2017年高考天津卷理科综合试题(解析版).pdf

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1、12017 年普通高等学校招生全国统一考试（天津卷）理科综合生物部分一、选择题1下列有关真核生物核糖体的叙述，正确的是A遗传信息翻译的场所B组成成分中含mRNAC全部游离在细胞质基质中D能识别基因的启动子WWW【答案】A【名师点睛】本题主要考查核糖体的功能、组成成分、分布，要求学生熟悉核糖体的结构和功能，并能联系基因的表达，可正确解题。2细颗粒物（PM25）可影响免疫系统功能，下表相关推论错误的是选项对长期吸入高浓度PM25的研究结果推论A损害呼吸道粘膜影响非特异性免疫B改变 T 细胞数目影响特异性免疫C刺激 B 细胞增殖分化影响细胞免疫D导致抗体水平升高影响体液免疫【答案】C【解析】呼吸道粘

2、膜属于第一道防线，属于非特异性免疫，A正确；T细胞参与体液免疫和细胞免疫，都属于特异性免疫，B正确；B细胞只参与体液免疫，不参与细胞免疫，C错误；抗体只参与体液免疫，D正确。【名师点睛】本题主要考查免疫系统的防卫功能，要求学生熟记非特异性免疫的类型，理解体液免疫和细胞免疫的过程。3将 A、B 两种物质混合，T1时加入酶C。下图为最适温度下A、B 浓度的变化曲线。叙述错误的是2A酶 C 降低了 A 生成 B 这一反应的活化能B该体系中酶促反应速率先快后慢CT2后 B 增加缓慢是酶活性降低导致的D适当降低反应温度，T2值增大【答案】C【解析】T1时加入酶C，A物质减少，B物质增加，可推测酶C催化

3、A物质生成B物质，酶通过降低化学反应的活化能加快反应速率，A正确；T1T2 间，酶促反应速率加快，超过T2后，酶促反应速率减慢，B正确；T2后 B增加缓慢是底物A含量过少所致，C错误；曲线是在最适温度下绘制的，若降低反应温度，反应速率减慢，T2值增大，D正确。【名师点睛】本题主要考查酶的相关知识，要求学生正确分析曲线图，根据A 物质减少、B 物质增加判断A 是底物，B 是产物，再根据曲线的走势判断酶促反应速率。4基因型为AaBbDd 的二倍体生物，其体内某精原细胞减数分裂时同源染色体变化示意图如下。叙述正确的是A三对等位基因的分离均发生在次级精母细胞中B该细胞能产生AbD、ABD、abd、aB

4、d 四种精子CB（b）与 D（d）间发生重组，遵循基因自由组合定律D非姐妹染色单体发生交换导致了染色体结构变异【答案】B3【解析】等位基因的分离发生在减数第一次分裂后期，即初级精母细胞中，A错误；由于AbD位于一条染色体上，则aBd 位于另一条同源染色体上，由于染色体上B和 b 所在非姐妹染色单体上发生了交叉互换，所以最终产生的精子基因型为AbD、ABD、aBd、aBd 四种精子，B 正确；B（b）与 D（d）位于一对同源染色体上，不遵循基因自由组合定律，C 错误；同源染色体的非姐妹染色单体发生交换属于基因重组，D 错误。【名师点睛】本题主要考查减数分裂、遗传规律以及生物变异的相关知识，要求学

5、生理解基因分离和自由组合发生的时期。5叶绿体中的色素为脂溶性，液泡中紫红色的花青苷为水溶性。以月季成熟的紫红色叶片为材料，下列实验无法达到目的的是A用无水乙醇提取叶绿体中的色素B 用水做层析液观察花青苷的色素带C用质壁分离和复原实验探究细胞的失水与吸水D用光学显微镜观察表皮细胞染色体的形态和数目【答案】D【名师点睛】本题主要考查色素提取和分离以及质壁分离和复原的知识。要求学生结合题干信息脂溶性和水溶性来判断色素的提取和分离方法。6某突变型水稻叶片的叶绿素含量约为野生型的一半，但固定CO2酶的活性显著高于野生型。下图显示两者在不同光照强度下的CO2吸收速率。叙述错误的是A光照强度低于P 时，突变

6、型的光反应强度低于野生型B 光照强度高于P 时，突变型的暗反应强度高于野生型C 光照强度低于P 时，限制突变型光合速率的主要环境因素是光照强度4D 光照强度高于P 时，限制突变型光合速率的主要环境因素是CO2浓度【答案】D【名师点睛】本题主要考查光照强度和CO2浓度对光合作用的影响，突变型水稻叶片有两个特点：叶绿素含量低，而固定CO2酶的活性高，图中P 点是个转折点，P 点前光照强度低，突变型光合速率低，P 点后光照强度高，突变光合速率高，需正确分析其原因。二、非选择题7（12 分）大兴安岭某林区发生中度火烧后，植被演替过程见下图据图回答：（1）该红烧迹地发生的是_演替。与相比，中群落对光的利

