高考物理最新电磁学知识点之磁场全集汇编及答案.pdf

《高考物理最新电磁学知识点之磁场全集汇编及答案.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高考物理最新电磁学知识点之磁场全集汇编及答案.pdf（20页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、高考物理最新电磁学知识点之磁场全集汇编及答案一、选择题1如图所示为研究某种带电粒子的装置示意图，粒子源射出的粒子束以一定的初速度沿直线射到荧光屏上的O点，出现一个光斑在垂直于纸面向里的方向上加一磁感应强度为B的匀强磁场后，粒子束发生偏转，沿半径为r 的圆弧运动，打在荧光屏上的P点，然后在磁场区域再加一竖直向下，场强大小为E的匀强电场，光斑从P点又回到O点，关于该粒子（不计重力），下列说法正确的是A粒子带负电B初速度为BvEC比荷为2qB rmED比荷为2qEmB r2如图甲是磁电式电流表的结构图，蹄形磁铁和铁芯间的磁场均匀辐向分布。线圈中a、b 两条导线长度均为l，未通电流时，a、b处于图乙所

2、示位置，两条导线所在处的磁感应强度大小均为B。通电后，a 导线中电流方向垂直纸面向外，大小为I，则（）A该磁场是匀强磁场B线圈平面总与磁场方向垂直C线圈将逆时针转动Da 导线受到的安培力大小始终为BIl3如图所示的圆形区域里匀强磁场方向垂直于纸面向里，有一束速率各不相同的质子自A点沿半径方向射入磁场，则质子射入磁场的运动速率越大，A其轨迹对应的圆心角越大B其在磁场区域运动的路程越大C其射出磁场区域时速度的偏向角越大D其在磁场中的运动时间越长4如图所示，匀强磁场的方向垂直纸面向里，一带电微粒从磁场边界d点垂直于磁场方向射入，沿曲线dpa打到屏 MN 上的 a点，通过pa 段用时为t.若该微粒经过

3、P点时，与一个静止的不带电微粒碰撞并结合为一个新微粒，最终打到屏MN 上若两个微粒所受重力均忽略,则新微粒运动的 ()A轨迹为pb,至屏幕的时间将小于tB轨迹为pc,至屏幕的时间将大于tC轨迹为pa，至屏幕的时间将大于tD轨迹为pb,至屏幕的时间将等于t5对磁感应强度的理解，下列说法错误的是（）A磁感应强度与磁场力F 成正比，与检验电流元IL 成反比B磁感应强度的方向也就是该处磁感线的切线方向C磁场中各点磁感应强度的大小和方向是一定的，与检验电流I 无关D磁感线越密，磁感应强度越大6电磁血流量计是基于法拉第电磁感应定律，运用在心血管手术和有创外科手术的精密监控仪器。工作原理如图所示，将患者血管

4、置于磁感应强度为B 的匀强磁场中，测出管壁上MN 两点间的电势差为U，已知血管的直径为d，则血管中的血液流量Q 为（）A dUBB4dUBC UBdD4UBd7如图，一带电粒子在正交的匀强电场和匀强磁场中做匀速圆周运动。已知电场强度为E，方向竖直向下，磁感应强度为B，方向垂直于纸面向外。粒子圆周运动的半径为R，若小球运动到最高点A时沿水平方向分裂成两个粒子1和2，假设粒子质量和电量都恰好均分，粒子 1 在原运行方向上做匀速圆周运动，半径变为3R，下列说法正确的是（）A粒子带正电荷B粒子分裂前运动速度大小为REBgC粒子 2也做匀速圆周运动，且沿逆时针方向D粒子 2 做匀速圆周运动的半径也为3R

