【精准解析】2021江苏高考物理一轮训练检测：第四章+(8+2+2)章末综合能力滚动练.pdf

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1、1(822)章末综合能力滚动练一、单项选择题1关于力和运动，下列说法中正确的是()A物体在恒力作用下可能做曲线运动B物体在变力作用下不可能做直线运动C物体在恒力作用下不可能做曲线运动D物体在变力作用下不可能保持速率不变答案A解析平抛运动就是在恒力作用下的曲线运动，只要变力与速度方向共线，就会做直线运动，所以 A 正确，B、C 错误匀速圆周运动就是在变力作用下保持速率不变的运动，D 错误2.(2020山东青岛市模拟)如图 1 所示，光滑水平面内的xOy 直角坐标系中，一质量为1 kg 的小球沿 x 轴正方向匀速运动，速度大小为1 m/s，经过坐标原点O 时，小球受到的一沿y 轴负方向、大小为1

2、N 的恒力 F 突然撤去，其他力不变，则关于小球的运动，下列说法正确的是()图 1A做变加速曲线运动B任意两段时间内速度变化大小都相等C经过 x、y 坐标相等的位置时所用时间为1 sD1 s 末速度大小为2 m/s答案D3.(2017全国卷 17)如图 2，半圆形光滑轨道固定在水平地面上，半圆的直径与地面垂直一小物块以速度v从轨道下端滑入轨道，并从轨道上端水平飞出，小物块落地点到轨道下端的距离与轨道半径有关，此距离最大时对应的轨道半径为(重力加速度大小为g)()图 2A.v216gB.v28g2C.v24gD.v22g答案B解析设小物块滑到轨道上端的速度大小为v1，小物块由最低点到最高点的过程

3、，由机械能守恒定律得12mv2 2mgr12mv12小物块做平抛运动时，设落地点到轨道下端的距离为x，则有 xv1t，2r12gt2，联立以上式子解得：x2v2gr4r2，由数学知识可知，当rv28g时，x 最大，故选项 B 正确4.(2019辽宁大连市3 月双基测试)过山车是青少年喜欢的一种游乐项目为了研究过山车的原理，可将过山车简化为如图3 所示的模型，质量为m 的小球在光滑竖直圆轨道上做圆周运动，在轨道的最高点N 和最低点M 分别安装有压力传感器让小球从同一位置由静止下滑，经多次测量得到在最高点和最低点小球对轨道压力大小的平均值分别为F1、F2，则当地的重力加速度为()图 3A.F2F1

4、2mB.F2F13mC.F2F15mD.F2F16m答案D解析过山车模型可以视为轻绳模型，小球在轨道上运动时受到轨道对其指向圆心的弹力作用由牛顿第三定律可得在M 点和 N 点轨道对小球的弹力大小平均值分别为F2、F1.设圆轨道半径为R，在 M 点，对小球受力分析，根据小球所受的合力提供向心力得F2mgmvM2R，在 N 点，对小球受力分析，根据小球所受的合力提供向心力得mgF1mvN2R，由 M 到 N，3根据动能定理得mg2R12mvN212mvM2，联立解得gF2F16m，D 正确5(2019全国第一次大联考)如图 4 甲所示，轻杆的一端固定一小球(可视为质点)，另一端套在光滑的水平轴O

5、上，O 轴的正上方有一速度传感器，可以测量小球通过最高点时的速度大小v；O 轴处有一力传感器，可以测量小球通过最高点时O 轴受到的杆的作用力F，若取竖直向下为F 的正方向，在最低点时给小球不同的初速度，得到的Fv2(v为小球在最高点处的速度)图象如图乙所示，取g10 m/s2，则()图 4AO 轴到小球的距离为0.5 mB小球的质量为3 kgC小球恰好通过最高点时的速度大小为5 m/sD小球在最低点的速度大小为15 m/s 时，通过最高点时杆不受球的作用力答案A解析小球在最高点时重力与杆的作用力的合力提供向心力，若v0，则 Fmg3 N，解得小球质量 m0.3kg，若 F0，则 mgmv2R，