7、用更充分，因其具有更复杂的_结构。（2）火烧 15 年后，草本、灌木丰富度的变化趋势均为_，主要原因是他们与乔木竞争时获得的_。（3）针叶林凋落物的氮磷分解速率较慢。火烧后若补栽乔木树种，最好种植_，以加快氮磷循环。（4）用样方法调查群落前，需通过逐步扩大面积统计物种数绘制“种-面积”曲线，作为选取样方面积的依据。下图是该林区草本、灌木、乔木的相应曲线。据图分析，调查乔木应选取的最小样方面积是_。【答案】（1）次生垂直（2）下降后保持相对稳定光逐渐减少（3）阔叶树（4）S35【名师点睛】本题主要考查群落演替的过程，要求学生理解群落演替过程中物种的变化，同时要结合乔木、灌木和草本的大小区别调查其

8、种群密度时样方面积。8（12 分）胰岛素可以改善脑神经元的生理功能，其调节机理如图所示。据图回答：（1）胰岛素受体（InR）的激活，可以促进神经元轴突末梢释放_，作用于突触后膜上的受体，改善突触后神经元的形态与功能。该过程体现了细胞膜的_功能。（2）胰岛素可以抑制神经元死亡，其原因是胰岛素激活InR 后，可以 _。（3）某些糖尿病人胰岛功能正常，但体内胰岛素对InR 的激活能力下降，导致InR 对 GLUT 转运葡萄糖的直接促进作用减弱，同时对炎症因子的抑制作用降低，从而 _了炎症因子对GLUT 的抑制能力。最终，神经元摄取葡萄糖的速率_与正常人相比，此类病人体内胰岛素含量_。【答案】（1）神

9、经递质信息交流（2）抑制神经元凋亡，并抑制炎症因子释放导致的神经细胞变性、坏死（3）加强下降偏高名师点睛:本题主要考查神经调节和胰岛素的作用，要求学生能正确分析过程图，理解胰岛素的作用机理。69（20 分）玉米自交系（遗传稳定的育种材料）B 具有高产、抗病等优良性质，但难以直接培育成转基因植株，为使其获得抗除草剂性状，需依次进行步骤I、II 试验。获得抗除草剂转基因玉米自交系A，技术路线如下图。（1）为防止酶切产物自身环化，构建表达载体需用2 种限制酶，选择的原则是_（单选）。Ti 质粒内，每种限制酶只有一个切割位点G 基因编码蛋白质的序列中，每种限制酶只有一个切割位点酶切后，G 基因形成的两

10、个黏性末端序列不相同酶切后，Ti 质粒形成的两个黏性末端序列相同ABCD（2）下表是4 种玉米自交系幼胚组织培养不同阶段的结果。据表可知，细胞脱分化时使用的激素是_，自交系 _的幼胚最适合培养成愈伤组织作为转化受体。（3）农杆菌转化愈伤组织时，T-DNWWWA 携带插入其内的片段转移到受体细胞。筛选转化的愈伤组织，需使用含 _的选择培养基。（4）转化过程中，愈伤组织表面常残留农杆菌，导致未转化愈伤组织也可能在选择培养基上生长。含有内含子的报告基因只能在真核生物中正确表达，其产物能催化无色物质K 呈现蓝色。用K 分别处理以下愈伤组织，出现蓝色的是_（多选）。A无农杆菌附着的未转化愈伤组织B无农杆

11、菌附着的转化愈伤组织C农杆菌附着的未转化愈伤组织D农杆菌附着的转化愈伤组织（5）组织培养获得的转基因植株（核DNA 中仅插入一个G 基因）进行自交，在子代含G 基因的植株中，纯合子占 _。继续筛选，最终选育出抗除草剂纯合自交系A。II通过回交使自交系B 获得抗除草剂性状7（6）抗除草剂自交系A（GG）与自交系B 杂交产生F1，然后进行多轮回交（下图）。自交系 B 作为亲本多次回交的目的是使后代_。（7）假设子代生活力一致，请计算上图育种过程F1、H1、H2、H3各代中含 G 基因植株的比例，并在图1中画出对应的折线图。若回交后每代不进行鉴定筛选，直接回交，请在图2 中画出相应的折线图。（8）下

12、表是鉴定含G 基因植株的4 种方法。请预测同一后代群体中，4 种方法检出的含G 基因植株的比例，从小到大依次是 _。方法检测对象检测目标检出的含 G 基因植株的比例PCR 扩增基因组 DNAG 基因x1分子杂交总 mRNAG 基因转录产物x2抗原-抗体杂交总蛋白质G 基因编码的蛋白质x3喷洒除草剂幼苗抗除草剂幼苗x4对 Hn继续筛选，最终选育出高产、抗病、抗除草剂等优良性状的玉米自交系【答案】（1）A（2）2,4 D乙（3）除草剂（4）BD（5）1/3（6）积累越来越多自交系B的遗传物质/优良性状（7）8（8）X4，X3，X2，X1【解析】（1）质粒作为将目的基因导入受体细胞的载体，每种限制酶

