2023年广州市普通高中毕业班综合测试(一)高三物理含答案.pdf

《2023年广州市普通高中毕业班综合测试(一)高三物理含答案.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023年广州市普通高中毕业班综合测试(一)高三物理含答案.pdf（17页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、 第 1页/共 14页2023 年广州市普通高中毕业班综合测试（一）物理年广州市普通高中毕业班综合测试（一）物理本试卷共本试卷共 6 页，页，15 小题，满分小题，满分 100 分。考试用时分。考试用时 75 分钟一、单项选择题：本题共分钟一、单项选择题：本题共 7 小题，每小题小题，每小题 4 分，共分，共 28 分在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。分在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。1.为空间站补给物质时，我国新一代货运飞船“天舟五号”实现了 2 小时与“天宫空间站”快速对接，对接后的“结合体”仍在原空间站轨道运行。对接前“天宫空间站”与“天舟五号”的轨道如图所

2、示，则（）A.“天宫空间站”对地球的引力小于地球对“天宫空间站”的引力B.“天宫空间站”的向心加速度小于“天舟五号”的向心加速度C.“结合体”受到地球的引力比“天宫空间站”受到地球的引力小D.“结合体”受到地球的引力等于“天宫空间站”受到地球的引力【答案】B【解析】【详解】A“天宫空间站”对地球的引力与地球对“天宫空间站”的引力是一对相互作用力，大小相等，方向相反，因此“天宫空间站”对地球的引力等于地球对“天宫空间站”的引力，A 错误；B根据2MmGmar解得2MaGr可知，轨道半径越小，向心加速度越大，即“天宫空间站”的向心加速度小于“天舟五号”的向心加速度，B 正确；CD根据第 2页/共

3、14页2MmFGr可知，轨道半径相同，结合体的质量大于对接前空间站的质量，则“结合体”受到地球的引力比“天宫空间站”受到地球的引力大，CD 错误；故选 B。2.如图，两平行直导线 cd 和 ef 竖直放置，通以方向相反、大小相等的恒定电流，a、b、p 三个相同的闭合金属圆环位于两导线所在的平面内，a 在导线 cd 的左侧，b 在导线 ef 的右侧，p 在导线 cd 与 ef 之间，则（）A.穿过 p 的磁通量为零B.a、b 圆心处的磁场方向相反C.cd、ef 所受到的安培力方向相反D.a 向左平动时产生逆时针方向的感应电流【答案】C【解析】【详解】A由题意，根据安培定则，可判断知通电直导线 c

4、d 和 ef 在 p 圆环处产生的磁场方向均垂直纸面向外，所以穿过 p 的磁通量不为零，故 A 错误；B由于距离通电导线越近，产生的磁场越强，距离导线越远，产生的磁场越弱，根据安培定则，结合对称性，可判断知通电直导线 cd 和 ef 在 a、b 圆心处产生磁场的合磁场方向相同，均垂直纸面向里，故 B 错误；C根据两通电直导线之间的相互作用规律：“同向相吸，异向相斥”，可知 cd 所受到的安培力向左，ef所受到的安培力向右，故 C 正确；D由选项 B 分析可知，a 处的磁场方向垂直纸面向里，若 a 圆环向左平动时，穿过 a 圆环垂直纸面向里的磁通量将减小，根据“楞次定律”可知，感应电流产生的磁场

5、方向也垂直纸面向里，由安培定则可判断知在 a 内产生感应电流的方向为顺时针方向，故 D 错误。故选 C。3.如图，放映电影时，强光照在胶片上，一方面，将胶片上的“影”投到屏幕上；另一方面，通过声道后的光照在光电管上，随即产生光电流，喇叭发出与画面同步的声音。电影实现声音与影像同步，主要应用了光电效应的下列哪一条规律（）第 3页/共 14页A.光电效应的发生时间极短，光停止照射，光电效应立即停止B.入射光的频率必须大于金属的极限频率，光电效应才能发生C.光电子的最大初动能与入射光的强度无关，只随着入射光的频率增大而增大D.当入射光的频率大于极限频率时，光电流的强度随入射光的强度增大而增大【答案】