5、8有关洛伦兹力和安培力的描述，正确的是（）A通电直导线在匀强磁场中一定受到安培力的作用B安培力是大量运动电荷所受洛伦兹力的宏观表现C带电粒子在匀强磁场中运动受到的洛伦兹力做正功D通电直导线在磁场中受到的安培力方向与磁场方向平行9如图甲所示，静止在水平面上的等边三角形金属线框，匝数n20，总电阻R2.5 ，边长 L0.3m，处在两个半径均为r0.1m 的圆形匀强磁场中，线框顶点与右侧圆心重合，线框底边与左侧圆直径重合，磁感应强度B1垂直水平面向外；B2垂直水平面向里，B1、B2随时间 t的变化如图乙所示，线框一直处于静止状态，计算过程中取 3，下列说法正确的是（）A线框具有向左的运动趋势Bt 0

6、时刻穿过线框的磁通量为0.5WbCt 0.4s时刻线框中感应电动势为1.5VD00.6s内通过线框横截面电荷量为0.018C10 如图所示，在半径为R 的圆形区域内，有匀强磁场，磁感应强度为B，方向垂直于圆平面（未画出）。一群比荷为qm的负离子以相同速率v0（较大），由P 点在纸平面内向不同方向射入磁场中发生偏转后，又飞出磁场，最终打在磁场区域右侧足够大荧光屏上，离子重力不计。则下列说法正确的是（）A离子在磁场中的运动轨迹半径可能不相等B由 Q 点飞出的离子在磁场中运动的时间最长C离子在磁场中运动时间一定相等D沿 PQ 方向射入的离子飞出时偏转角最大11 如图所示，把一重力不计的通电直导线水平

7、放在蹄形磁铁磁极的正上方，导线可以自由转动和平动，当导线通入图示方向的电流I 时，从上往下看，导线的运动情况是（）A顺时针方向转动，同时下降B顺时针方向转动，同时上升C逆时针方向转动，同时下降D逆时针方向转动，同时上升12 为了降低潜艇噪音可用电磁推进器替代螺旋桨。如图为直线通道推进器示意图。推进器前后表面导电，上下表面绝缘，规格为：a b c=0.5m0.4m 0.3m。空间内存在由超导励磁线圈产生的匀强磁场，其磁感应强度B=10.0T，方向竖直向下，若在推进器前后方向通以电流 I=1.0 103A，方向如图。则下列判断正确的是（）A推进器对潜艇提供向左的驱动力，大小为4.0 103NB推进

8、器对潜艇提供向右的驱动力，大小为5.0 103NC超导励磁线圈中的电流方向为PQNMP 方向D通过改变流过超导励磁线圈或推进器的电流方向可以实现倒行功能13 三根通电长直导线a、b、c 平行且垂直纸面放置，其横截面如图所示，a、b、c 恰好位于直角三角形的三个顶点，c90，a37。a、b 中通有的电流强度分别为I1、I2，c 受到 a、b 的磁场力的合力方向与a、b连线平行。已知通电长直导线在周围某点产生的磁场的磁感应强度IBkr，k为比例系数，I 为电流强度，r 为该点到直导线的距离，sin370.6。下列说法正确的是（）Aa、b 中电流反向,1I：216I：9Ba、b 中电流同向,1I：2

9、4I：3Ca、b 中电流同向,1I：216I：9Da、b 中电流反向,1I：24I：314 如图甲所示，长直导线与闭合金属线框位于同一平面内长直导线中的电流i 随时间 t 的变化关系如图乙所示在0 2T时间内直导线中电流向上，则在2TT 时间内线框中感应电流的方向与所受安培力情况是（）A感应电流方向为顺时针，线框受安培力的合力方向向左B感应电流方向为逆时针，线框受安培力的合力方向向右C感应电流方向为顺时针，线框受安培力的合力方向向右D感应电流方向为逆时针，线框受安培力的合力方向向左15 如图所示，矩形线圈abcd 在匀强磁场中可以分别绕垂直于磁场方向的轴P1和 P2以相同的角速度匀速转动，当线