13、的切割位点最好只有一个，否则切割后会导致基因缺失，影响基因的表达；限制酶的识别序列和切割位点位于DNA上，G基因编码的序列是蛋白质，没有限制酶的识别序列和切割位点；双酶切后，G基因和 Ti 质粒形成的两个黏性末端序列均不相同。故选 A。（2）细胞脱分化形成愈伤组织，由结果可知，使用 2,4-D 时愈伤组织形成率最高。比较 4 个自交系，甲自交系中芽的分化率比较低，丙自交系中根的诱导率比较低，丁自交系中愈伤组织形成率比较低，乙自交系中愈伤组织形成率、芽的分化率和根的诱导率都相对较高，故最适合培养成愈伤组织作为转化受体。（3）获得抗除草剂转基因玉米自交系A，则筛选转化的愈伤组织，需使用含除草剂的选

14、择培养基。（4）含有内含子的报告基因位于农杆菌Ti 质粒的 T-DNA中，无农杆菌附着的未转化愈伤组织不含内含子的报告基因，不会出现蓝色；不论有无农杆菌附着，转化愈伤组织中都含有Ti 质粒，含内含子的报告基因，出现蓝色；农杆菌附着的未转化愈伤组织，含内含子的报告基因位于农杆菌中，农杆菌属于原核生物，其中的报告基因不能正确表达，不会出现蓝色。故选BD。（5）由于转基因植株的核DNA中仅插入一个G基因，设基因型为GO，自交后代含G基因的植株基因型为GG或 GO，比例为1:2，纯合子占1/3。（6）回交是指杂交后代与自交系 B杂交，会使后代积累越来越多自交系B的遗传物质/优良性状。（7）自交系B不含

15、抗除草剂基因，设基因型为OO，则自交系A（GG）与之杂交得F1，基因型为GO，都含有G基因，再与自交系B（OO）回交得H1，基因型为GO 和 OO，比例为1:1，含有 G基因的植株占1/2，筛选去除基因型为OO的植株后，剩余的都是基因型为GO的植株，再回交，则与H1结果相同，含有G基因的植株占1/2。若不筛选，则1/2GO、1/2OO植株回交得H2，基因型为1/4GO、3/4OO，含有G基因的植株占1/4，1/4GO，3/4OO 植株回交得H3，基因型为 1/8GO、7/8OO，含有G基因的植株占1/8。（8）G基因导入受体受体细胞后，不一定转录形成mRNA，转不一定翻译形成相应的蛋白质，翻译

16、形成相应的蛋白质，不一定表现出抗除草剂性状，基因植株的比例由大到大依次是X4，X3，X2，X1。【名师点睛】本题主要考查基因工程和分离定律的相关知识。对于基因工程，要求学生理解双酶切的目的，同时理解农杆菌转化法。对于连续自交并筛选，要求学生根据分离定律写出连续四代个体的基因型及比例，难度比较大。92017 年普通高等学校招生全国统一考试（天津卷）$来&源：iyuanku.co理科综合物理部分(解析版)一、单项选择题（每小题6 分，共 30 分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1我国自主研发制造的国际热核聚变核心部件在国际上率先通过权威机构认证，这是我国对国际热核聚变项目的重大贡献

17、。下列核反应方程中属于聚变反应的是AnHeHH10423121BHOHeN1117842147CnPAlHe103015271342DnKrBanU1089361445610235923【答案】A【名师点睛】本题的关键是知道核反应的分类，区别衰变和核反应。2明代学者方以智在阳燧倒影中记载：“凡宝石面凸，则光成一条，有数棱则必有一面五色”，表明白光通过多棱晶体折射会发生色散现象。如图所示，一束复色光通过三棱镜后分解成两束单色光a、b，下列说法正确的是A若增大入射角i，则 b 光先消失B在该三棱镜中a 光波长小于b 光Ca 光能发生偏振现象，b 光不能发生10D若 a、b 光分别照射同一光电管都能

18、发生光电效应，则a光的遏止电压低【答案】D【解析】设折射角为，在右界面的入射角为，根据几何关系有：A，根据折射定律：sinsin in，增大入射角i，折射角 增大，减小，而 增大才能使b 光发生全反射，故A 错误；由光路图可知，a 光的折射率小于b 光的折射率（bann），则 a 光的波长大于b 光的波长（ba），故 B 错误；根据光电效应方程和遏止电压的概念可知：最大初动能0WhEK，再根据动能定理：KcEeU0，即遏止电压eWehUc0，可知入射光的频率越大，需要的遏止电压越大，bann，则 a 光的频率小于b 光的频率（ba），a 光的遏止电压小于b 光的遏止电压，故D 正确；光是一种横

19、波，横波有偏振现象，纵波没有，有无偏振现象与光的频率无关，故C 错误。【名师点睛】本题考查的知识点较多，涉及到光的折射、全反射、光电效应方程、折射率与波长的关系、横波和纵波的概念等，解决本题的关键是能通过光路图判断出两种光的折射率的关系，并能熟练利用几何关系。3如图所示，两根平行金属导轨置于水平面内，导轨之间接有电阻R。金属棒 ab 与两导轨垂直并保持良好接触，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向下。现使磁感应强度随时间均匀减小，ab 始终保持静止，下列说法正确的是Aab 中的感应电流方向由b 到 aBab 中的感应电流逐渐减小Cab 所受的安培力保持不变Dab 所受的静摩擦力逐渐