6、A【解析】【详解】电影实现声音与影像同步，主要应用了光电效应中的规律是：光电效应的发生时间极短，光停止照射，光电效应立即停止，依据该原理实现声音与影像同步。故选 A。4.某小组用如图 a 所示的风速仪研究交流电，风杯在风力作用下带动与其连在一起的永磁铁转动；某一风速时，线圈中产生的交变电流如图 b 所示，已知风杯转速与风速成正比，则（）A.该交变电流的周期为0tB.该交变电流的峰值为m2IC.风速增大，产生的交变电流周期增大D.风速增大，产生的交变电流峰值增大【答案】D【解析】【详解】A从图像可以看出该交变电流的周期为02t，A 错误；B结合图像可知该交变电流的峰值为mI，B 错误；C已知风杯

7、转速与风速成正比，风速增大，风杯转速就越大，由第 4页/共 14页11Tfn知产生的交变电流周期减小，C 错误；D已知风杯转速与风速成正比，风速增大，风杯转速就越大，由mm2ENBSNBS nIRRR可知产生的交变电流峰值增大，D 正确。故选 D。5.点电荷 Q 产生的电场中，电子仅在电场力作用下，从 M 点到 N 点做加速度减小的减速直线运动，则（）A.点电荷 Q 为正电荷B.点电荷 Q 为负电荷C.M 点场强比 N 点的小D.M 点电势比 N 点的低【答案】A【解析】【详解】AB 电子仅在电场力作用下，从 M 点到 N 点做加速度减小的减速直线运动，电子在远离点电荷 Q，电场力指向点电荷，

8、点电荷 Q 为正电荷，故 A 正确，B 错误；C电子从 M 点到 N 点加速度减小，根据牛顿第二定律Fma可知电场力减小，根据电场强度定义式FEq可知电场强度减小，M 点场强比 N 点的大，故 C 错误；D点电荷带正电，电场线方向由 M 点指向 N 点，M 点电势比 N 点的高，故 D 错误。故选 A。6.传统岭南祠堂式建筑陈家祠保留了瓦片屋顶，屋顶结构可简化为如图，弧形瓦片静止在两根相互平行的倾斜椽子正中间。已知椽子与水平面夹角均为，瓦片质量为 m，重力加速度为 g，则椽子对瓦片（）A.支持力的合力方向竖直向上第 5页/共 14页B.作用力的合力方向竖直向上C.支持力的合力大小为 mgD.作

9、用力的合力大小为cosmg【答案】B【解析】【详解】AB对瓦片进行受力分析，受到椽子对其的支持力方向垂直接触面斜向上；根据平衡条件可得椽子对瓦片的作用力的合力与瓦片的重力为一对平衡力，即椽子对瓦片的作用力的合力方向竖直向上，A 错误，B 正确；C根据前面分析椽子对瓦片支持力的合力大小为NcosFmgC 错误；D椽子对瓦片作用力的合力大小为FmgD 错误。故选 B。7.如图，篮球运动员站在广场上的某一喷泉水柱旁边，虚线“1”“2”“3”所在水平面分别是地面、运动员的头顶、该水柱最高点所在的水平面。根据图中信息和生活经验，可以估算出该水柱从地面喷出时的速度约为（）A.2m/sB.6m/sC.12m

10、/sD.20m/s【答案】C【解析】【详解】篮球运动员身高约为 1.8m，由图可知水柱的高度约为人身高的 4 倍，即 7.2m，则2002vgh 解得012m/sv 故选 C。第 6页/共 14页二、多项选择题：本题共二、多项选择题：本题共 3 小题，每小题小题，每小题 6 分，共分，共 18 分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得 6 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 3 分，有选错的得分，有选错的得 0 分。分。8.如图，足球场上，某运动员进行“边路突破”训练，沿边线将足球向前踢出，为控制足球，又向前