10、圈平面转到与磁场方向平行时()A线圈绕P1转动时的电流等于绕P2转动时的电流B线圈绕P1转动时的电动势小于绕P2转动时的电动势C线圈绕P1和 P2转动时电流的方向相同，都是a bcdD线圈绕P1转动时 dc 边受到的安培力大于绕P2转动时 dc 边受到的安培力16 质量和电量都相等的带电粒子M 和 N，以不同的速度率经小孔S垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图中虚线所示，下列表述正确的是（）AM 带正电，N 带负电BM 的速度率小于N 的速率C洛伦兹力对M、N 做正功DM 的运行时间等于N 的运行时间17 下列说法正确的是（）A带电粒子只在电场力的作用下一定作匀变速直线运动B带电粒子在磁场中只

11、受磁场力作用，一定作匀速圆周运动C带电粒子在重力、电场力、磁场力作用下不可能作匀速圆周运动D带电粒子在重力、电场力、磁场力作用下可以作匀速直线运动18 如图所示，完全相同的甲、乙两个环形电流同轴平行放置，甲的圆心为O1，乙的圆心为 O2，在两环圆心的连线上有a、b、c 三点，其中aO1O1bbO2O2c，此时 a 点的磁感应强度大小为B1，b 点的磁感应强度大小为B2当把环形电流乙撤去后，c 点的磁感应强度大小为A212BBB122BBC21BBD13B19 如图所示，在x 轴上方的空间存在着垂直于纸面向里的两个不同的匀强磁场，y 轴右侧的磁场磁感应强度的大小为B。一个离子以速率v 由 O 点

12、沿 x 轴正方向射入磁场区域，不计离子所受重力，图中曲线表示离子运动的轨迹，其中轨迹与y轴交点为M，轨迹与x 轴交点为 N，且 OMONL，由此可判断（）A这个离子带负电By 轴左侧的磁场磁感应强度的大小为2BC离子的比荷为qmvLBD离子在y 轴左侧运动的时间是在y 轴右侧运动的时间的一半20 如图所示，正方形区域内存在垂直纸面的匀强磁场。一带电粒子垂直磁场边界从a点射入，从 b 点射出。下列说法正确的是A粒子带正电B粒子在b 点速率大于在a 点速率C若仅减小磁感应强度，则粒子可能从b 点右侧射出D若仅减小入射速率，则粒子在磁场中运动时间变短21 如图所示，矩形虚线框MNPQ 内有一匀强磁场

13、，磁场方向垂直纸面向里a、b、c 是三个质量和电荷量都相等的带电粒子，它们从PQ 边上的中点沿垂直于磁场的方向射入磁场，图中画出了它们在磁场中的运动轨迹粒子重力不计下列说法正确的是A粒子a带负电B粒子c的动能最大C粒子b在磁场中运动的时间最长D粒子b在磁场中运动时的向心力最大22 如图所示是磁流体发电机的示意图，两平行金属板P、Q 之间有一个很强的磁场。一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量正、负带电粒子）沿垂直于磁场的方向喷入磁场。把 P、Q 与电阻 R相连接。下列说法正确的是（）AQ 板的电势高于P 板的电势BR 中有由 b 向 a 方向的电流C若只改变磁场强弱，R中电流保持不变D若只

14、增大粒子入射速度，R 中电流增大23 如图所示，以O 为圆心的圆形区域内，存在方向垂直纸面向外的勻强磁场，磁场边界上的A点有一粒子发射源，沿半径AO方向发射出速率不同的同种粒子（重力不计），垂直进入磁场，下列说法正确的是A率越大的粒子在磁场中运动的时间越长B速率越小的粒子在磁场中运动的时间越长C速率越大的粒子在磁场中运动的角速度越大D速率越小的粒子在磁场中运动的角速度越大24 如图所示,在两水平金属板构成的器件中,存在匀强电场与匀强磁场,电场强度 E 和磁感应强度 B 相互垂直,以某一水平速度进入的不计重力的带电粒子恰好能沿直线运动,下列说法正确的是()A粒子一定带负电B粒子的速度大小v=B/