20、减小【答案】D【解析】导体棒ab、电阻 R、导轨构成闭合回路，磁感应强度均匀减小（ktB为一定值），则闭合回路中的磁通量减小，根据楞次定律（增反减同），可知回路中产生顺时针方向的感应电流，ab 中的电流方向由a 到 b，故 A 错误；根据法拉第电磁感应定律，感应电动势SktSBtE，回路面积S不变，即感应电动势为定值，根据欧姆定律REI，所以 ab 中的电流大小不变，故B 错误；安培力BILF，电流大小不变，磁感应强度减小，则安培力减小，故C 错误；导体棒处于静止状态，所受合力为零，对其11受力分析，水平方向静摩擦力f 与安培力F 等大反向，安培力减小，则静摩擦力减小，故D 正确。【名师点睛】

21、本题应从电磁感应现象入手，熟练应用法拉第电磁感应定律和楞次定律。4“天津之眼”是一座跨河建设、桥轮合一的摩天轮，是天津市的地标之一。摩天轮悬挂透明座舱，乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动。下列叙述正确的是A摩天轮转动过程中，乘客的机械能保持不变B在最高点，乘客重力大于座椅对他的支持力C摩天轮转动一周的过程中，乘客重力的冲量为零D摩天轮转动过程中，乘客重力的瞬时功率保持不变【答案】D【名师点睛】本题的难点在于对动量定理的理解，是“物体所受合力的冲量等于动量的变化”，而学生经常记为“力的冲量等于物体动量的变化”。5手持较长软绳端点O 以周期 T 在竖直方向上做简谐运动，带动绳上的其他质点振动形成简

22、谐波沿绳水平传播，示意如图。绳上有另一质点P，且 O、P 的平衡位置间距为L。t=0 时，O 位于最高点，P 的位移恰好为零，速度方向竖直向上，下列判断正确的是A该简谐波是纵波B该简谐波的最大波长为2L12C8Tt时，P 在平衡位置上方D83Tt时，P 的速度方向竖直向上【答案】C【解析】绳波中质点的振动方向与波的传播方向垂直，属于横波，纵波的传播方向和质点的振动方向在同一直线上，故A 错误，根据波形图和波的传播方向可知，位移恰好为零且速度方向竖直向上的质点与O 点的距离应为)41(nL，其中 n=0、1、2，波长41nL，可知当 n=0 时有波长的最大值，为Lm4，故 B 错误；04T内 P

23、 由平衡位置振动到波峰，4T2T内 P 由波峰回动到平衡位置，可知8Tt时 P 在平衡位置上方向上振动，83Tt时 P 在平衡位置上方向下振动，故C 正确，D 错误。【名师点睛】本题应注意波的周期性，要从波长入手。二、不定项选择题（每小题6 分，共 18 分。每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确的。全部选对的得 6 分，选对但不全的得3 分，选错或不答的得0 分）6在匀强磁场中，一个100 匝的闭合矩形金属线圈，绕与磁感线垂直的固定轴匀速转动，穿过该线圈的磁通量随时间按图示正弦规律变化。设线圈总电阻为2 ，则At=0 时，线圈平面平行于磁感线Bt=1 s时，线圈中的电流改变方向Ct=1.

24、5 s 时，线圈中的感应电动势最大D一个周期内，线圈产生的热量为28J【答案】AD【解析】t=0 时，磁通量为零，线圈平面平行于磁感线，故A 正确；每经过一次中性面（线圈平面垂直于磁感线，磁通量有最大值）电流的方向改变一次，t=1 s 时，磁通量为零，线圈平面平行于磁感线，故B 错误；t=1.5 s 时，磁通量有最大值，但磁通量的变化率为零（0t），根据法拉第电磁感应定律可知线圈中的感应电动势为零，故C 错误；感应电动势最大值V42TNNBSEmm，有效值2mEE，一个周期内线圈产生的热量J822TREQ，故 D 正确。【名师点睛】本题要正确理解正弦交变电流的规律和法拉第电磁感应定律。137如

25、图所示，在点电荷Q 产生的电场中，实线MN 是一条方向未标出的电场线，虚线AB 是一个电子只在静电力作用下的运动轨迹。设电子在A、B 两点的加速度大小分别为aA、aB，电势能分别为EpA、EpB。下列说法正确的是A电子一定从A 向 B 运动B若 aAaB，则 Q 靠近 M 端且为正电荷C无论 Q 为正电荷还是负电荷，一定有EpAaB，说明电子在 M 点受到的电场力较大，M 点的电场强度较大，根据点电荷的电场分布可知，靠近 M 端为场源电荷的位置，应带正电，故 B 正确；无论 Q 为正电荷还是负电荷，一定有电势BA，电子电势能eEp，电势能是标量，所以一定有EpAEpB，故 C 正确，D 错误。

