并且两物体间的距离越来越大，故C正确；D由C得分析可知，在t0 时刻之前乙物体在甲的前面，但

11、是在t0时刻之后乙的速度小于甲的速度导致距离逐渐减小，到达某时刻位移相同，随后甲物体在前，距离又变大，故D错误。点睛：解题的关键是没钱图象的意义及图象的识别，重点要看清坐标轴，其次要看斜率，交点等位置，和他们代表的含义。9. 如图所示，光滑斜面AE被分成四个等长的部分，一物体由A点从静止释放做匀加速直线运动，下列结论中正确的是( )A. 物体到达各点的速率 B. 物体从A点到达各点所经历的时间：C. 物体通过每一部分时，其速度增量D. 物体从A到E的平均速度【答案】ABD【解析】A、根据运动学公式，物体由A点从静止释放，所以有所以物体到达各点的速率之比，故A正确；B、根据运动学公式得： 物体到

12、达各点经历的时间则物体到达各点所经历的时间：，故B正确；C、，物体通过每一部分时其速度增量不等，故C错误D、由于，物体从A到E的平均速度，故D正确。点睛：本题对运动学公式要求较高，要求学生对所有的运动学公式不仅要熟悉而且要熟练，要灵活，基本方法就是平时多练并且尽可能尝试一题多解。10. 从地面竖直上抛一物体A，同时在离地面某一高度处有另一物体B自由落下，物体A和B运动方向不共线，两物体在空中同时到达同一高度时速率都为v，则下列说法中正确的是（ ）A. 物体A、B在空中运动的时间相等B. 物体A上抛的初速度和物体B落地时速度的大小相等，都是2vC. 物体A能上升的最大高度和B开始下落的高度相同D

13、. 两物体在空中同时达到同一高度处一定是B物体开始下落时高度的中点【答案】BC【解析】A、设两物体从下落到相遇的时间为，竖直上抛物体的初速度为，则由题解得；根据竖直上抛运动的对称性，知B从相遇点到地面的时间和A在地面到相遇点的时间相等，可知B落地的速度为，即为，则B在空中运动时间为，A竖直上抛物体在空中运动时间，故A错误，B正确；C、物体A能上升的最大高度，B开始下落的高度，知A能上升的最大高度和B开始下落时的高度相同，故C正确；D、两物体在空中同时达到同一高度为，故D错误。点睛：竖直上抛运动看成向上的加速度为-g的匀减速直线运动处理，根据两物体在空中同时到达同一高度求出运动经过的时间，由运动

14、学公式和竖直上抛运动的对称性分析求解。11. 如图所示，某次电视台的娱乐节目中，其任务是要求人沿椭球形台面，爬到顶点O取到气球后沿原路径返回，假设某人沿着椭球形台面从底部开始向上缓慢爬行，取到气球返回时迅速滑回台面下部，则以下分析正确的是（ ）A. 上爬过程椭球形台面对人的支持力变大B. 下滑过程椭球形台面对人的支持力变大C. 上爬过程椭球形台面对人的摩擦力变小D. 下滑过程椭球形台面对人的摩擦力变大【答案】AC【解析】试题分析：如图对人进行受力分析，设人所在位置曲面在该点的切线倾角为，支持力为，摩擦力为。据题意可得，人向上爬时，变小，则增大，减小。故选AC考点：共点力动态平衡点评：中等难度。

15、“动态平衡”是指平衡问题中的一部分力是变力，是动态力，力的大小和方向均要发生变化，所以叫动态平衡，这是力平衡问题中的一类难题解决这类问题的一般思路是：把“动”化为“静”，“静”中求“动”12. 如图所示，有一质量不计的杆AO，长为R，可绕A自由转动用绳在O点悬挂一个重为G的物体，另一根绳一端系在O点，另一端系在以O点为圆心的圆弧形墙壁上的C点当点C由图示位置逐渐向上沿圆弧CB移动过程中（保持OA与地面夹角不变），下列说法正确的是（）A. OC绳所受拉力逐渐变小B. OC绳所受拉力先减小后增大C. OA杆所受弹力逐渐减小D. OA杆所受弹力逐渐先增大后减小【答案】BC【解析】对G分析，G受力平衡

16、，则拉力等于重力，故竖直绳的拉力不变，再对O点分析，O受绳子的拉力、OA的支持力及OC的拉力而处于平衡，受力分析如图所示：将N和OC绳上的拉力F求合力，其合力与G大小相等，方向相反，则在OC上移的过程中，平行四边形的对角线保持不变，平行四边形发生图中所示变化，则由图可知OC的拉力先减小后增大，图中最小，N一直在变小，故BC正确，AD错误。点睛：本题利用了图示法解题，解题时要注意找出不变的量作为对角线，从而由平行四边形可得出拉力的变化。二、非选择题13. （1）在“探究力的平行四边形定则”实验中，橡皮条的一端固定在木板上，用两个弹簧测力计把橡皮条的另一端拉到某一确定的O点，以下操作中错误的是_A

