高考物理佛山电磁学知识点之稳恒电流知识点总复习含答案解析.pdf

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1、高考物理佛山电磁学知识点之稳恒电流知识点总复习含答案解析一、选择题1如图所示的电路中，电源内阻不能忽略，电流表和电压表均为理想电表，下列说法中不正确的是（）A若1R短路，电流表示数变小，电压表示数为零B若2R短路，电流表示数变小，电压表示数变大C若3R断路，电流表示数为零，电压表示数变大D若4R断路，电流表示数变小，电压表示数变大2如图所示，图线a 是某一电源的UI 曲线，图线b 是一定值电阻的UI 曲线若将该电源与该定值电阻连成闭合电路（已知该电源的内阻r=2.0），则说法错误的是（）A该定值电阻为6B该电源的电动势为20VC将 2 只这种电阻串联作为外电阻，电源输出功率最大D将 3只这种电

2、阻并联作为外电阻，电源输出功率最大3如图，E 为内阻不能忽略的电池，R1、R2、R3为定值电阻，S0、S为开关，V 与 A 分别为电压表与电流表初始时S0与S均闭合，现将S断开，则（）AV 的读数变大，A 的读数变小BV 的读数变大，A 的读数变大CV 的读数变小，A 的读数变小DV 的读数变小，A 的读数变大4如图为某扫地机器人，已知其工作的额定电压为15V，额定功率为30W，充电额定电压为 24V，额定电流为0.5A，电池容量为2000mAh，则下列说法中错误的是（）A电池容量是指电池储存电能的大小B机器人充满电后连续工作时间约为1hC机器人正常工作时的电流为2AD机器人充满电大约需要4h

3、5如下图的电路中,当滑动变阻器的滑动头向下滑动时,A、B 两灯亮度的变化情况为()AA 灯和 B 灯都变亮BA 灯和 B 灯都变暗CA 灯变亮,B 灯变暗DA灯变暗,B灯变亮6如图所示，电源电动势为E，内阻为r电路中的2R、3R分别为总阻值一定的滑动变阻器，0R为定值电阻，1R为光敏电阻（其电阻随光照强度增大而减小）当开关S闭合时，电容器中一带电微粒恰好处于静止状态下列说法中正确的是（）A只逐渐增大1R的光照强度，电阻0R消耗的电功率变大，电阻3R中有向上的电流B只调节电阻3R的滑动端2P向上端移动时，电源消耗的功率变大，电阻3R中有向上的电流C只调节电阻2R的滑动端1P向下端移动时，电压表示

4、数变大，带电微粒向下运动D若断开开关S，电容器所带电荷量变大，带电微粒向上运动7用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表将它们串联起来接入电路中，如图所示，接通电路后，下列判断正确的是A两只电表的指针都不偏转B两只电表的指针偏转角相同C电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角D电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角8在如图所示的电路中，电源电压U=12V，定值电R1=R2=R3=10则电压表的读数为（）A6V B 4V C 8V D12V9如图所示，R4是半导体材料制成的热敏电阻，电阻率随温度的升高而减小，这就是一个火警报警器的电路，电流表是安放在值班室的显示器，电源两极之间接

5、一个报警器，当R4所在处出现火情时，显示器的电流I 和报警器两端的电压U 的变化情况是()AI 变大，U 变小BI变大，U变大CI 变小，U 变大DI 变小，U 变小10 一平行板电容器C，极板是水平放置的，电路如图所示.闭合电键,今有一质量为m 的带电油滴悬浮在两极板之间静止不动.下列说法正确的是A油滴带正电B要使油滴上升，可增大滑动变阻器R1的阻值C只增大两极板间的距离，油滴将向下加速D只将平行板电容器上极板向右平移少许,带电液滴将加速上升11 如图是一火警报警电路的示意图，其中R3为用某种材料制成的传感器，这种材料的电阻率随温度的升高而增大。值班室的显示器为电路中的电流表，电源两极之间接