26、【名师点睛】本题考查的知识点较多，应从曲线运动的特点和规律出发判断出电子的受力方向，再利用相关电场和带电粒子在电场中的运动的规律解决问题。8如图所示，轻质不可伸长的晾衣绳两端分别固定在竖直杆M、N 上的 a、b 两点，悬挂衣服的衣架钩是光滑的，挂于绳上处于静止状态。如果只人为改变一个条件，挡衣架静止时，下列说法正确的是A绳的右端上移到b，绳子拉力不变B将杆 N 向右移一些，绳子拉力变大C绳的两端高度差越小，绳子拉力越小D若换挂质量更大的衣服，则衣服架悬挂点右移【答案】AB【解析】设两杆间距离为d，绳长为 l，Oa、Ob 段长度分别为la和 lb，则balll，两部分绳子与竖直方向夹角分别为 和

27、，受力分析如图所示。EFmgaFbFblaldO14绳子中各部分张力相等，FFFba，则。满足mgF cos2，sinsinsinllldba，即ldsin，cos2mgF，d和 l 均不变，则 sin 为定值，为定值，cos 为定值，绳子的拉力保持不变，衣服的位置不变，故A 正确，C、D 错误；将杆N 向右移一些，d 增大，则sin 增大，cos 减小，绳子的拉力增大，故B 正确。【名师点睛】本题是力的动态平衡的典型模型，学生并不陌生，关键要判断出绳子和竖直方向的夹角只与绳长和两杆的距离有关。三、非选择题9（18 分）（1）我国自主研制的首艘货运飞船“天舟一号”发射升空后，与已经在轨运行的“

28、天宫二号”成功对接形成组合体。假设组合体在距地面高度为h 的圆形轨道上绕地球做匀速圆周运动，已知地球半径为 R，地球表面重力加速度为g，且不考虑地球自转的影响。则组合体运动的线速度大小为_，向心加速度大小为_。【答案】hRgRv；22)(hRgRa。【名师点睛】本题难度不大，应知道在地球表面附近物体所受重力和万有引力近似相等，即“黄金代换”。（2）如图所示，打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置验证机械能守恒定律。对于该实验，下列操作中对减小实验误差有利的是_。A重物选用质量和密度较大的金属锤B两限位孔在同一竖直面内上下对正C精确测量出重物的质量15D用手托稳重

29、物，接通电源后，撒手释放重物某实验小组利用上述装置将打点计时器接到50 Hz 的交流电源上，按正确操作得到了一条完整的纸带，由于纸带较长，图中有部分未画出，如图所示。纸带上各点是打点计时器打出的计时点，其中O 点为纸带上打出的第一个点。重物下落高度应从纸带上计时点间的距离直接测出，利用下列测量值能完成验证机械能守恒定律的选项有_。AOA、AD 和 EG 的长度BOC、BC 和 CD 的长度CBD、CF 和 EG 的长度C AC、BD 和 EG 的长度【答案】（1）AB；（2）BC。【解析】（1）重物选用质量和密度较大的金属锤，减小空气阻力，以减小误差，故A 正确；两限位孔在同一竖直面，内上下对

30、正，减小纸带和打点计时器之间的阻力，以减小误差，故B 正确；验证机械能守恒定律的原理是：21222121mvmvmgh，重物质量可以消掉，无需精确测量出重物的质量，故C 错误；用手拉稳纸带，而不是托住重物，接通电源后，撒手释放纸带，故D 错误。（2）由 EG 的长度长度可求出打F 点的速度v2，打 O 点的速度v1=0，但求不出OF 之间的距离h，故 A 错误；由 BC 和 CD 的长度长度可求出打C 点的速度v2，打 O 点的速度v1=0，有 OC 之间的距离h，可以来验证机械能守恒定律，故 B 正确；由 BD 和 EG 的长度可分别求出打C 点的速度v1和打 F 点的速度v2，有 CF之间

31、的距离h，可以来验证机械能守恒定律，故C 正确；AC、BD 和 EG 的长度可分别求出打BCF 三点的速度，但 BC、CF、BF 之间的距离都无法求出，无法验证机械能守恒定律，故D 错误。【名师点睛】本题的难点是对实验原理的理解。（3）某探究性学习小组利用如图所示的电路测量电池的电动势和内阻。其中电流表A1的内阻 r1=1.0 k，电阻 R1=9.0 k，为了方便读数和作图，给电池串联一个R0=3.0 的电阻。16按图示电路进行连接后，发现 aa、bb 和 cc 三条导线中，混进了一条内部断开的导线。为了确定哪一条导线内部是断开的，将电建S闭合，用多用电表的电压挡先测量a、b 间电压，读数不为