6、代入数据解得R0.5m，选项 A 正确，B 错误；轻杆模型中，在最高点只要小球速度大于等于零，小球即可在竖直面内做圆周运动，选项C 错误；设小球在最低点的初速度大小为v0，小球能上升的最大高度为h，根据机械能守恒定律有12mv02mgh，当v015 m/s 时，h0.75 mMg.现将质量为 m0的磁铁轻轻地吸放在铁块下端，铁块加速向下运动，斜面体仍保持静止，不计滑轮摩擦及空气阻力，则与放磁铁前相比()图 54A细线的拉力一定增大B细线的拉力可能不变C木块所受到合力可能不变D斜面体相对地面有向左的运动趋势答案AD解析加磁铁前细线的拉力小于木块重力沿斜面向下的分力，加磁铁后，拉着木块加速下滑，故

7、细线的拉力一定变大，A 正确，B 错误；加磁铁前木块保持静止，合力为零，加磁铁后，木块加速上滑，根据牛顿第二定律，合力不为零，故C 错误；放磁铁后，由于木块具有沿斜面向上的加速度，可对整体运用牛顿第二定律，整体受到的外力的合力向右，故地面对斜面体有向右的静摩擦力，斜面体相对于地面有向左滑动的趋势，D 正确7.牛顿在 1689 年出版的自然哲学的数学原理中设想，物体抛出的速度很大时，就不会落回地面，它将绕地球运动，成为人造地球卫星如图6所示，将物体从一座高山上的O 点水平抛出，抛出速度一次比一次大，落地点一次比一次远，设图中A、B、C、D、E 是从 O 点以不同的速度抛出的物体所对应的运动轨道已

8、知B 是圆形轨道，C、D 是椭圆轨道，在轨道 E 上运动的物体将会克服地球的引力，永远地离开地球，空气阻力和地球自转的影响不计，则下列说法正确的是()图 6A物体从O 点抛出后，沿轨道A 运动落到地面上，物体的运动可能是平抛运动B在轨道 B 上运动的物体，抛出时的速度大小为7.9 km/sC使轨道 C、D 上物体的运动轨道变为圆轨道，这个圆轨道可以过O 点D在轨道E 上运动的物体，抛出时的速度一定等于或大于第三宇宙速度答案AC解析将物体从一座高山上的O 点水平抛出，且物体速度不大时，物体沿轨道A 运动落到地面上，若水平位移不大，则物体的运动是平抛运动，选项A 正确；在轨道B 上运动的物体，做匀

9、速圆周运动，抛出时的速度大于第一宇宙速度7.9 km/s，选项 B 错误；使轨道C、D 上物体的运动轨道变为圆轨道，可以在物体经过O 点时减小物体的速度，此时的圆轨道可以过O 点，选项 C 正确；在轨道E 上运动的物体，将会克服地球的引力，抛出时的速度一定等于或大于第二宇宙速度11.2km/s，选项 D 错误58.如图 7 所示，将一小球从空中A 点以水平速度v0抛出，经过一段时间后，小球以大小为2v0的速度经过B 点，不计空气阻力，则小球从A 到 B(重力加速度为g)()图 7A下落高度为3v022gB经过的时间为3v0gC速度增量为v0，方向竖直向下D运动方向改变的角度为60 答案AD解析

10、小球经过B 点时竖直分速度vy2v02v023v0，由vygt 得 t3v0g；根据 h12gt2得 h3v022g，故 A 正确，B 错误；速度增量为vgt3v0，方向竖直向下，故C 错误；小球经过B 点时速度与水平方向的夹角正切值tan vyv03，60，即运动方向改变的角度为 60，故 D 正确三、非选择题9(2019四川广元市第二次适应性统考)如图 8 所示为一通关游戏示意图，与关门水平距离为L 的左上方有一手枪，手枪可以水平发射出初速度大小可以调节的子弹，关门上端距枪口的竖直距离为H，L2H.通关时，游戏者操控手枪射出子弹的瞬间关门开始运动，关门以大小为v的速度水平向左匀速运动的同时