15、EC若粒子速度大小改变,粒子将做曲线运动D若粒子速度大小改变,电场对粒子的作用力会发生改变25 某小组重做奥斯特实验，在一根南北方向放置的直导线的正下方放置一小磁针，如图所示，给导线通入恒定电流，小磁针再次静止时偏转了30，已知该处地磁场水平分量55.0 10BT，通电直导线在该处产生的磁感应强度大小为（）A52.9 10 TB57.1 10 TC58.7 10 TD41.0 10 T【参考答案】*试卷处理标记，请不要删除一、选择题1D 解析：D【解析】【详解】垂直于纸面向里的方向上加一磁感应强度为B 的匀强磁场后，粒子束打在荧光屏上的P点，根据左手定则可知，粒子带正电，选项A 错误；当电场和

16、磁场同时存在时：qvBEq,解得EvB，选项 B 错误；在磁场中时，由2vqvBmr，可得：2qvEmrBB r,故选项 D 正确，C 错误；故选D.【点睛】本题主要是考查带电粒子在复合场的运动，解答本题要能够根据共点力的平衡条件分析洛伦兹力和电场力的大小关系；在复合场中做匀速直线运动粒子，在解题时要注意过程分析和受力分析2D 解析：D【解析】【分析】通过分析通电导线在磁场中的受力，了解磁电式电流表的工作原理。【详解】A该磁场是个辐向磁场，磁场方向与铁芯垂直，但不是匀强磁场，A 错误；B由于是辐向磁场，线圈平面与磁场方向始终平行，B 错误；C根据左手定则，在图中位置，a 导线受力向上，b 边受

17、力向下，线圈将顺时针方向转动，C 错误；D由于在转动过程中，a导线始终与磁场垂直，因此受到安培力大小始终为BIl，D正确。故选 D。3B 解析：B【解析】试题分析：设磁场区域半径为R，轨迹的圆心角为，如图示：粒子在磁场中运动的时间为，而轨迹半径，而，粒子速度越大，则r 越大，越小（与射出磁场时的速度偏向角相等），t 越小，故B对考点：带电粒子在匀强磁场中的运动【名师点睛】带电粒子在有界磁场中的常用几何关系（1）四个点：分别是入射点、出射点、轨迹圆心和入射速度直线与出射速度直线的交点（2）三个角：速度偏转角、圆心角、弦切角，其中偏转角等于圆心角，也等于弦切角的2倍4C 解析：C【解析】试题分析：

18、由动量守恒定律可得出粒子碰撞后的总动量不变，由洛仑兹力与向心力的关系可得出半径表达式，可判断出碰后的轨迹是否变化；再由周期变化可得出时间的变化带电粒子和不带电粒子相碰，遵守动量守恒，故总动量不变，总电量也保持不变，由2vBqvmr，得：mvPrqBqB，P、q 都不变，可知粒子碰撞前后的轨迹半径r 不变，故轨迹应为pa，因周期2 mTqB可知，因 m 增大，故粒子运动的周期增大，因所对应的弧线不变，圆心角不变，故pa 所用的时间将大于t，C 正确；【点睛】带电粒子在匀强磁场中运动时，洛伦兹力充当向心力，从而得出半径公式mvRBq，周期公式2 mTBq，运动时间公式2tT，知道粒子在磁场中运动半

19、径和速度有关，运动周期和速度无关，画轨迹，定圆心，找半径，结合几何知识分析解题，5A 解析：A【解析】【分析】【详解】A磁感应强度反映磁场本身的性质，与放入磁场的电流元IL、磁场力F 均无关，且FBIL是比值定义法定义的磁感应强度，体现B 由磁场本身决定，故A 错误，符合题意；BD人为引入的磁感线描述磁场的强弱和方向，磁感线在某点的切线方向表示磁场方向，磁感线的密度表示磁场的强弱，磁感线越密，磁感应强度越大，故BD 正确，不符题意；C磁场中各点磁感应强度的大小和方向是一定的，是由磁场本身因素决定的，而与检验电流 I 无关，故C 正确，不符题意。本题选错误的，故选A。6B 解析：B【解析】【分析