32、零，再测量a、a 间电压，若读数不为零，则一定是_导线断开；若读数为零，则一定是_导线断开。排除故障后，该小组顺利完成实验。通过多次改变滑动变阻器触头位置，得到电流表A1和 A2的多组 I1、I2数据，作出图象如右图。由I1 I2图象得到的电池的电动势E=_V，内阻 r=_。【答案】（1）aa，bb；（2）E=1.41V（1.361.44 均可），r=0.5（0.40.6 均可）。来&源：【名师点睛】由图象法处理实验数据的关键是要理解图线的物理意义纵轴截距和斜率表示什么，闭合电路的欧姆定律是核心。10（16 分）如图所示，物块A 和 B 通过一根轻质不可伸长的细绳连接，跨放在质量不计的光滑定滑

33、轮两侧，质量分别为mA=2 kg、mB=1 kg。初始时 A 静止与水平地面上，B 悬于空中。先将 B 竖直向上再举高h=1.8m（未触及滑轮）然后由静止释放。一段时间后细绳绷直，A、B 以大小相等的速度一起运动，之后B 恰好可以和地面接触。取g=10 m/s2。（1）B 从释放到细绳绷直时的运动时间t；（2）A 的最大速度v 的大小；（3）初始时B 离地面的高度H。17【答案】（1）s6.0t；（2）sm2v；（3）m6.0H。【解析】（1）B 从释放到细绳刚绷直前做自由落体运动，有：221gth解得：s6.0t（2）设细绳绷直前瞬间B 速度大小为vB，有sm60gtv细绳绷直瞬间，细绳张力

34、远大于A、B 的重力，A、B 相互作用，总动量守恒：vmmvmBAB)(0绳子绷直瞬间，A、B 系统获得的速度：sm2v之后 A 做匀减速运动，所以细绳绷直瞬间的速度v 即为最大速度，A 的最大速度为2 m/s。（3）细绳绷直后，A、B 一起运动，B 恰好可以和地面接触，说明此时A、B 的速度为零，这一过程中A、B 组成的系统机械能守恒，有：gHmgHmvmmABBA2)(21解得，初始时B离地面的高度m6.0H【名师点睛】本题的难点是绳子绷紧瞬间的物理规律是两物体的动量守恒，而不是机械能守恒。11（18 分）平面直角坐标系xOy 中，第象限存在垂直于平面向里的匀强磁场，第现象存在沿y 轴负方

35、向的匀强电场，如图所示。一带负电的粒子从电场中的Q 点以速度v0沿 x 轴正方向开始运动，Q 点到 y 轴的距离为到x 轴距离的2 倍。粒子从坐标原点O 离开电场进入电场，最终从x 轴上的 P 点射出磁场，P点到 y 轴距离与 Q 点到 y 轴距离相等。不计粒子重力，为：（1）粒子到达O 点时速度的大小和方向；（2）电场强度和磁感应强度的大小之比。18【答案】（1）02vv，方向与x 轴方向的夹角为45 角斜向上；（2）20vBE。【解析】（1）粒子在电场中又Q 到 O 做类平抛运动，设Q 点速度 v 与+x 方向夹角为 ，Q 点到 x 轴的距离为L，到 y 轴的距离为2L，粒子的加速度为 a

36、，运动时间为t，根据类平抛运动的规律，有：x 方向：tvL02y 方向：221atL粒子到达 O 点时沿 y 轴方向的分速度为：atvy又：0tanvvy解得：1tan，即45，粒子到达O 点时速度方向与x 轴方向的夹角为45 角斜向上。粒子到达 O 点时的速度大小为00245cosvvv（2）设电场强度为E，粒子电荷量为q，质量为m，粒子在电场中受到的电场力为F，粒子在电场中运动的加速度：mqEa设磁感应强度大小为B，粒子做匀速圆周运动的半径为R，洛伦兹力提供向心力，有：RvmqvB2根据几何关系可知：LR2整理可得：20vBE【名师点睛】本题难度不大，但需要设出的未知物理量较多，容易使学生

37、感到混乱，要求学生认真规范作答，动手画图。12（20 分）电磁轨道炮利用电流和磁场的作用使炮弹获得超高速度，其原理可用来研制新武器和航天运载器。电磁轨道炮示意如图，图中直流电源电动势为E，电容器的电容为C。两根固定于水平面内的光滑平行金属导轨间距为l，电阻不计。炮弹可视为一质量为m、电阻为R 的金属棒MN，垂直放在两导轨间处于静止状态，并与导轨良好接触。首先开关S接 1，使电容器完全充电。然后将S接至 2，导轨间存在垂直于导轨平面、磁感应强度大小为B 的匀强磁场（图中未画出），MN 开始向右加速运动。当MN 上的感应电动势与电容器两极板间的电压相等时，回路中电流为零，MN 达到最大速度，之后离

38、开导轨。问：19（1）磁场的方向；（2）MN 刚开始运动时加速度a 的大小；（3）MN 离开导轨后电容器上剩余的电荷量Q 是多少。【答案】（1）磁场的方向垂直于导轨平面向下；（2）mRBEla；（3）mClBEClBQ222222。【解析】（1）电容器充电后上板带正电，下板带负电，放电时通过MN 的电流由M 到 N，欲使炮弹射出，安培力应沿导轨向右，根据左手定则可知磁场的方向垂直于导轨平面向下。（2）电容器完全充电后，两极板间电压为E，根据欧姆定律，电容器刚放电时的电流：REI炮弹受到的安培力：BIlF根据牛顿第二定律：maF解得：加速度mRBEla（3）电容器放电前所带的电荷量CEQ1开关

