【高考复习】2020版高考物理全程复习课后练习10实验：验证牛顿第二定律(含答案解析).pdf

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1、2020版高考物理全程复习课后练习10 实验：验证牛顿第二定律1.在“验证牛顿第二定律”的实验中，采用如图所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，砂和砂桶的质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带计算出(1)实验中，为了使细线对小车的拉力大小等于小车所受的合外力，先调节长木板一端滑轮的高度，使细线与长木板平行接下来还需要进行的一项操作是_A将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电改变砂桶中砂子的多少，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动B将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计

2、时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动C将长木板的一端垫起适当的高度，撤去纸带以及砂和砂桶，轻推小车，观察判断小车是否做匀速运动(2)实验中要进行质量m和 M的选取，以下最合理的一组是_AM=200 g，m=10 g、15 g、20 g、25 g、30 g、35 g、40 gBM=200 g，m=20 g、40 g、60 g、80 g、100 g、120 gCM=400 g，m=10 g、15 g、20 g、25 g、30 g、35 g、40 gDM=400 g，m=20 g、40 g、60 g、80 g、100 g、120 g(3)已知打点计时器使用的交流电频率为50 Hz，

3、每相邻两个计数点间还有4 个点未画出，利用图给数据可求出小车运动的加速度a=_ m/s2.(结果保留三位有效数字)2.某实验小组设计如图甲所示实验装置“探究加速度与力的关系”已知小车的质量M，砝码盘的质量 m0，打点计时器使用的交流电频率f=50 Hz.(1)探究方案的实验步骤A按图甲安装好实验装置；B调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车能沿长木板向下做匀速运动；C取下细绳和砝码盘，记录砝码盘中砝码的质量m；D将小车紧靠打点计时器，接通电源后放开小车，得到一条点迹清晰的纸带，由纸带求得小车的加速度a；E重新挂上细绳和砝码盘，改变砝码盘中砝码的质量m，重复多次步骤BD，得到多组m、a.(2)记录

4、数据及数据分析实验中打出的其中一条纸带如图乙所示，由该纸带可求得小车的加速度a=_ m/s2.实验小组认为小车受到的合外力F=mg，根据记录数据和纸带，将计算得到的合外力和加速度填入设计的表中(表略)建立 aF坐标系，利用中得到的表中数据描点得到如图丙所示的图线根据图线，“小车加速度a 与外力 F 成正比”的结论是 _(选填“成立”或“不成立”)的；已知图线延长线与横轴的交点A的坐标是(0.08 N,0)，由此可知，砝码盘的质量m0=_ kg.(已知数据测量是准确的，重力加速度g 取 10 m/s2)(3)方案评估：若认为小车受到的合外力等于砝码盘和砝码的总重力，即F=(m0m)g，实验中随着

5、 F 的增大，不再满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量要求，实验图应为_(填正确答案标号)3.(1)某位同学用图1 所示实验装置做验证牛顿第二定律实验，实验前必须进行的操作步骤是_(2)正确操作后通过测量，作出aF 图线，如图2 中的实线所示，则图线上部弯曲的原因是_.(3)打点计时器使用的交流电频率f=50 Hz，如图 3 是某同学在正确操作下获得的一条纸带，其中 A、B、C、D、E每相邻两点之间还有4 个点没有标出，写出用s1、s2、s3、s4以及 f来表示小车加速度的计算式：a=_；根据纸带所提供的数据，计算可得小车的加速度大小为_m/s2(结果保留两位有效数字)4.某组同学计划用如

6、图甲所示的实验装置，探究加速度a 与合外力F 及小车质量M之间的关系(1)为了平衡小车在运动过程中受到的阻力，必须使木板倾斜恰当的角度，若小车和木板之间的动摩擦因数为，则 tan _(选填“”、“”或“=”)(2)实验得到如图乙所示的纸带O点为小车运动起始时刻所打的点，选取时间间隔为0.1 s 的相邻计数点记为A、B、C、D、E、F、G，小车的加速度大小为_ m/s2(结果保留两位有效数字)(3)在处理实验数据时，用m表示砝码和托盘的总质量，用M表示小车的质量，用g 表示当地的重力加速度若用m、M和 g 表示小车的加速度，则测量值为_，理论值为_5.如图所示是某同学探究加速度与力的关系的实验装