6、一报警器。当传感器R3所在处出现火情时，显示器的电流I、报警器两端的电压U 的变化情况是（）AI 变大，U 变大BI 变小，U 变小CI 变大，U 变小DI 变小，U 变大12 如图所示的电路中，E 为电源，其内阻为r，L 为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变)，R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表若将照射R3的光的强度减弱，则()A电压表的示数变大B小灯泡消耗的功率变小C通过 R2的电流变小D电源内阻消耗的电压变大13 如图所示，R1和 R2是同种材料、厚度相同、上下表面为正方形的金属导体，但R1的尺寸比 R2的尺寸大。将两导体同时放置在同一

7、匀强磁场B中，磁场方向垂直于两导体正方形表面，在两导体上加相同的电压，形成如图所示方向的电流；电子由于定向移动，会在垂直于电流方向受到洛伦兹力作用，从而产生霍尔电压，当电流和霍尔电压达到稳定时，下列说法中正确的是（）AR1中的电流大于R2中的电流BR1导体右表面电势高于左表面电势CR1中产生的霍尔电压等于R2中产生的霍尔电压D对于 R1导体，仅增大厚度时，霍尔电压将增大14 如图所示为汽车蓄电池与车灯（电阻不变）、启动电动机组成的电路，蓄电池内阻为0.05，电流表和电压表均为理想电表。只接通1S时，电流表示数为10A，电压表示数为12V；再接通2S，启动电动机工作时，电流表示数变为8A，则此时

8、通过启动电动机的电流是（）A2AB8AC50AD58A15 移动充电宝是一种能直接给手机等移动设备充电的储能装置。如图所示为某品牌充电宝的技术参数。关于该充电宝，下列说法中正确的是（）A在给充电宝充电时，是将化学能转化为电能B给该无电的充电宝充电，需要30h才能充满C给该无电的充电宝充满电，需要消耗111Wh 的电能D该充电宝用“输出1”给手机充电时，输出功率为5W16 智能手机耗电量大，移动充电宝应运而生，它是能直接给移动设备充电的储能装置。充电宝的转化率是指电源放电总量占电源容量的比值，一般在0.60-0.70 之间（包括移动电源和被充电池的线路板、接头和连线的损耗）。如图为某一款移动充电

9、宝，其参数见下表，下列说法正确的是（）容量20000mAh兼容性所有智能手机边充边放否保护电路是输入DC：5V 2A MAX输出DC：5V 0.1A-2.5A尺寸56 82 22mm转换率0.60产品名称索扬 SY10-200重量约 430gA给充电宝充电时将电能转化为内能B该充电宝最多能储存能量为3.6 105JC该充电宝电量从零到完全充满电的时间约为2hD该充电宝给电量为零、容量为3000mAh 的手机充电，理论上能充满6 次17 如图为一种服务型机器人，其额定功率为48W额定工作电压为24V机器人的锂电池容量为20A h则机器人A额定工作电流为20AB充满电后最长工作时间为2hC电池充满

10、电后总电量为47.2 10 CD以额定电流工作时毎秒消耗能量为20J18 用如图甲所示的电路来测量电池电动势E 和内电阻r，根据测得的数据作出如图乙所示的UI图线，由图可知（）A电池电动势的测量值为1.40VB电池内阻的测量值为3.5 C外电路发生短路时的电流为0.4AD电压表的示数为1.20V 时，电阻 R 的阻值为0.20 19 如图，虚线框内为改装好的电表，M、N 为新电表的接线柱，其中灵敏电流计G 的满偏电流为200A，已测得它的内阻为490，图中电阻箱读数为10。现将 MN 接入某电路，发现灵敏电流计G 刚好满偏，则根据以上数据计算可知（）AM、N 两端的电压为1mVBM、N 两端的