39、S接 2 后，MN 开始向右加速运动，速度达到最大值vm时，MN 上的感应电动势：mBlvE最终电容器所带电荷量ECQ2设在此过程中MN 的平均电流为I，MN 上受到的平均安培力：lIBF由动量定理，有：0mmvtF又：21QQlI整理的：最终电容器所带电荷量mClBEClBQ222222【名师点睛】本题难度较大，尤其是最后的小题，给学生无从下手的感觉：动量定理的应用是关键。201下列有关水处理方法不正确的是A用石灰、碳酸钠等碱性物质处理废水中的酸B用可溶性的铝盐和铁盐处理水中的悬浮物C用氯气处理水中的Cu2+、Hg+等重金属离子D用烧碱处理含高浓度NH4+的废水并回收利用氨【答案】C【解析】

40、考点：水处理技术、化学在生产、生活中的应用【名师点睛】本题从各种水处理技术方法等方面设计考核知识点，让考生了解化学在生活中的应用，让考生正确地认识化学的价值和功能。展现学科价值，灌输绿色化学思想。2汉黄芩素是传统中草药黄芩的有效成分之一，对肿瘤细胞的杀伤有独特作用。下列有关汉黄芩素的叙述正确的是A汉黄芩素的分子式为C16H13O5B该物质遇FeCl3溶液显色C 1 mol 该物质与溴水反应，最多消耗1 mol Br2D与足量H2发生加成反应后，该分子中官能团的种类减少1 种【答案】B。【解析】试题分析：A、汉黄岑素的分子式为C16H12O5，A 错误；B、该物质中含有酚羟基，能与FeCl3溶液

41、反应呈紫色，B 正确；C、该物质酚羟基的邻、对位还可以与1mol 溴水反应，碳碳双键可以与1mol 溴水发生加成反应，故1mol 该物质最多可以消耗2mol Br2，C 错误；D、该物质中含有羟基、羰基、碳碳双键、醚键，与足量氢气加成后只剩余羟基和醚键，官能团种类减少2 种，D 错误。故选B。考点：考查有机物的结构和性质21【名师点睛】本题以传统中草药黄芩有效成分“汉黄芩素”考查有机物的结构和性质。从试题素材、考核知识点以及情景设置等角度，着力引导考生关注我国社会、经济和科学技术的发展，弘扬社会主义核心价值观。通过挖掘历史文献和顶级科研论文寻找合适资料，以中国古代科技文明、我国科学家最新研究成

42、果编制试题，体现中国传统科技文化对人类发展和社会进步的贡献，引导考生热爱化学，为国奉献。3下列能量转化过程与氧化还原反应无关的是A硅太阳能电池工作时，光能转化成电能B锂离子电池放电时，化学能转化成电能C电解质溶液导电时，电能转化成化学能D葡萄糖为人类生命活动提供能量时，化学能转化成热能【答案】A。【解析】考点：氧化还原反应【名师点睛】本题以各种能量之间的转化为载体考察氧化还原反应的判断。氧化还原反应实质是电子的转移，涉及到化合价的升降，故可根据各种能量转化的原理来判断是否有化合价的变化，从而判断是否是氧化还原反应。4以下实验设计能达到实验目的的是实验目的实验设计A除去 NaHCO3固体中的Na

43、2CO3将固体加热至恒重B制备无水AlCl3蒸发 Al 与稀盐酸反应后的溶液C重结晶提纯苯甲酸将粗品水溶、过滤、蒸发、结晶D鉴别 NaBr 和 KI 溶液分别加新制氯水后，用CCl4萃取【答案】D【解析】A、加热碳酸氢纳分解生成了碳酸钠，不能达到实验目的；B、直接蒸发Al 与稀盐酸反应生成的考点：实验方案的设计【名师点睛】本题考查化学实验方案评价，为高频考点，涉及药品的分离提纯、物质的鉴别与制备等知识22点，明确实验基本操作方法、物质的性质是解题的关键，注意C 项重结晶法提纯苯甲酸的步骤。5根据元素周期表和元素周期律，判断下列叙述不正确的是A气态氢化物的稳定性：H2ONH3SiH4B氢元素与其

44、他元素可形成共价化合物或离子化合物C图 1 所示实验可证明元素的非金属性：ClCSiD用中文“”（o）命名的第118 号元素在周期表中位于第七周期0 族【答案】C【解析】试题分析：A、气态氢化物稳定性与非金属性一致，非金属性ONSi，所以气态氢化物稳定性H2O NH3SiH4，A 正确；B、氢元素可与非金属元素形成共价化合物如H2O 等甚至于离子化合物如NH4H，也可以与某些金属生成离子化合物如NaH 等，B 正确；C、不能用氢化物的酸性来验证非金属性强弱，可以采用最高价含氧酸酸性强弱来验证，C 错误；D、根据元素周期表知识判断，各周期0 族元素的原子序数依次为2、10、18、36、54、86

