2020高考物理一轮复习优编选题(6)(含解析)新人教版.pdf

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1、【本资料精心搜集整理而来，欢迎广大同仁惠存！】1/8 2020高考物理一轮复习优编选题（6）（含解析）新人教版编 辑：_时 间：_教学资料范本【本资料精心搜集整理而来，欢迎广大同仁惠存！】2/8 李仕才1、.(平衡问题)(20 xx 湖北黄冈检测)用两段等长的轻质细线将a、b 两个小球连接并悬挂于O点,如图甲所示,球 a 受到水平向右的力 3F的作用,小球 b 受到水平向左的力F的作用,平衡时细线都被拉紧,则系统平衡时两球的位置情况如图乙所示,则 a、b 两球质量之比为()A.11B.12C.21D.23答案 A解析 a 受到 3F水平向右的力,b 受到 F的水平向左的力,以整体为研究对象,分

2、析受力如图:设 Oa绳与竖直方向的夹角为,则由平衡条件得 tan=以 b 球为研究对象,受力如图。设 ab 绳与竖直方向的夹角为,则由平衡条件得tan=由几何关系得到=联立解得ma=mb。故 A正确,B、C、D错误。故选 A。2、(竖直上抛运动)(20 xx 河南新乡月考)不计空气阻力,以一定的初速度竖直上拋一物体,从拋出至回到拋出点的时间为t,现在物体上升的最大高度的一半处设置一块挡板,物体撞击挡板前后的速度大小相等、方向相反,撞击所需时间不计,则这种情况下物体上升和下降的总时间约为()A.0.5t B.0.4t C.0.3t D.0.2t 答案 C解析物体下降时间为0.5t,故高度为 h=

3、gt2物体自由落体运动0.5h 过程,有【本资料精心搜集整理而来，欢迎广大同仁惠存！】3/8 联立解得 t1=t故第二次物体上升和下降的总时间t=t-2t1=t-t 0.3t。故选C。3、(多选)(超重、失重)如图,升降机内有一固定斜面,斜面上放一物块。开始时,升降机做匀速运动,物块相对于斜面匀速下滑。当升降机加速上升时()A.物块与斜面间的摩擦力减小B.物块与斜面间的正压力增大C.物块相对于斜面减速下滑D.物块相对于斜面匀速下滑答案 BD解析当升降机加速上升时,物体有竖直向上的加速度,则物块与斜面间的正压力增大,根据滑动摩擦力公式Ff=FN可知物体与斜面间的摩擦力增大,故 A错误,B 正确;

4、设斜面的倾角为,物体的质量为m,当匀速运动时有mgsin=mgcos,即 sin=cos。当物体以加速度 a 向上加速运动时,有 FN=m(g+a)cos,Ff=m(g+a)cos,因为 sin=cos,所以 m(g+a)sin=m(g+a)cos,故物体仍相对斜面匀速下滑,C 错误,D 正确。4、如图所示,AB 为半圆环 ACB的水平直径,C 为环上的最低点,环半径为 R。一个小球从 A点以速度 v0 水平抛出,不计空气阻力,则下列判断正确的是()A.v0 越大,小球落在圆环时的时间越长B.即使 v0 取值不同,小球掉到环上时的速度方向和水平方向之间的夹角也相同C.若 v0 取值适当,可以使

5、小球垂直撞击半圆环D.无论 v0 取何值,小球都不可能垂直撞击半圆环答案 D解析小球落在环上的最低点C时时间最长,所以选项 A错误。v0 取值不同,小球掉到环上时的速度方向和水平方向之间的夹角不相同,选项 B 错误。要使小球垂直撞击半圆环,设小球落点与圆心的连线与水平 方 向 夹 角 为,根据 平 抛 运 动 规 律,v0t=R(1+cos),Rsin【本资料精心搜集整理而来，欢迎广大同仁惠存！】4/8=gt2,tan=,联立解得 cos=1,即垂直撞击到 B点,这是不可能的,所以选项 D正确,C 错误。5、多选)(功和功率)如图所示,某一百货商场内自动电梯以恒定速度v0 匀速上升,一个质量为