7、置他在气垫导轨上安装了一个光电门B，滑块上固定一遮光条，滑块用细线绕过气垫导轨左端的定滑轮与力传感器相连，传感器下方悬挂钩码，每次滑块都从A处由静止释放已知遮光条的宽度d=2.25 mm.(1)下列不必要的一项实验要求是_(请填写选项前对应的字母)A应使 A位置与光电门间的距离适当大些B应将气垫导轨调节水平C应使细线与气垫导轨平行D应使滑块质量远大于钩码和力传感器的总质量(2)实验时，将滑块从A位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门B的时间t，若要得到滑块的加速度，还需要测量的物理量是_(写出物理量名称及表示符号)(3)改变钩码质量，测出对应的力传感器的示数F和遮光条通过光电门的时间

8、t，通过描点作出线性图象，研究滑块的加速度与力的关系，处理数据时应作出_图象6.研究性学习小组的同学欲探究小车质量不变时其加速度与力的关系，该小组在实验室设计了一套如图甲所示的装置，图中A为小车，B为打点计时器，C为力传感器(测绳子的拉力)，P为小桶(内有砂子)，M是一端带有定滑轮的水平放置的足够长的木板不计绳子与滑轮间的摩擦图甲图乙(1)要顺利完成该实验，除图中实验仪器和低压交流电源(含导线)外，还需要的实验仪器是_(填“刻度尺”、“天平”或“秒表”)(2)平衡摩擦力后再按上述方案做实验，是否要求小桶和砂子的总质量远小于小车的质量？_(填“是”或“否”)(3)已知交流电源的频率为50 Hz，

9、某次实验得到的纸带如图乙所示，图中相邻两计数点之间还有 4 个点未画出，由该纸带可求得小车的加速度a=_m/s2.(结果保留2 位有效数字)7.为了探究质量一定时加速度与力的关系，一同学设计了如图甲所示的实验装置其中带滑轮的小车的质量为M，砂和砂桶的质量为m.(滑轮质量不计)(1)实验时，一定要进行的操作是_A用天平测出砂和砂桶的质量B将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力C小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数D改变砂和砂桶的质量，打出几条纸带E为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M(2)该同学在实验中得到如图乙所示的一条纸

10、带(两相邻计数点间还有四个点)，测得：x1=1.40 cm，x2=1.90 cm，x3=2.38 cm，x4=2.88 cm，x5=3.39 cm，x6=3.87 cm.那么打下 3 点时小车的瞬时速度的大小是_ m/s，小车加速度的大小是_ m/s2.已知打点计时器采用的是频率为50 Hz 的交流电(结果保留两位有效数字)(3)以弹簧测力计的示数F 为横坐标，加速度a 为纵坐标，作出的aF 图象是一条直线，如图丙所示，图线与横轴的夹角为，求得图线的斜率为k，则小车的质量为_A2tan B.Ck D.1tan 2k8.在探究物体的加速度与物体所受外力、物体质量间的关系时，采用如图所示的实验装置

11、小车及车中砝码的总质量用M表示，盘及盘中砝码的总质量用m表示(1)当 M与 m的大小关系满足_时，才可以认为绳子对小车的拉力大小等于盘和砝码的总重力(2)某一组同学先保持盘及盘中砝码的总质量m一定来做实验，其具体操作步骤如下，以下做法正确的是()A平衡摩擦力时，应将盘及盘中砝码用细绳通过定滑轮系在小车上B每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力C实验时，先放开小车，再接通打点计时器的电源D用天平测出m以及小车和车中砝码的总质量M，小车运动的加速度可直接用公式a=mgM求出(3)另两组同学保持小车及车中砝码的总质量M一定，探究加速度a与所受外力F 的关系，由于他们操作不当，这两组同学得到的aF

12、关系图象分别如图甲和图乙所示，其原因分别是：图甲：_；图乙：_.9.在“探究加速度与质量的关系”的实验中(1)备有器材：A.带有定滑轮的长木板；B.电磁打点计时器、低压交流电源、纸带；C.细绳、小车、砝码；D.装有细砂的砂桶；E.垫片；F.毫米刻度尺还缺少的一件器材是_(2)实验得到如图(a)所示的一条纸带，相邻两计数点的时间间隔为T；B、C间距 s2和 D、E间距 s4已测出，利用这两段间距计算小车加速度a 的表达式为a=_.(3)同学甲根据实验数据画出如图(b)所示 a图线，1m从图线可得砂和砂桶的总质量为_kg.(g取 10 m/s2)(4)同学乙根据实验数据画出了图(c)所示图线，从图