45、、118，所以第118 号元素在周期表中位于第七周期0 族，D 正确。故选C。考点：元素周期表、元素周期律【名 师 点睛】熟练应用元素周期律是准确解题的核心。A、C 两项元素的非金属性可以用氢化物的稳定性，最高价氧化物对于水化物的酸性，相互置换能力等来判断。B 项则涉及到离子化合物、共价化合物的判断，可以根据组成元素来判断。Z6常压下羰基化法精炼镍的原理为：Ni(s)+4CO(g)Ni(CO)4(g)。230时，该反应的平衡常数K=2 10-5。已知：Ni(CO)4的沸点为42.2，固体杂质不参与反应。第一阶段：将粗镍与CO 反应转化成气态Ni(CO)4；第二阶段：将第一阶段反应后的气体分离出

46、来，加热至230制得高纯镍。下列判断正确的是A增加 c(CO)，平衡向正向移动，反应的平衡常数增大B第一阶段，在30和 50两者之间选择反应温度，选50C第二阶段，Ni(CO)4分解率较低23D该反应达到平衡时，v生成Ni(CO)4=4v生成(CO)【答案】B【解析】考点：化学平衡及平衡移动、平衡常数【名师点睛】本题考查平衡状态的判定、平衡常数等。落实考试大纲修订思路，考查学科的必备知识和方法。化学平衡状态判断有两个依据，一是正逆反应速率相等，而是“变量”不变。注意D 项化学平衡状态的判断容易粗心出错。Z7（14 分）某混合物浆液含Al(OH)3、MnO2和少量 Na2CrO4。考虑到胶体的吸

47、附作用使Na2CrO4不易完全被水浸出，某研究小组利用设计的电解分离装置（见图2），使浆液分离成固体混合物和含铬元素溶液，并回收利用。回答和中的问题。固体混合物的分离和利用（流程图中的部分分离操作和反应条件未标明）（1）反应所加试剂NaOH 的电子式为 _，BC的反应条件为_，CAl的制备方法称为 _。（2）该小组探究反应发生的条件。D 与浓盐酸混合，不加热，无变化；加热有 Cl2生成，当反应停止后，固体有剩余，此时滴加硫酸，又产生 Cl2。由此判断影响该反应有效进行的因素有（填序号）_。a温度bCl-的浓度c溶液的酸度（3）0.1 mol Cl2与焦炭、TiO2完全反应，生成一种还原性气体和

48、一种易水解成TiO2 xH2O 的液态化合物，放热 4.28 kJ，该反应的热化学方程式为_。含铬元素溶液的分离和利用（4）用惰性电极电解时，CrO42-能从浆液中分离出来的原因是_，分离后含铬元素的粒子是24_；阴极室生成的物质为_（写化学式）。【答案】（14 分）（1）加热（或煅烧）电解法（2）a c（3）2Cl2(g)+TiO2(s)+2C(s)=TiCl4(l)+2CO(g)H=-85.6kJ mol-1（4）在直流电场作用下，CrO42-通过阴离子交换膜向阳极室移动，脱离浆液CrO42-和 Cr2O72-NaOH 和 H2【解析】试题分析：惰性电极电解混合物浆液时，Na+移向阴极，C

49、rO42-移向阳极。Al(OH)3、MnO2剩下在固体混合（3）0.1 mol Cl2与焦炭、TiO2完全反应，生成一种还原性气体和一种易水解成TiO2 xH2O 的液态化合物，放热4.28 kJ，配平方程式，可知2mol Cl2反应放热85.6kJ mol-1，由此可得该反应的热化学方程式考点：元素化合物、工艺流程【名师点睛】本题以元素化合物知识为载体，考察化学用语，元素化合物的性质、制备，影响化学反应的因素，热化学方程式的书写，电解原理等知识点。其中（2）小题可以用控制变量法分析，（4）小题注意离子交换膜的作用。258（18 分）2-氨基-3-氯苯甲酸（F）是重要的医药中间体，其制备流程图

50、如下：回答下列问题：（1）分子中不同化学环境的氢原子共有_种，共面原子数目最多为_。（2）B 的名称为 _。写出符合下列条件B 的所有同分异构体的结构简式_。a苯环上只有两个取代基且互为邻位b既能发生银镜反应又能发生水解反应（3）该流程未采用甲苯直接硝化的方法制备B，而是经由三步反应制取B，其目的是 _。（4）写出的化学反应方程式：_，该步反应的主要目的是_。（5）写出的反应试剂和条件：_；F 中含氧官能团的名称为_。（6）在方框中写出以为主要原料，经最少步骤制备含肽键聚合物的流程。反应试剂反应条件目标化合物【答案】（18 分）（1）413（2）2-硝基甲苯或邻硝基甲苯26（3）避免苯环上甲基