11、追赶足球，下列vt和st图像能大致反映此过程的是（）A.B.C.D.【答案】AC【解析】【详解】AB运动员将足球向前踢出，由于地面有阻力作用，足球做匀减速运动，运动员向前追赶做加速运动，故 A 正确，B 错误；CDst图像的斜率表示速度，足球做减速运动，运动员做加速运动，且踢球时两者在同一位置，故 C 正确，D 错误。故选 AC。9.如图，质子以一定初速度从 a 点沿 ac 方向进入立方体区域abcda b c d ，由c点飞出，该立方体区域可能仅存在（）A.沿 ab 方向的匀强电场B.沿aa方向的匀强电场C.沿bb方向的匀强磁场第 7页/共 14页D.沿 bd 方向的匀强磁场【答案】BD【解

12、析】【详解】A若立方体区域仅存在沿 ab 方向的匀强电场，质子受到的电场力沿 ab 方向，会在水平面内做曲线运动，无法到达c，A 错误；B 若立方体区域仅存在沿aa方向的匀强电场，质子受到的电场力沿aa方向，会在竖直面内做曲线运动，有可能到达c，B 正确；C 若立方体区域仅存在沿bb方向的匀强磁场，质子受到水平方向的洛伦兹力，会在水平面内做曲线运动，不可能到达c，C 错误；D若立方体区域仅存在沿 bd 方向的匀强磁场，质子受到竖直方向的洛伦兹力，会在竖直面内做曲线运动，有可能到达c，D 正确。故选 BD。10.如图，中国古代的一种斜面引重车前轮矮小、后轮高大，在前后轮之间装上木板构成斜面，系紧

13、在后轮轴上的绳索，绕过斜面顶端的滑轮与斜面上的重物连接。设重物的重力为 G、绳索对重物的拉力为 T、斜面对重物的作用力为 F。推车子前进，重物被拉动沿木板上滑过程中（）A.F 与 T 的夹角一定大于 90B.G 和 T 的合力一定与 F 等大反向C.T 和 F 对重物做功之和等于重物动能的变化量D.T 和 F 对重物做功之和等于重物机械能的变化量【答案】AD【解析】【详解】A对重物进行受力分析如图所示根据受力分析可知，斜面对重物有支持力与摩擦力的作用，则斜面对重物的作用力为 F 为斜面对重物有支持力 N 与摩擦力 f 的合力，根据上述受力分析图，将支持力与摩擦力合成，可知，F 与 T 的夹角一

14、定大于第 8页/共 14页学科网（北京）股份有限公司90，A 正确；B当重物匀速上滑时，G 和 T 的合力与 F 等大反向，当重物不是匀速上滑时，G 和 T 的合力与 F 不等大反向，B 错误；C以重物为对象，根据动能定理有TGFkWWWE可知，T、F 和 G 对重物做功之和等于重物动能的变化量，C 错误；D根据上述有TFkGWWEW由于GpWE 则有TFkpWWEEE机可知，T 和 F 对重物做功之和等于重物机械能的变化量，D 正确。故选 AD。三三、非非选选择择题题：共共 54 分分。考考生生根根据据要要求求作作答答。11.用如图 a 所示的装置研究平抛运动，请完成相关实验内容。（1）将斜

15、轨固定在桌面上，反复调节斜轨末端成水平；（2）在末端出口处安装光电门并调节其到适当位置。将贴有坐标纸的木板紧靠在斜轨出口处竖直放置，并在坐标纸上将出口处标为 O 点，过 O 点作水平线为 x 轴、竖直线为 y 轴；（3）用螺旋测微器测量小球的直径 d，读数如图 b，则d _mm；（4）从斜轨上释放小球，用每隔1s30曝光一次的频闪照相机正对着木板照相；（5）从数字计时器读得小球通过光电门的遮光时间为36.2 10 s，则小球通过光电门时的瞬时速度为1v _m/s；（保留两位有效数字）（6）根据频闪照片中记录的信息，在图 a 的坐标纸上标出小球离开斜轨后的 5 个连续位置 A、B、C、D、第 9