11、电压为100mVC流过 M、N 的电流为2 AD流过 M、N 的电流为 10mA20 某研究性学习小组描绘了三种电学元件的伏安特性曲线，如图所示，下列判断中正确的是A图甲反映该电学元件的导电性能随电压的增大而增强B图乙反映该电学元件的导电性能随温度的升高而减弱C图丙反映该电学元件加正向电压和反向电压时导电性能一样D图丙反映该电学元件如果加上较高的反向电压（大于40V）时，反向电流才急剧变大21 如图甲所示为一款儿童电动汽车，该款电动汽车的部分参数如图乙所示，则下列说法正确的是 ()A电源规格中的4.5 A h，A h 是能量的单位B电 机 的 输 出 功 率 小 于 24WC电 机 线 圈 的

12、 电 阻 为 6 D行驶过程中电机突发故障，被卡住无法转动，此时通过电机的电流为 2 A22 一个内阻可以忽略的电源接在一个装满水银的绝缘圆管两端，通过的电流为0.1 A，若把全部水银倒在一个内径大一倍的绝缘圆管里，通过的电流将是()A0.4 AB0.8 AC1.6 AD3.2 A23 如图所示，两段长度和材料相同、各自粗细均匀的金属导线a、b，单位体积内的自由电子数相等，横截面积之比SaSb12。已知5s内有5 1018个自由电子通过导线a的横截面，电子的电荷量e=1.6 1019C。下列说法正确的是（）A流经导线a 的电流为0.16AB流经导线b 的电流为0.32ACa、b 的电阻之比Ra

13、Rb12D自由电子在导线a 和 b 中的定向移动速率之比vavb1224 如图所示电路，在滑动变阻器的滑片P 向上端 a 滑动过程中，电压表、电流表的示数变化情况为A两电表示数都增大B两电表示数都减少C电压表示数减少，电流表示数增大D电压表示数增大，电流表示数减少25 电子产品制作车间里常常使用电烙铁焊接电阻器和电容器等零件，技术工人常将电烙铁和一个灯泡串联使用，灯泡还和一只开关并联，然后再接到市电上（如图所示），下列说法正确的是（）A开关接通时比开关断开时消耗的总电功率大B开关接通时，灯泡熄灭，只有电烙铁通电，可使消耗的电功率减小C开关断开时，灯泡发光，电烙铁也通电，消耗的总功率增大，但电烙

14、铁发热较少D开关断开时，灯泡发光，可供在焊接时照明使用，消耗的总功率不变【参考答案】*试卷处理标记，请不要删除一、选择题1D 解析：D【解析】【详解】A若 R1短路，此时电压表测量R1的电压，故电压表示数为零，若R1短路，则电路总电阻减小，总电流增大，内电压增大，路端电压减小，R3的电压等于路端电压，又电流表测通过 R3的电流，根据欧姆定律，可知电流表的示数变小，故A 不合题意；B若R2短路，则电路总电阻减小，总电流增大，内电压增大，路端电压减小，R3的电压等于路端电压，又电流表测通过R3的电流，根据欧姆定律，可知电流表的示数变小；通过R3和 R4电流减小，总电流增大，通过R1电流增大，所以电

15、压表示数变大，故B 不合题意；C若 R3断路，电流表测通过R3的电流，故电流表示数为零，电路的总电阻增大，总电流减小，内电压减小，路端电压增大；R1和 R2串联的总电压等于路端电压，且R1和 R2的电阻不变，故电压表示数增大，故C 不合题意；D若R4断路，电路的总电阻增大，总电流减小，内电压减小，路端电压增大，R1和R2串联的总电压等于路端电压，且R1和 R2的电阻不变，故电压表示数增大，又电流表测通过R3的电流，根据欧姆定律，可知电流表的示数变大，故D 符合题意。故选 D。2C 解析：C【解析】【详解】A.图线 b 的斜率k=UI=6则定值电阻的阻值：R=k=6故 A 正确，不符合题意；B.