13、线可知同学乙操作过程中可能_10.某实验小组利用如图甲所示的气垫导轨实验装置来探究合力一定时物体的加速度与质量之间的关系(1)做实验时，将滑块从图甲所示位置由静止释放，由数字计时器(图中未画出)可读出遮光条通过光电门1、2的时间分别为t1、t2；用刻度尺测得两个光电门中心之间的距离 x，用游标卡尺测得遮光条宽度d.则滑块经过光电门1 时的速度表达式v1=_；滑块加速度的表达式a=_(以上表达式均用已知字母表示)如图乙所示，若用20分度的游标卡尺测量遮光条的宽度，其读数为_ mm.(2)为了保持滑块所受的合力不变，可改变滑块质量M和气垫导轨右端高度h(见图甲)关于“改变滑块质量M和气垫导轨右端的

14、高度h”的正确操作方法是_(填选项字母)AM增大时，h 增大，以保持二者乘积增大BM增大时，h 减小，以保持二者乘积不变CM减小时，h 增大，以保持二者乘积不变DM减小时，h 减小，以保持二者乘积减小答案解析1.答案为：(1)B；(2)C；(3)1.58；解析：(1)为了使细线对小车的拉力大小等于小车所受的合外力，先调节长木板一端滑轮的高度，使细线与长木板平行接下来还需要进行的一项操作是将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动，即平衡摩擦力，B正确(2)当 m远远小于 M时，即当砂和砂桶总质量

15、远远小于小车和砝码的总质量，细线的拉力大小近似等于砂和砂桶的总重力因此最合理的一组是C.(3)相邻的两个计数点之间还有四个点未画出，两相邻的计数点时间间隔为T=0.1 s，利用匀变速直线运动的推论x=aT2，得 xDE xAB=3a1T2、xEF xBC=3a2T2，xCDxOA=3a3T2，则加速度应为a=a1a2a330.107 1 0.091 0 0.075 70.059 5 0.044 0 0.028 09 0.01m/s2=1.58 m/s2.2.答案为：(2)0.88不成立0.008；(3)A；解析：(2)根据 x=aT2，运用逐差法得a=m/s2=0.88 7.75 8.64 6

16、.00 6.87 1024 0.01m/s2；由题图丙可知，图象是不过原点的倾斜直线，a与F 不成正比；由图象可知，当F=0时，小车有加速度，这说明在计算小车所受的合外力时未计入砝码盘的重力，由图线延长线与横轴的交点可求出的物理量是砝码盘的重力大小，砝码盘的重力大小为0.08 N，则砝码盘的质量m0=0.008 kg；(3)当小车匀速下滑时有：Mgsin=f(mm0)g，当取下细绳和砝码盘后，由于重力沿斜面向下的分力Mgsin 和摩擦力f 不变，因此其合外力为(m m0)g，由此可知该实验中不需要砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量，故aF 图线是过原点的倾斜直线，A正确3.答案为：(1)平衡

17、摩擦力；(2)没有满足小车质量远大于砂和砂桶的总质量；(3)f20.60；s3s4s1 s2100解析：(1)小车质量M一定时，其加速度a 与合力 F 成正比，而小车与木板之间若存在摩擦力，就不能用绳子的拉力代替合力，所以在做实验前必须要先平衡摩擦力(2)随着合力F 的增大，砂和砂桶的总质量越来越大，最后出现了不满足砂和砂桶的总质量远小于小车质量的情况，因此a F 图线出现了上部弯曲的现象(3)由题意可知，两计数点之间的时间间隔为T=5=0.1 s，1f由逐差法可得a=f2，s3s4s1s24T2s3s4s1s2100代入数据解得a=0.60 m/s2.4.答案为：(1)=；(2)0.99；(

18、3)；mgMmgm M解析：(1)当平衡摩擦力后，由力的平衡条件可知mgsin=mgcos，则=tan.(2)对打出的纸带由A到 G的过程中，xDGxAD=9aT2，T=0.1 s，代入数据解得a=0.99 m/s2.(3)在探究加速度与合外力及小车质量的关系时，小车加速度的测量值为a=，mgM而其实际值应为a=.mgM m5.答案为：(1)D；(2)A 位置到光电门的距离L；(3)F；1t2解析：(1)应使 A位置与光电门间的距离适当大些，有利于减小误差，故A是必要的；应将气垫导轨调节水平，使拉力等于合力，故B是必要的；要保持细线方向与气垫导轨平行，故C是必要的；拉力是直接通过力传感器测量的