17、同一次实验中，O点位置允许变动B实验中，要记录弹簧测力计的读数及方向和O点的位置C实验中，把橡皮条的另一端拉到O点时，两个弹簧测力计之间的夹角必须取90度D实验中，要始终将其中一个弹簧测力计沿某一方向拉到最大量程，然后调节另一弹簧测力计拉力的大小和方向，把橡皮条另一端拉到O点（2）如图所示，是甲、乙两位同学在做本实验时得到的结果，其中F是用作图法得到的合力，F是通过实验测得的合力，则哪个实验结果是符合实验事实的？_（填“甲”或“乙”）（3）本实验采用的科学方法是：_A、理想实验法B、等效替代法 C、控制变量法 D、建立物理模型法【答案】 (1). ACD (2). 甲 (3). B【解析】试题

18、分析：（1）本实验的目的是验证力的平行四边形定则，研究合力与分力的关系，而合力与分力是等效的本实验采用作合力与分力图示的方法来验证，根据实验原理和方法来选择；（2）注意通过平行四边形得到的合力与实验测得的之间存在误差，明确什么事实验测量值，什么是理论值即可正确解答；（3）本实验中采用了两个力合力与一个力效果相同来验证的平行四边形定则，因此采用“等效法”，注意该实验方法的应用解：（1）A、要保证两个弹簧称的拉力与一个弹簧称的拉力效果相同，橡皮条要沿相同方向伸长量相同，则O点的位置应固定，故A错误；B、本实验是在水平面作力的图示，因此需要记录弹簧秤的示数和弹力方向，为了两次拉橡皮筋效果相同，两次要

19、拉橡皮筋到同一位置，因此需要记录O点位置，故B正确；C、本实验只要使两次效果相同就行，两个弹簧称拉力的方向没有限制，并非要求一定夹角为90，故C错误；D、本实验中，弹簧秤的拉力应不超过量程，两个弹簧称拉力的大小没有要求，只要使两次效果相同就行，故D错误本题选错误的故选：ACD（2）F1、F2合力的理论值是指通过平行四边形定则求出的合力值，而其实验值是指一个弹簧拉橡皮条时所测得的数值，一定沿AO方向，由此可知F是F1、F2合力的理论值，F是合力的实验值；由于误差的存在，作图法得到的合力与实验值有一定的差别，故甲更符合实验事实（3）实验中两次要求效果相同，故实验采用了等效替代的方法，故ACD错误，

20、B正确故选：B故答案为：（1）ACD；（2）甲；（3）B【点评】本实验采用是等效替代的思维方法实验中要保证一个合力与两个分力效果相同，结点O的位置必须相同因此平时同学们应该加强实验实践，而不是空洞的记忆实验14. (1)在“探究弹力与弹簧伸长的关系”的实验中，以下说法正确的是（_）A弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度B用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，应保证弹簧位于竖直位置且处于平衡状态C用直尺测得弹簧的长度即为弹簧的伸长量D用几个不同的弹簧，分别测出几组拉力与伸长量，得出拉力与伸长量之比相等(2)某同学做“探究弹力与弹簧伸长的关系”的实验，他先把弹簧平放在桌面上使其自然伸长，用直尺测出弹簧的原

21、长L0，再把弹簧竖直悬挂起来，挂上钩码后测出弹簧伸长后的长度L，把LL0作为弹簧的伸长量x，这样操作，由于弹簧自身重力的影响，最后画出的图线可能是（_）【答案】 (1). AB (2). C【解析】试题分析：（1）A、弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度，否则弹簧会损坏，故A正确B、用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，要保证弹簧位于竖直位置，使钩码的重力等于弹簧的弹力，要待钩码平衡时再读读数故B正确C、弹簧的长度不等于弹簧的伸长量故C错误D、拉力与伸长量之比是劲度系数，由弹簧决定，同一弹簧的劲度系数是不变的，不同的弹簧的劲度系数不同，故D错误故选：AB（2）实验中用横轴表示弹簧的伸长量x，纵轴表示弹