11、还以大小为v的初速度做竖直上抛运动游戏要求子弹恰好从关门的上端擦边而过就算通关，重力加速度为g，不计空气阻力如果能够通关，子弹的初速度大小为_图 8答案v6解析设子弹射出后经时间t 恰好从关门的上端擦边而过，子弹下降的距离h112gt2，关门竖直上升的距离h2vt12gt2，又 h1h2H，解得 tHv；设子弹的初速度大小为v0，则子弹水平方向运动的距离x1v0t，关门水平方向运动的距离x2vt，又 x1x2L2H，解得：子弹的初速度大小v0v.10(2020山东济宁市质检)如图 9 所示，一倾斜的匀质圆盘绕垂直于盘面的固定对称轴以恒定角速度 转动，盘面上离转轴距离2.5 m 处有一小物体与圆

12、盘始终保持相对静止物体与盘面间的动摩擦因数为32(设最大静摩擦力等于滑动摩擦力)，盘面与水平面的夹角为30，g 取10 m/s2.则 的最大值是 _图 9答案1 rad/s解析当小物体转动到最低点时为临界点，由牛顿第二定律知，mg cos 30 mgsin 30 m 2r解得 1 rad/s.11.如图 10 所示，M 是水平放置的半径足够大的圆盘，绕过其圆心的竖直轴OO匀速转动，规定经过圆心O 点且水平向右为x轴正方向在O 点正上方距盘面高为h5 m 处有一个可间断滴水的容器，从t0 时刻开始，容器沿水平轨道向x 轴正方向做初速度为零的匀加速直线运动 已知 t0 时刻滴下第一滴水，以后每当前

13、一滴水刚好落到盘面时再滴下一滴水(取g10 m/s2)图 10(1)每一滴水离开容器后经过多长时间滴落到盘面上？(2)要使每一滴水在盘面上的落点都位于同一直线上，圆盘的角速度 应为多大？答案(1)1 s(2)k，其中 k1,2,3解析(1)离开容器后，每一滴水在竖直方向上做自由落体运动：h12gt2则每一滴水滴落到盘面上所用时间t2hg1 s7(2)要使每一滴水在盘面上的落点都位于同一直线上，则圆盘在1 s内转过的弧度为k，k 为不为零的正整数由tk 得 kg2h k，其中 k1,2,312(2019江苏如东县检测)如图 11 所示，一小木箱放在平板车的中部，距平板车的后端、驾驶室后端均为L2

14、.0 m，且小木箱处于静止状态，木箱与平板车之间的动摩擦因数 0.40.现使平板车在水平路面上以加速度a0匀加速启动，速度达到v6.0 m/s 后接着做匀速直线运动，运动一段时间后匀减速刹车设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g 取 10 m/s2.图 11(1)若木箱与平板车保持相对静止，加速度a0大小满足什么条件？(2)若 a06.0 m/s2，当木箱与平板车的速度都达到6.0 m/s 时，求木箱在平板车上离驾驶室后端距离 s.(3)若在木箱速度刚达到6.0 m/s 时平板车立即用恒定的阻力刹车，要使木箱不会撞到驾驶室，平板车刹车时的加速度大小a 应满足什么条件？答案见解析解析(1)设木箱与平板车相对静止时的最大值为am，由牛顿第二定律有 mgmam，解得 am4.0 m/s2，故应满足的条件为04.0 m/s2，故木箱与平板车发生相对滑动木箱的加速时间t1vam1.5 s，木箱的位移x1v2t14.5 m.平板车速度达到v6.0 m/s 所需的时间t2va01.0 s，木箱的速度达到6.0 m/s 时，平板车的位移x2v2t2v(t1 t2)6 m，则木箱离驾驶室后端的距离sx2x1L 3.5 m.(3)木箱减速停止时的位移x3v22am8平板车减速停止时的位移x4v22a木箱不会撞到驾驶室应满足x3x4s联立解得a18 m/s2.