16、由图读出交点的电压U=15V，电流 I=2.5A，根据闭合电路欧姆定律得，电源的电动势E=U+Ir=15V+2.5 2V=20V故 B 正确，不符合题意；CD.定值电阻的阻值R=6，电源的内阻r=2.0 ；对于电源，当内外电路的电阻相等时输出功率最大，则将3 只这种电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大；故C 错误，符合题意；D 正确，不符合题意。3B 解析：B【解析】【分析】【详解】S断开，相当于电阻变大，则由闭合电路欧姆定律可得电路中总电流减小，故路端电压增大，V 的读数变大；把 R1归为内阻，内电压减小，故R3中的电压增大，由欧姆定律可知R3中的电流也增大，电流表示数增大，A分析得V 的读

17、数变大，的读数变大，故A 错误；B分析得V 的读数变大，的读数变大，故B 正确；C分析得V 的读数变大，的读数变大，故C 错误；D分析得V 的读数变大，的读数变大，故D 错误；4A 解析：A【解析】【分析】【详解】A电池容量是指电池的存储电量（电流与时间的乘积）多少，单位是“Ah”，不是储存电能的大小，故A不正确，符合题意；BC机器人正常工作时的电流=2APIU机器人充满电后一次工作时间为32000mAh101h2AQtI故 BC 正确，不符合题意；D电池容量2000mAh，充电电流为0.5A，所以充电的时间2000mAh4h0.5At故 D 正确，不符合题意。故选 A。5B 解析：B【解析】

18、【详解】当滑动变阻器的滑动头向下滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，并联部分的总电阻变小，所以总电阻变小，总电流变大，所以电源内阻的电压变大，所以A 灯的电压变小，故 A 灯变暗；由A 的电流变小，而总电流变大，所以通过另一支路的电流变大，所以另一个电阻的电压变大，故灯泡B 的电压变小，可知B 的功率变小，故B 灯变暗。故选B。6A 解析：A【解析】【详解】逐渐增大1R的光照强度，1R的电阻减小，回路总电阻减小，回路总电流增大，根据2PUII可知0R上消耗的电功率变大，同时，2R上端电阻两端电压也增大，则电容器两端电压增大，根据QCU可知电荷量增加，则3R中有向上的电流，故A 正确恒定电路中

19、电容器所在支路相当于断路，滑动3R的滑片不改变电路通电情况，不会发生任何变化，故 B 错误调节2R的滑动端向下移动时，回路总电阻不发生变化，电压表测的路端电压也不发生变化，示数不变，但是电容器两端分得的电压增大，电场强度增大，电场力大于重力，带电微粒向上运动，故C 错误若断开开关S，则电容器在与2R、3R组成的电路中放电，电荷量减少，电压减小，电场力减小，带电微粒向下运动，故D 错误7C 解析：C【解析】【分析】【详解】电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；两表串联后，通过电流表的总电流与电压表的电流相等，由于电流表改装成大量程电流表是并联较小的

20、分流电阻，所以大部分电流通过了分流电阻，通过表头的电流很小，电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角，故ABD 错误，C 正确；故选 C【点睛】电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；将电压表和电流表串联，分析通过表头的电流关系，判断指针偏转角度的大小.8B 解析：B【解析】【详解】定值电阻 R1=R2=R3=10，电阻 R1与电阻 R3并联后的电阻为：，并联后的电阻R13与电阻 R2串联，根据串联电路的分压式，有：，解得：.故选 B.【点睛】本题关键是明确电路结构，然后根据串联电路的分压式求解电压表读数9A 解析：A【解析】【分析】【详解】当传感

21、器R4所在处出现火情时，R4的阻值变小，R2、R3与R4的并联电阻减小，外电路总电阻变小，则总电流变大，电源的内电压变大，路端电压变小，即有U 变小因 U 变小，而电流增大，故R 压增大；并联部分分压减小；故电流表示数减小；故选 A【点睛】本题解题关键是掌握热敏电阻与温度的关系，再按局部整体 局部的顺序进行动态变化分析10C 解析：C【解析】【分析】【详解】从图中可得A 板带正电，电场方向竖直向下，要使粒子静止，则必须满足电场力和重力等大反向，故粒子受到的电场力竖直向上，所以粒子带负电，A错误，要使油滴上升，即电场力增大，则根据公式UEd可得，可使极板间的距离减小，或者增大两极板间的电压，但由

