2023届山东省泰安市高三一模物理含答案.pdf

《2023届山东省泰安市高三一模物理含答案.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023届山东省泰安市高三一模物理含答案.pdf（14页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、扫描全能王 创建扫描全能王 创建扫描全能王 创建扫描全能王 创建扫描全能王 创建扫描全能王 创建扫描全能王 创建扫描全能王 创建高三物理试题参考答案 第页（共6页）2023.03高 三 一 轮 检 测物理试题参考答案及评分标准一、选择题：本题共40分。在每小题给出的四个选项中，第18题只有一项符合题目要求，第912题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。三、非选择题：共60分。13.（1）7.384（7.382、7.383、7.385、7.386也可）（1分）（2）12（dt）2=gh（2分）（3）12m(dt1)2-12m(dt2)2（2分）增大（1分）（

2、共计6分）14.（1）R1（2）95815k（3）5（4）156060（实物图连接2分，其它每空1分，共计8分）15.解：（1）如图所示，光线从AB界面的P点进入玻璃棱镜，根据几何关系，可得入射角1=90-30=60折射角2=30，且PO恰好为法线根据n=sin1sin2得折射率n=3sinC=1n解得sinC=33题号答案1B2D3D4A5D6B7C8B9BD10ACD11AC12BC1高三物理试题参考答案 第页（共6页）（2）如图所示，当光线转至水平方向入射，入射角大小仍为3=60，由折射定律同理可知，折射角4=30，折射光线交OD边于F点，由题已知A=30，PC AO，得在OD边界上的入

3、射角为5=60，由于发生全反射的临界角为C，比较sinC=13 sin5=32即C 5可知在OD界面发生全反射，已知CO=34R，由几何关系得在三角形OFQ中，由余弦定理得OQ2=OF2+FQ2-2OFFQcos150OQ=R,OF=OP=32R解得FQ=(13-3)4Rv=cnPF=2OFcos30t=PF+FQv解得t=(33+39)R4c评分参考：本题7分，每式1分。16.解：（1）物块在传送带上先做匀加速运动，由牛顿第二定律得mg sin30+1mgcos30=ma1解得a1=10m/s2物块滑上传送带到速度与传送带相同所需的时间为t1v=v0+a1t1解得t1=0.4s此过程物块的位

4、移大小为x1x1=v+v02t1解得x1=2.4m 11.4m，又mg sin30=1mgcos30此后物块随皮带匀速运动LAB-x1=vt2t2=1.125st=t1+t2解得t=1.525s（2）物块滑上木板后，木块的加速度为a2，木板的加速度为a3，木板与木块一块减速时的共同加速度为a4，根据牛顿第二定律得2mg=ma22高三物理试题参考答案 第页（共6页）2mg-3()m+M g=Ma33()m+M g=()m+M a4解得a2=3m/s2，a3=5m/s2，a4=1m/s2木块与木板经时间t3达到共同速度v1v-a2t3=a3t3v1=a3t3解得t3=1s，v1=5m/s此过程物块

5、位移为x2=vt3-12at23解得x2=6.5m二者共同减速的位移为x3v21=2a4x3x3=12.5mx=x2+x3x=19m评分参考：本题9分，每式1分，其余各式每式0.5分。17.解：（1）粒子在电场中沿x轴正方向的分运动是匀速直线运动，沿z轴正方向的分运动是匀变速直线运动，沿z轴方向根据匀变速直线运动的规律可得v0sin=at1根据牛顿第二定律可得qE=ma沿z轴正方向OQ=12at21联立可得t1=2 10-3sv0=4 102m/s（2）由几何关系得，MQ=r+rcosr=0.05msmin=(3 r2)2smin=5.9 10-3m2（3）洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律

6、得qv0cosB=m(v0cos)2r解得B=235T3高三物理试题参考答案 第页（共6页）T=2rv0cost2=120360Tt3=2rsinv0cost2=3.0 10-4st3=2.5 10-4st=t1+t2+t3解得t=2.55 10-3s评分参考：本题共14分，式2分，每式1分。18.解：（1）由乙图知2t0后v=2v0，B、C发生弹性碰撞由动量守恒：m 2v0=mvB+mvC由机械能守恒：12m(2v0)2=12mvB2+12mvC2vB=0,vC=2v0因C未离开轨道，设运动的高度最大为h对C由机械能守恒：12m(2v0)2=mghR h=2v02g（2）C返回水平轨道时由机

7、械能守恒vC=2v0C与B再次发生弹性碰撞m 2v0=mvB+mvC12m(2v0)2=12mvB2+12mvC2vC=0，vB=2v0A与B第一次碰撞到共速时，由动量守恒;mA 3v0=(mA+m)v0mA=m2B与A第二次碰撞过程，由动量守恒：m 2v0+m2 v0=m vB+m2 vA由机械能守恒：12m(2v0)2+12m2v02=12mvB2+12m2vA2vA=73v04高三物理试题参考答案 第页（共6页）（3）A与B第一次碰撞到共速时，由机械能守恒：12k x12=12m2()3v02-1232mv02=32mv02A与B第一次碰撞到共速时，由动量守恒：m 2v0+m2v0=32

8、mv共v共=53v0由机械能守恒：12k x22=12m2(v0)2+12m(2v0)2-1232m(53v0)2=16mv02由以上公式得x1x2=31两次加速度最大对应弹簧弹力最大由F合=k x=mAa，a1ma2m=kx1kx2=31（4）解法一：A与B压缩弹簧过程aA=2aB,同一时刻A、B的瞬时速度关系为：vA=3v0-a AtvB=a Bt由位移等于速度对时间的积累得：xA=vAt(累积),xB=vBt(累积)在0-t0时间内xA=3v0t0-xA积,xB=xB积=0.6v0t0由此得：xA积=2xB积，xA=1.8v0t0 x1=xA-xB=1.2v0t0 x1x2=31第二次碰撞过程中，弹簧压缩量的最大值x2=0.4v0t0解法二：A压缩弹簧过程中，由动量守恒定律，得任意时刻mA3v0=mAvA+mBvB1分取极短时间t，mA3v0t=mAvAt+mBvBt1分0 t0mA3v0t=mAxA+mBxB1分5高三物理试题参考答案 第页（共6页）x1=xA-xB=1.2v0t0 x1x2=31第二次碰撞过程中，弹簧压缩量的最大值x2=0.4v0t01分评分参考：共16分，每式0.5分，每式1分。6