20、】【详解】导电液体流过磁场区域稳定时，电荷所受的电场力和洛伦兹力平衡，有UqqvBd解得UvBd而流量为24UdUQvSRBdB故 B 正确，ACD 错误。故选 B。7C 解析：C【解析】【详解】A带电粒子在正交的匀强电场和匀强磁场中做匀速圆周运动，电场力和重力平衡，即有qEmg电场力方向与电场方向相反，所以粒子带负电，故A 错误；B由于分裂前粒子做圆周运动的半径为R，根据洛伦兹力提供向心力可得2mvqvBR可得qBRvm其中qgmE解得RgBvE故 B 错误；CD由于电荷量和质量均减半，所以两个粒子受到的电场力和重力仍相等，所以粒子2 也做匀速圆周运动；分裂前根据洛伦兹力提供向心力可知粒子沿

21、逆时针方向运动，分裂后粒子 1 仍逆时针方向运动，所以粒子1 在原运行方向上做匀速圆周运动，由于半径变为3R，所以粒子 1 的速度为分裂前速度的3 倍，根据动量守恒定律可知2322mmmvvv解得分裂后粒子2的速度为2vv根据左手定则可知粒子2 也沿逆时针方向做匀速圆周运动，分裂后粒子2 的速度小于粒子1 的速度，粒子2 做匀速圆周运动的半径小于3R，故 C 正确，D 错误；故选C。8B 解析：B【解析】【分析】【详解】A当通电直导线放置方向与匀强磁场方向在同一直线上时，不受安培力的作用，A 选项错误；B安培力可以看成导体内大量电子共同受到洛伦兹力产生的，即B 正确；C在匀强磁场中，洛伦兹力始

22、终与运动方向垂直，此时洛伦兹力不做功，C 错误；D由左手定则可知，通电直导线在磁场中受到的安培力方向与磁场方向垂直，D 也错误故选 B。9C 解析：C【解析】【分析】【详解】A线框的磁通量是向外多于向内，故合磁通向外，有增加趋势，根据楞次定律，产生感应电流，受安培力，会阻碍磁通量的增加，故安培力向右（向右运动会导致磁通量减小）而阻碍磁通量的增加，即线框具有向右的运动趋势，故A 错误；B设磁场向外穿过线框磁通量为正，由磁通量的定义得0t时穿过线框的磁通量为221210.025Wb162BrBr故 B 错误；C由于2B不变，故根据法拉第电磁感应定律有221152203 0.11.5V120.6V2

23、BEnnrtt故 C 正确；D由于是恒定电流，根据闭合电路欧姆定律可得1.5A0.6A2.5EIR00.6s内通过线框横截面电荷量为0.60.6C0.36CqIt故 D 错误。故选C。10B 解析：B【解析】【分析】【详解】A离子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得2mvqvBr解得mvrqB因粒子的速率相同，比荷相同，故半径一定相同，故A 错误；BD由圆的性质可知，轨迹圆（离子速率较大，半径较大）与磁场圆相交，当轨迹圆的弦长最大时偏向角最大，最长弦长为PQ，故由Q点飞出的粒子圆心角最大，所对应的时间最长，故 B 正确，D 错误；C设粒子轨迹所对应的圆心角为，则粒子在磁场中

24、运动的时间为2tT其中2 mTqB所有粒子的运动周期相等，由于离子从圆上不同点射出时，轨迹的圆心角不同，所以离子在磁场中运动时间不同，故C 错误。故选 B。11A 解析：A【解析】【分析】【详解】在导线两侧取两小段，左边一小段所受的安培力方向垂直纸面向里，右侧一小段所受安培力的方向垂直纸面向外，从上往下看，知导线顺时针转动，当转动90度时，导线所受的安培力方向向下，所以导线的运动情况为，顺时针转动，同时下降。故A 正确，BCD 错误。故选 A。12D 解析：D【解析】【分析】【详解】AB磁场方向向下，电流方向向里，依据左手定则，则安培力方向向左，因此驱动力方向向右，根据安培力公式有3310 1