22、于两极板间的电压等于2R两端电压，所以无论怎么移动滑动变阻器，电压都不会变化，B 错误，当增大两极板间的距离，电场强度减小，所以油滴将向下加速，C 正确，因为电容器并未和电路断开，所以电场强度和两极板的正对面积无关，故只将平行板电容器上极板向右平移少许,电场强度不变，粒子静止，D 错误。11A 解析：A【解析】【详解】发生火情时，温度升高，电阻率增大，根据电阻定律：LRS可知3R阻值变大，根据“串反并同”的规律可知，电流表示数I和报警器两端电压U都是与3R“并”的物理量，所以变化与3R变化相同，均增大，A 正确，BCD 错误。故选 A。12B 解析：B【解析】【分析】【详解】A光敏电阻光照减弱

23、，故光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可得，电路中电流减小，故R1两端的电压减小，电压表的示数变小，A 错误；BCD 因电路中电流减小，故电源的内电压减小，则路端电压增大，同时R1两端的电压减小，故并联电路部分电压增大；则流过R2的电流增大，由并联电路的电流规律可知，流过灯泡的电流一定减小，故由2PI R可知，小灯泡消耗的功率变小，B 正确 CD错误13C 解析：C【解析】【详解】A电阻LRS，设正方形金属导体边长为a，厚度为b，则aRabb则R1=R2在两导体上加上相同电压，则R1中的电流等于R2中的电流，故A错误；B电子在磁场中受到洛伦兹力作用，根据左手定则可知，向

24、右表面偏转，故R1导体右表面电势低于左表面电势，故B 错误；C根据电场力与洛伦兹力平衡，则有HeUevBa解得：1HIBIUBavBaneabneb则有 R1中产生的霍尔电压等于R2中产生的霍尔电压，故C 正确；D据欧姆定律可得：UUUbIRb据 C 项可得，霍尔电压11HIBIBUUBavBaneabnebne仅增大厚度时，电压不变时，霍尔电压不变，故D 错误；故选 C。14C 解析：C【解析】【分析】【详解】只接通 S1时，由闭合电路欧姆定律，电池的电动势为E=U+Ir=12V+10 0.05V=12.5V车灯的电压为121.210URI灯再接通 S2后，流过电动机的电流为12.58 1.

25、2A-8A=50A0.05EI RIIr灯电动机故 ABD 错误，C 正确。故选 C。15D 解析：D【解析】【详解】A给充电宝充电时是把电能转化为化学能的过程，故A 错误；B该充电宝的容量为3530000mAh300001036001.08 10 Cq以 1.5A 的电流为用电器充电则供电时间51.08 10s20h1.5qtI故 B 错误；C该充电宝的容量为30000mAhq，充电的电压为5V，则消耗的电能为45.4 10 J=150WhWqU而 111Wh 是充电宝的额定储存能量，故C 错误；D该充电宝用“输出1”给手机充电时，电压为5V，电流为 1A，则输出功率为5WPUI故 D 正确

26、。故选 D。16B 解析：B【解析】【分析】【详解】A充电宝充电时将电能转化为化学能，不是内能，选项A 错误；B该充电宝的容量为3420000mAh20000103600C7.2 10 Cq该电池的电动势为5V，所以充电宝储存的能量45?5 7.2 10 J3.6 10 JEEq电动势选项 B 正确；C以 2A 的电流为用电器供电则供电时间447.2 10s3.6 10 s 10h2qtI故 C 错误；D由于充电宝的转化率是0.6，所以可以释放的电能为20000mAh0.612000mAh给容量为3000mAh 的手机充电的次数1200043000n次次选项 D 错误。故选 B。17C 解析：