16、页/共 14页E，读得 A、E 两位置的水平距离为 12.00cm，由此可求得小球做平抛运动的初速度为2v_m/s；（保留两位有效数字）（7）多次实验发现总是有12vv，导致这个结果的可能原因有_。（填选项前的字母）A小球在轨道斜面上受摩擦阻力B小球平抛运动过程受空气阻力C小球平抛运动轨迹平面与坐标纸不平行D小球经过光电门时，球心与光线不在同一高度【答案】.6.200.1.0.0.90.B【解析】【详解】（3）1 小球的直径6mm20.0 0.01mm6.200mmd（5）2小球通过光电门时的瞬时速度为3136.200 10m/s=1.0m/s6.2 10dvt（6）3相邻两点间的距离和时间间

17、隔分别为 3.00cm、1s30，所以小球做平抛运动的初速度为223.00 10 m0.90m/s1s30 xvt（7）4 A轨道斜面的作用是使小球获得一个水平初速度，小球在轨道斜面上受摩擦阻力并不影响2v的大小，故 A 不符合题意；B小球平抛运动过程受空气阻力，使得小球水平方向做减速运动，水平位移偏小，2v值偏小，故 B 符合题意；C小球平抛运动轨迹平面与坐标纸不平行，会造成小球运动过程中在坐标纸上的水平投影位移偏大，2v偏大，故 C 不符合题意；D小球经过光电门时，球心与光线不在同一高度，会造成遮挡光电门光线的距离小于小球直径，造成1v偏小，故 D 不符合题意。故选 B。12.如图（a）是

18、一种双量程电流表内部各元件的连接图。第 10页/共 14页（1）这种电流表“3A”量程的内阻_0.22（选填“大于”“小于”）；（2）某同学用多用电表的欧姆挡检测这种电流表，选择“10”挡，欧姆调零后将红、黑表笔分别接到电流表的“”“0.6A”接线柱，指针指示如图（b），示数为_，保持黑表笔不动，将红表笔从“”接线柱移到“3A”接线柱，示数几乎与图（b）相同，由此可知电流表内部阻值为0.88的电阻发生_故障（选填“断路”“短路”）；（3）由于0.88的故障电阻阻值较小，该同学设想用如图（c）的电路测得一段阻值为4.40的电阻丝，再将它分成等长的 5 段，用其中一段替代。实验时移动小金属夹 P

19、到电阻丝的某位置时，电流表和电压表的示数分别为 0.50A 和 1.30V，接下来应将 P 向_（选填“左”“右”）移动。（4）用电阻丝替代故障电阻后，若电阻丝实际接入电路的阻值略小于标准值，则会导致用该电流表“0.6A”量程测电流时的测量值_（选填“偏大”“偏小”）。【答案】.小于.140.断路.右.偏小【解析】公众号：高中试卷君【详解】（1）1电流表接“3A”的量程时，根据并联电路的总电阻小于分支电阻，由图（a）可知此时电流表的内阻为电路的总电阻，小于分支的电阻0.22；（2）2欧姆表表盘 1015 之间有 5 格，每小格代表1，据读数规则，要读到下一位，且倍率为“10”，故读数为14.0

20、 10140 3根据欧姆表电流流向“红进黑出”，由图（a）可知，140为接线柱中间两电阻10、130之和，说明此时10、130两电阻并未与0.22，0.88两电阻并联；保持黑表笔不动，将红表笔从“”接线柱移到“3A”接线柱，示数几乎与图（b）相同，说明更换接线柱后，电流表总电阻的阻值几乎未发生变化，故可推知电流表内部10、130与0.22串联，阻值为0.88的电阻发生断路，若短路则欧姆表示数应为 0；（3）4由示数1.30VU，0.50AI，可得2.64.4URI要增大电阻，接下来应将 P 向右滑。（4）5设110R，2130R，30.22R，40.88R，用电阻丝替代故障电阻后，若电阻丝实第