6、 m的人沿电梯匀速往上走,在时间 t 内走完此电梯。若电梯长为l,电梯斜面倾角为,则()A.电梯对该人做功为mglsin B.电梯对该人做功为mgv0tsin C.重力的功率为D.重力的功率为 mgv0sin 答案 BC解析对人受力分析可知,人在匀速通过电梯过程中,重力和电梯的支持力平衡,重心的位移为l,传送距离为x=v0t,人克服重力做的功WG=mglsin,重 力 的 功 率P=,电 梯 对 人 做 的 功W=mgxsin=mgv0tsin,故选项 B、C正确。6、(多选)如图所示,滑块 a、b 的质量均为 m,a 套在固定竖直杆上,与光滑水平地面相距h,b 放在地面上。a、b 通过铰链用

7、刚性轻杆连接,由静止开始运动。不计摩擦,a、b 可视为质点。则()A.a 落地前,轻杆对 b 一直做正功B.a 落地时速度大小为C.a 下落过程中,其加速度大小始终不大于gD.a 落地前,当 a 的机械能最小时,b 对地面的压力大小为mg答案 BD解析滑块 b 的初速度为零,末速度也为零,所以轻杆对 b 先做正功,后做负功,选项 A错误;以滑块 a、b 及轻杆为研究对象,系统的机械能守恒,当 a 刚落地时,b 的速度为零,则 mgh=+0,即 va=,选项 B正确;a、b 的先后受力分析如图甲、乙所示。【本资料精心搜集整理而来，欢迎广大同仁惠存！】5/8 由 a的受力情况可知,a 下落过程中,

8、其加速度大小先小于g 后大于 g,选项 C错误;当 a 落地前 b 的加速度为零(即轻杆对 b 的作用力为零)时,b 的机械能最大,a 的机械能最小,这时 b 受重力、支持力,且=mg,由牛顿第三定律可知,b 对地面的压力大小为mg,选项 D正确。7、.(多选)(动量定理的理解及应用)(20 xx 贵州县月考)对下列物理现象的解释,正确的是()A.击钉时,不用橡皮锤仅仅是因为橡皮锤太轻B.跳远时,在沙坑里填沙,是为了减小冲量C.易碎品运输时,要用柔软材料包装,船舷常常悬挂旧轮胎,都是为了延长作用时间,减小作用力D.在车内推车推不动,是因为合外力冲量为零答案 CD解析击钉时,不用橡皮锤是因为橡皮

9、锤与钉子的作用时间长;跳远时,在沙坑里填沙,是为了延长人与地的接触时间,所以 A、B 不正确;据动量定理 Ft=p知,当 p相同时,t 越长,作用力越小,故 C正确;车能否移动或运动状态能否改变取决于外力的作用,与内部作用力无关,所以 D正确。8、(静电场中的图象)(20 xx 安徽黄山期中)某静电场中有一条电场线与 x 轴重合,纵轴表示该条电场线上对应各点的电势随x 的变化规律,如图所示。x 轴上坐标为 x1=-x0 点的电势和电场强度大小分别为 1 和 E1,坐标 x2=x0 点的电势和电场强度大小分别为2 和E2,下列有关判断正确的是()A.12,E1E2B.1E2C.12,E1E2D.

10、12,E1E2答案 B解析电势是标量,由题图直接读出电势的高低。由电势的变化特点(图象的斜率表示电场强度的大小及方向)可以判断电场强度的大小。由题意可知电场线方向沿x 负方向,沿着电场线方向电势降低,故有 1E2,B正确,D 错。9、(含电容器电路的分析)如图所示,一正方体导线框各边电阻均为R,MN、PQ两边均接有电容为C的电容器。开关闭合后,若电流表的示数为 I,则每个电容器所带的电荷量为()A.IRC B.IRC C.IRC D.IRC答案 C【本资料精心搜集整理而来，欢迎广大同仁惠存！】6/8 解析由于电容器中无电流通过,去掉两电容器,则电路可简化为如图所示。由对称性可知,每个主支路的电

11、流为,分支路的电流为,电容器两端电压为IR,由 C=可知,每个电容器所带的电荷量Q=CU=IRC,选项C正确。10、(多选)(带电粒子在叠加场中的运动)(20 xx 河南郑州质检)如图所示为一个质量为m、电荷量为+q的圆环,可在水平放置的足够长的粗糙细杆上滑动,细杆处于磁感应强度为B的匀强磁场中,不计空气阻力,现给圆环向右的初速度v0,在以后的运动过程中,圆环运动的速度图象可能是下图中的()答案 AD解析带电圆环在磁场中受到向上的洛伦兹力,当重力与洛伦兹力相等时,圆环将做匀速直线运动,A 正确;当洛伦兹力大于重力时,圆环受到摩擦力的作用,并且随着速度的减小而减小,圆环将做加速度减小的减速运动,