19、，故与滑块质量和钩码质量大小关系无关，故D是不必要的；(2)根据匀变速直线运动的位移速度公式得v2=2aL，又因为v=，解得 a=，故要测加dtd22Lt2速度还需要测出A位置到光电门的距离L；(3)根据牛顿第二定律得：a=，解得：F=，所以处理数据时应作出F的图象FMMd22L1t21t26.答案为：(1)刻度尺；(2)否；(3)0.90；解析：(2)因为力传感器可测得小车受到的拉力，故不需要再保证实验中小桶和砂子的总质量远小于小车的质量的条件；(3)根据逐差法可求得结果7.答案为：(1)BCD；(2)0.26 0.50；(3)D解析：(1)本实验中拉力可以由弹簧测力计测出，不需要用天平测出

20、砂和砂桶的质量，也就不需要使砂和砂桶的质量远小于小车的质量，A、E错误；弹簧测力计测出拉力，从而得到小车受到的合外力，故需要将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力，B正确；打点计时器使用时，先接通电源，再释放小车，该实验探究质量一定时加速度与力的关系，要记录弹簧测力计的示数，C正确；改变砂和砂桶质量，即改变拉力的大小，打出几条纸带，研究加速度随力的变化关系，D正确(2)两相邻计数点间还有四个点，则相邻两计数点间的时间间隔T=0.025 s=0.1 s；打下 3 点时小车的瞬时速度的大小v=m/s0.26 m/s；x3x42T2.38 2.88 1022 0.1由匀变速直线运动的推论可知，小车加

21、速度的大小a=，x4 x5x6x1x2x39T2代入数据可解得a=0.50 m/s2.(3)以弹簧测力计的示数F 为横坐标，加速度a 为纵坐标，故 k=，由牛顿第二定律F合=Ma得，小车的质量为M=，故选 D.aFF合a2Fa2k8.答案为：(1)m?M；(2)B；(3)不满足 m?M 没有平衡摩擦力或平衡摩擦力时倾角过小；解析：(1)在实验中，整体的加速度a=，只有当m?M时，小车所受的拉力才可以认为等于盘mgm M和砝码的总重力(2)平衡摩擦力时，应将绳从小车上拿去，轻轻推动小车，使小车沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动，故A错误；每次改变小车的质量时，小车的重力沿

22、斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力，故B正确；实验时，若先放开小车，再接通打点计时器电源，由于小车运动较快，可能会使打出来的点很少，不利于数据的采集和处理，故C错误；用天平测出m以及 M，直接用公式a=求出，这是在直接mgM运用牛顿第二定律进行计算，我们应利用打点计时器打出来的纸带计算加速度，故D错误(3)图甲中 aF 图象发生弯曲，这是由于没有保证小车及车中砝码的总质量远大于盘及盘中砝码的总质量造成的图乙中直线没过原点，当F0 时，a=0，也就是说当绳子上有拉力时小车的加速度还为0，说明该组同学实验操作中遗漏了平衡摩擦力或平衡摩擦力时倾角过小9.答案为：(1)天平；2)；s4s2

23、2T2(3)0.020(0.0180.022 均正确)；(4)未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足解析：(1)本题需要用天平测量小车的质量，所以还缺少的器材是天平(2)根据逐差法得s4 s2=2aT2，解得 a=.s4s22T2(3)根据牛顿第二定律可知，a=，则 F 即为 a 图象的斜率，Fm1m所以砂和砂桶的总重力m g=F=N=0.20 N，解得 m=0.020 kg.2.412(4)由题图(c)可知，图线不通过坐标原点，当 F 为某一大于零的值时，加速度为零，可知未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足10.答案为：(1)8.15；dt1(dt2)2(dt1)22x(2)BC解析：(1)滑块经过光电门1时的速度表达式v1=，dt1经过光电门2 时的速度v2=，a=，dt2v2v2 12x(dt2)2(dt1)22x游标卡尺的读数由主尺和游标尺两部分组成，读数为8.15 mm.(2)气垫导轨上滑块沿导轨下滑，重力沿导轨方向的分力Mgsin 等于合力，而 Mgsin=，为了保持滑块所受的合力不变，可改变滑块质量M和气垫导轨右端高度MghLh，M增大时，h 减小，以保持二者乘积不变；M减小时，h 增大，以保持二者乘积不变选项 B、C正确