21、 11页/共 14页际接入电路的阻值略小于标准值，电阻丝实际接入电路的阻值为40.88R；接 0.6A 量程时，设某次测电流时，流过表头的电流为1I，则电流测量值为112134()I RRIIRR测电流的真实值为112134()I RRIIRR真由于44RR 可得II测真会导致用该电流表“0.6A”量程测电流时的测量值偏小。13.一只乒乓球在环境温度为27 C时，球内气体的压强为51.0 10 Pa、体积为 V某次乒乓球被踩瘪，但没有破，球内气体的体积变为910V。现将瘪了的乒乓球放入热水中，乒乓球恢复原形时，球内气体的温度为87 C。（1）乒乓球在热水中恢复原形前，球内气体分子平均动能如何变

22、化？（2）求球被踩瘪后和在热水中恢复原形时，对应球内气体的压强1p和2p。【答案】（1）增大；（2）511.1 10 PaP，521.2 10 PaP【解析】【详解】（1）乒乓球放入热水中，球内气体温度升高，而温度是分子平均动能的标志，故球内气体分子平均动能增大。（2）初状态501.0 10 PaP，根据波意耳定律01910PVPV解得511.1 10 PaP 球被踩瘪后1300KT，恢复原形时2360KT，根据理想气体状态方程1212910PVPVTT解得第 12页/共 14页521.2 10 PaP 14.如图是微波信号放大器的结构简图，其工作原理简化如下：均匀电子束以一定的初速度进入区（

23、输入腔）被 ab 间交变电压（微波信号）加速或减速，当0abUU时，电子被减速到速度为1v，当0abUU 时，电子被加速到速度为2v，接着电子进入区（漂移管）做匀速直线运动。某时刻速度为1v的电子进入区，t 时间（小于交变电压的周期）后速度为2v的电子进入区，恰好在漂移管末端追上速度为1v的电子，形成电子“群聚块”，接着“群聚块”进入区（输出腔），达到信号放大的作用。忽略电子间的相互作用。求：（1）电子进入区的初速度大小0v和电子的比荷em；（2）漂移管的长度 L。【答案】（1）221202vvv，222104vvemU；（2）1 221v vLtvv【解析】【详解】（1）在区，由动能定理得2

24、20101122eUmvmv220201122eUmvmv联立解得221202vvv222104vvemU（2）在区，设2v电子运动时间为t，则1()v ttL2v tL 联立解得1 221v vLtvv第 13页/共 14页15.图甲是一种智能减震装置的示意图，轻弹簧下端固定，上端与质量为 m 的减震环 a 连接，并套在固定的竖直杆上，a 与杆之间的智能涂层材料可对 a 施加大小可调节的阻力，当 a 的速度为零时涂层对其不施加作用力在某次性能测试中，质量为 0.5m 的光滑环 b 从杆顶端被静止释放，之后与 a 发生正碰；碰撞后，b 的速度大小变为碰前的倍、方向向上，a 向下运动 2d 时速

25、度减为零，此过程中 a 受到涂层的阻力大小 f与下移距离 s 之间的关系如图乙。已知 a 静止在弹簧上时，与杆顶端距离为 4.5d，弹簧压缩量为 2d，重力加速度为 g。求：（1）与 a 碰前瞬间，b 的速度大小；（2）的值；（3）在 a 第一次向下运动过程中，当 b 的动能为116mgd时 a 的动能。【答案】（1）3 gd；（2）13；（3）98mgd【解析】【详解】（1）小环 b 下落的过程为自由落体，则2112vgh解得与 a 碰前瞬间，b 的速度大小为13vgd（2）ab 发生碰撞，设向下为正方向，根据动量守恒定律可知1120.50.5mgvmg vmgv a 向下运动 2d 时速度减为零的过程中，由动能定理可知221(24)12220222GfkdkdWWWmgdmgddmv弹由题可知 a 静止在弹簧上时，弹簧压缩量为 2d，根据胡克定律可知2mgkd联立解得22vgd第 14页/共 14页13（3）当 b 的动能为116mgd时，b 的速度为32gdv 根据动量定理可知310.50.50.5mgtmvm v解得12dtg在 a 第一次向下运动过程中，取一段时间t，根据动量定理可知42()(2)22GfmgmgIIImg tmgdtddtmvmvdd 弹当12dtg时432vgd此时 a 的动能为241928mvmgd