12、最后做匀速直线运动,D 正确;如果重力大于洛伦兹力,圆环也受摩擦力作用,且摩擦力越来越大,圆环将做加速度增大的减速运动,故 B、C错误。11、(法拉第电磁感应定律的应用)(20 xx 山东德州期末)如图所示,长为 l 的金属导线弯成一圆环,导线的两端接在电容为C的平行板电容器上,P、Q为电容器的两个极板,磁场方向垂直于环面向里,磁感应强度以 B=B0+Kt(K0)随时间变化。t=0 时,P、Q两极板电势相等,两极板间的距离远小于环的半径。经时间t,电容器的 P极板()A.不带电B.所带电荷量与 t 成正比C.带正电,电荷量是D.带负电,电荷量是答案 D【本资料精心搜集整理而来，欢迎广大同仁惠存

13、！】7/8 解析磁感应强度均匀增加,回路中产生的感应电动势的方向为逆时针方向,Q 板带正电,P 板带负电,A、C错误;E=S=K R2,l=2 R,R=,解得 E=,电容器上的电荷量Q=CE=,B错误,D 正确。12、(多选)(理想变压器的动态分析)(20 xx 河南中原名校联盟质检)下图是街头变压器通过降压给用户供电的示意图。变压器的输入电压是市区电网的电压,负载变化时输入电压不会有大的波动,可以认为电压表 V1示数不变。输出电压通过输电线输送给用户,两条输电线的总电阻用 R0表示,变阻器 R表示用户用电器的总电阻。如果变压器上的能量损失忽略不计,当用户的用电器增加时,图中各表示数的变化情况

14、是()A.电流表 A1示数变大B.电流表 A2示数变小C.电压表 V2示数变大D.电压表 V3示数变小答案 AD解析由于变压器的输入功率和输出功率相等,副线圈的电阻减小了,输出功率变大了,所以原线圈的输入功率也要变大,因为输入电压不变,所以输入电流要变大,所以电流表 A1 的示数变大,A 正确;当用电器增加时,相当于 R的值减小,副线圈的总电阻减小,所以电流要变大,即电流表 A2 的示数变大,B 错误;理想变压器的输出电压是由输入电压和匝数比决定的,由于输入电压和匝数比不变,所以副线圈的输出电压不变,所以电压表V2 的示数不变,C 错误;由于副线圈的电流变大,电阻 R0两端的电压变大,又因为电

15、压表 V2的示数不变,所以电压表 V3的示数变小,D 正确。13、.(多选)(氢原子的能级及能级跃迁)(20 xx 福建厦门模拟)氢原子能级如图所示,一群原处于 n=4能级的氢原子跃迁到n=1能级的过程中()A.能释放六种频率不同的光子B.由 n=2能级跃迁到 n=1 能级释放的光子频率最小C.释放的光子的最大能量为12.75 eV,最小能量为 0.66 eV D.由 n=4能级跃迁到 n=1 能级释放的光子波长最长答案 AC解析由题意,是因为一群原来处于n=4 能级的氢原子跃迁到n=1能级的过程,根据=6知,辐射的光子频率为6 种,选项 A正确;由能级差公式 Em-En=h 得,能级差越大,辐射光子的频率越大,因而由 n=4能级跃迁到 n=3能级释放的光子频率最小,选项 B错误;由 n=4向 n=1能级跃迁时辐射的光子能量最大,数值为 13.6 eV-0.85 eV=12.75 eV,【本资料精心搜集整理而来，欢迎广大同仁惠存！】8/8 由 n=4向 n=3能级跃迁辐射的光子能量最小,数值为-0.85 eV+1.51 eV=0.66 eV,选项 C正确;根据能级差公式Em-En=h 得,能级差越大,辐射光子的频率越大,知从 n=4直接跃迁到 n=1 时能级差最大,辐射光子频率最大,光子波长最小,选项 D错误。