27、C【解析】【详解】A.PUI得，额定工作电流：48A2A24PIU,A 错误；B.充满电后最长工作时间：20h10h2QtI，B 错误；C.电池充满电后总电量为4203600C7.2 10 CQItC 正确；D.额定电流工作时每秒消耗能量24 2 1J48JEUIt.D 错误18A 解析：A【解析】【分析】【详解】A由图示图像可知电源U-I 图像与纵轴交点坐标值为1.40，则电源的电动势1.40V，故 A正确；B电源内阻1.401.00=10.4UrI故 B 错误；C由图示图像可知，路端电压为1.00V 时，电路电流为0.4A，故 C 错误；D根据欧姆定律1.2060.2URI故 D 错误。故

28、选 A。19D 解析：D【解析】【分析】【详解】ABM、N 两端电压为6200 10490V98mVggUI RAB 错误；CD流过 M、N 的电流为60.098200 10AA=10mA10gIIIRC 错误 D 正确。故选 D。20D 解析：D【解析】【分析】【详解】A由图甲可知随着电压增加图线斜率不变，即该元件电阻阻值的倒数不变，阻值不变，导电性能不变，故A 错误；B由图乙可知随着电压增加图线斜率变小，该元件电阻阻值的倒数变小，阻值增加，导电性能随电压的增大而减弱，但不能说明和温度的变化情况，故B 错误；C由图丙可知加正向电压和反向电压时图线关于原点不对称，因为横坐标不一样的，故导电性能

29、不一样，故C 错误。D根据图丙可知该电学元件如果加上较高的反向电压（大于40V）时，反向电流才急剧变大，故 D 正确。故选 D。21B 解析：B【解析】【分析】【详解】A?h 是电流与时间的乘积，是电量的单位故A 错误；电动机的额定功率：P=UI=12 2=24W，可知电动机的输出功率一定小于24W故 B 正确；只知道电动机的额定电压与额定电流，不能由欧姆定律求出电动机的电阻值故C 错误；知道电动机的额定电压，不知道电动机的电阻值，所以若电机突发故障，被卡住无法转动，不能求出通过电动机的电流值故D 错误故选B22C 解析：C【解析】【详解】内径大一倍，横截面积变为原来的4 倍，由于水银体积不变

30、，故水银长度变为原来的，则由电阻定律知电阻变为原来的，由欧姆定律知电流变为原来的16 倍，即为1.6A.A.0.4A与计算结果不相符；故A项不合题意.B.0.8A 与计算结果不相符；故B 项不合题意.C.1.6A 与计算结果不相符；故C 项符合题意.D.3.2A 与计算结果不相符；故D 项不合题意.23A 解析：A【解析】【分析】【详解】AB根据电流的定义式求解通过a、b导体的电流18195 101.6AA100.165qItA 正确，B 错误；C根据电阻定律LRS可知21abbaRSRSC 错误；D根据电流的微观表达式IneSv可知21abbavSvSD 错误。故选 A。24D 解析：D【解

31、析】【分析】【详解】当滑动变阻器的滑片P 向 a 端滑动时，接入电路的电阻增大，与R2并联的电阻增大，外电路总电阻 R总增大，总电流I 减小，则电压表的示数UV=E-I(r+R1)，则 UV增大；流过R2的电流22VUIR增大，电流表的读数为2AIII，则电流表示数减小；故A，B，C 错误，D 正确.25A 解析：A【解析】【分析】【详解】开关接通时，灯泡发生短路，电阻小于开关断开时的电阻，有公式2UPR可知，开关接通时比开关断开时消耗的总功率大，故A 正确；开关接通时，电灯熄灭，只有电烙铁通电，电路中电阻减小，有公式2UPR可知，消耗的功率增大；故B 错误；开关断开时，电灯发光，电烙铁也通电，消耗的总功率减小，且电烙铁发热较少，故C 错误；开关断开时，灯泡串联在电路中，电灯发光，总电阻增大，可供在焊接时照明使用，消耗总功率减小，故 D 错误；故选A