25、.0100.4N4.0 10 NFBIL故 AB 错误；C磁场方向向下，根据安培定则可判定超导励磁线圈中的电流方向为PMNQP 方向，故C错误；D通过改变流过超导励磁线圈或推进器的电流方向，根据左手定则可知驱动力方向相反，故 D 正确。故选 D。13A 解析：A【解析】【详解】同向电流相互吸引，异向电流相互排斥，且c 受到 a、b 的磁场力的合力方向与a、b连线平行，则ab 中电流方向相反，c 受力分析如图所示：竖直方向平衡得：11sin 37sin53abacbckIkIrr根据几何关系得：cos37acabrrcos53bcabrr联立解得：169abIIAa、b 中电流反向,1I：216

26、I：9 与分析相符，故A 正确；Ba、b 中电流同向,1I：24I：3 与分析不符，故B 错误；Ca、b 中电流同向,1I：216I：9 与分析不符，故C 错误；Da、b 中电流反向,1I：24I：3 与分析不符，故D 错误。14C 解析：C【解析】【详解】BD在0 2T时间内，直导线中的电流向上，由乙可知在2TT时间内直线电流方向向下，根据安培定则知导线右侧磁场的方向垂直纸面向外，电流逐渐增大则磁场逐渐增强，根据楞次定律，金属线框中产生顺时针方向的感应电流；故B 项不合题意，D 项不合题意AC根据左手定则，知金属框左边受到的安培力方向水平向右，右边受到的安培力水平向左离导线越近，磁场越强，则

27、左边受到的安培力大于右边受到的安培力所以金属框所受安培力的合力水平向右，故A 项不合题意，C 项符合题意15A 解析：A【解析】【分析】【详解】AB根据 E=BS 可知，无论线圈绕轴P1和 P2转动，则产生的感应电动势均相等，故感应电流相等，故A 正确，B 错误；C由楞次定律可知，线线圈绕P1和 P2转动时电流的方向相同，都是adcba，故C 错误；D由于线圈P1转动时线圈中的感应电流等于绕P2转动时线圈中得电流，故根据F=BLI可知，线圈绕P1转动时 dc 边受到的安培力等于绕P2转动时 dc 边受到的安培力，故D 错误。故选 A。16D 解析：D【解析】【详解】A.由左手定则判断出N带正电

28、荷，M带负电荷，故选项A 不符合题意；B.粒子在磁场中运动，根据洛伦兹力提供向心力则有：2vqvBmr解得速度的大小为qBrvm，在质量与电量相同的情况下，半径大说明速率大，即M的速度率大于N的速率，故选项B 不符合题意；C.洛伦兹力始终与速度的方向垂直，洛伦兹力对M、N不做功，故选项C 不符合题意；D.粒子在磁场中运动半周，即时间为周期的一半，而周期为2 mTqB，M运行时间等于N的运行时间，故选项D 符合题意。17D 解析：D【解析】【分析】【详解】A若带电粒子初速度与电场力不在一条直线上，只在电场力的作用下，做曲线运动，故A 错误；B带电粒子在磁场中只受磁场力作用，如果磁场力不恒定，则不

29、一定作匀速圆周运动，故 B 错误；C带电粒子在重力、电场力、磁场力作用下时，若磁场力恒定，且重力与电场力平衡，带电粒子可能作匀速圆周运动，故 C 错误；D带电粒子在重力、电场力、磁场力作用下，若这三个力平衡，合力为0，则带电粒子可以作匀速直线运动，故D 正确；故选 D。18A 解析：A【解析】【详解】对于图中单个环形电流，根据安培定则，其在中轴线上的磁场方向均是向左，故c点的磁场方向也是向左的设ao1=o1b=bo2=o2c=r，设单个环形电流在距离中点r 位置的磁感应强度为 B1r，在距离中点3r 位置的磁感应强度为B3r，故：a点磁感应强度：B1=B1r+B3r；b 点磁感应强度：B2=B