22、簧的拉力F（即所挂重物的重力大小）当竖直悬挂时，由于自身重力的影响弹簧会有一段伸长量，但此时所挂重物的重力为0N（即：F=0N），此时弹簧伸长量不等于0；因为在弹簧的弹性限度内，弹簧的伸长与其所受的拉力成线性关系综合上述分析四个图象中只有C符合故选：C15. 如图所示，物体A、B叠放在倾角=37的斜面上（斜面保持不动，质量为M=10kg），并通过跨过光滑滑轮的细线相连，细线与斜面平行两物体的质量分别mA=2kg，mB=1kg，B与斜面间的动摩擦因数2=0.2，已知g取10m/s2，sin 37=0.6，cos 37=0.8，求：如果A、B间动摩擦因数1=0.1，为使A能平行于斜面向下做匀速运动

23、，应对A施加一平行于斜面向下的多大F的拉力？此时斜面对地面的压力N多大？【答案】 131.2N【解析】对A，根据平衡条件，有：，对B，同样根据平衡条件，有：，可解得：；利用整体法：；根据牛顿第三定律得到压力大小为。点睛：本题是力平衡问题，关键是通过隔离法和整体法灵活选择研究对象进行分析。16. 如图所示，一个不计厚度上表面光滑的电动平板长L=3.75m，平板上左侧有一挡板，紧靠挡板处有一可看成质点的小球开始时，平板与小球一起在水平面上向右做匀速运动，速度大小为v0=5m/s某时刻平板开始制动，加速度大小a1=4m/s2经过一段时间，小球从平板右端滑出并滑落到地面上继续在地面上做匀减速直线运动，

24、运动t2=2.5s停下求：（1）小球在地面上做匀减速直线运动的加速度a2大小（2）从开始制动到小球离开平板所用的时间t1（3）最终小球离平板右端的距离s【答案】（1）（2）（3）【解析】试题分析：（1）小球离开平板后做匀减速运动，根据速度时间关系有其加速度a2=v0/t2 a2=2m/s2 1分（2）根据速度时间关系知，平板停止运动的时间为：t2=v0/a1 解得t=1.25s 1分在此过程中平板的位移：2分此过程中小球的位移：x球=v0t=51.25m=6.25m 2分因为x=x球x平=6.253.125m=3.125mL 1分所以小球还需运动2分所以小球离开平板的时间为t总=t+t=1.2

25、5+0.125s=1.375s 1分（3）小球离开平板时已经停止运动，故小球距平板右端的距离为小球在水平面上匀减速运动的位移，根据平均速度位移关系有：2分考点：考查了匀变速直线运动规律的应用【名师点睛】在分析匀变速直线运动问题时，由于这一块的公式较多，涉及的物理量较多，并且有时候涉及的过程也非常多，所以一定要注意对所研究的过程的运动性质清晰，对给出的物理量所表示的含义明确，然后选择正确的公式分析解题17. 物体A放在台式测力计上，通过跨过定滑轮的轻绳与物体B相连，B下端与轻弹簧粘连，弹簧下端与地面接触（未拴接），整个系统处于平衡状态，此时台式测力计的示数为8.8N；已知mA=2mB=1kg，物

26、块A、B间水平距离s=20cm，倾斜绳与水平方向的夹角=37，物块A与台式测力计间摩擦因数=0.5最大静摩擦力等于滑动摩擦力，A、B和轻滑轮视为质点，不计其余摩擦，弹簧始终处于弹性限度内，g=10m/s2（sin37=0.6，cos37=0.8）（1）求物块A受到的摩擦力和绳对物块A的拉力；（2）沿竖直方向向上缓慢移动滑轮至某个位置时，物块A刚好要运动，且此时弹簧刚好离开地面求：此时轻绳与水平方向的夹角=？滑轮移动的距离和弹簧的劲度系数【答案】（1）1.6N 2N（2）53 15N/m【解析】（1）由台秤示数知物块此时所受支持力N=8.8N，物块受力示意图如下：根据平衡条件，水平方向： ，竖直

27、方向： ，解得： ， ；（2）分析知，此时弹簧恢复原长，弹力为0对B受力分析，有：T1-mBg=0所以：T1=5N；设此时细线与水平方向夹角为，对A，水平方向：竖直方向： 其中： 得：sin+2cos=2结合cos2+sin2=1得：cos=0.6，sin=0.8；则=530滑轮上升的高度hstanstan0分析知，右端绳所短由几何关系知，弹簧伸长量x=h+l=20cm；由（1），对B受力分析，有T0+F0=mBg，初始时刻弹簧处于压缩状态，弹力F0=3N，末状态弹簧恢复原长，弹力为0，所以 ASDFESAQ!#%FWQQ!QAaaazzx33456#$!%ASDFESAQ!#%FWQQ!QAaaazzx33456#$!%