30、1r+B1r；当撤去环形电流乙后，c 点磁感应强度：Bc=B3r=B1-12B2，故选A19B 解析：B【解析】【分析】【详解】A由题意可知，离子刚进入磁场时所受洛伦兹力竖直向上，由左手定则可知，离子带正电，故 A 错误；B离子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得2vqvBmR得mvRqB在 y轴的左侧离子轨迹半径变为原来的2 倍，则磁感应强度变为原来的一半，故B 正确；C离子在y 轴右侧运动的轨迹半径为2L，根据22vqvBmL解得2qvmLB故 C 错误；D离子做圆周运动的周期2 mTqB，则2 mTqB右，24=2mmTBqBq左离子在y轴左侧的运动时间=4Tmt

31、qB左左离子在 y 轴右侧的运动时间=2TmtqB右右则tt右左故 D 错误。故选 B。20C 解析：C【解析】【详解】由左手定则确粒子的电性，由洛伦兹力的特点确定粒子在b、a 两点的速率，根据2vqvBmr确定粒子运动半径和运动时间。由题可知，粒子向下偏转，根据左手定则，所以粒子应带负电，故A 错误；由于洛伦兹力不做功，所以粒子动能不变，即粒子在b 点速率与 a 点速率相等，故B 错误；若仅减小磁感应强度，由公式2vqvBmr得：mvrqB，所以磁感应强度减小，半径增大，所以粒子有可能从 b 点右侧射出，故C 正确，若仅减小入射速率，粒子运动半径减小，在磁场中运动的偏转角增大，则粒子在磁场中

32、运动时间一定变长，故D 错误。21D 解析：D【解析】根据左手定则知粒子a 带正电，粒子b、c 带负电；粒子在磁场中做匀速圆周运动时，由洛伦兹力提供向心力，根据2vqvBmr，可得：mvrqB，粒子的动能EK=12mv2，则可知三个带电粒子的质量、电荷量相同，在同一个磁场中，当速度越大时、轨道半径越大，则由图知，c 粒子速率最小，b 粒子速率最大b 粒子动能最大，向心力最大故B错误，D正确根据22mmtqBqB，则 c 粒子圆弧转过的圆心角最大，时间最长，选项C错误；故选D22D 解析：D【解析】【详解】AB等离子体进入磁场，根据左手定则可知正电荷向上偏，打在上极板上；负电荷向下偏，打在下极板

33、上；所以上极板带正电，下极板带负电，则P 板的电势高于Q 板的电势，流过电阻电流方向由a 到 b；故 A 错误，B 错误；C根据稳定时电场力等于磁场力即：UqqvBd则有：UBdv再由欧姆定律：UBdvIRrRr电流与磁感应强度成正比，改变磁场强弱，R 中电流也改变；故C错误；D由上分析可以知道，若只增大粒子入射速度，R 中电流也会增大；故D 正确。故选 D。23B 解析：B【解析】粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力作向心力，则有2vBqvmR，解得粒子做圆周运动的半径mvRBq，设磁场圆形区域半径为r，如图所示粒子在磁场中运动的偏转角为2，由向何关系得：rtanR，所以 v 越大，则R 大，则

34、tan越小，故也越小，而周期2 mTBq，即不同速率的粒子在磁场中做圆周运动的周期相同，则粒子在磁场中运动的偏转角越大，运动时间越长，所以速率越大的粒子在磁场中运动的偏转角越小，运动的时间越短，故A 错误，B 正确粒子在磁场中运动的角速度vBqRm，所以不同速率粒子在磁场中运动的角速度相等，故CD 错误；24C 解析：C【解析】粒子从左射入，若带负电，则受到向上的电场力，和向下的洛伦兹力，若带正电，则受到向下的电场力和向上的洛伦兹力，只要满足qvBqE，即速度EvB，粒子就能做直线运动通过，故AB 错误；若速度大小改变，则电场力qE，但是洛伦兹力qvB发生变化，打破二力平衡，所以合力与初速度方向不共线，做曲线运动，C 正确 D 错误【点睛】在速度选择器中，从左边射入，速度满足条件，电场力与洛伦兹力平衡与电量、电性无关25A 解析：A【解析】【分析】【详解】各个分磁场与合磁场关系如图所示由数学关系得5tan2.9 10TxBB故选A。