高考物理总复习第7章恒定电流教师用书1.pdf

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1、精品教案可编辑第 7 章 恒定电流考纲要求 知识内容考试要求备考方略必考加试电源和电流bc1.本章内容在学考中常以单选题形式出现，考查突出电路的基本概念和规律、闭合电路的欧姆定律等。2.本章内容也可以实验题形式出现，实验部分以基本仪器的使用和电路实验为主。3.本章内容单独以计算题、选择题出现在选考中很少，但可以与电磁感应知识结合出现。也可能考查探究导体电阻与其影响因素(包括材料)的关系实验，要引起重视。电动势bc欧姆定律、UI图象及IU图象cc串联电路和并联电路cc焦耳定律cc导体的电阻cc闭合电路的欧姆定律cd多用电表的原理a实验：测绘小灯泡的伏安特性曲线实验：测定电池的电动势和内阻实验：练

2、习使用多用电表实验：探究导体电阻与其影响因素(包括材料)的关系第 1 课时欧姆定律焦耳定律及导体的电阻考点一电源和电流、电动势(b/c)基础过关 1电源和电流(1)电流形成的机制：自由电荷的定向移动形成电流，一是要有自由电荷，二是要有电势差。(2)恒定电流的含义：大小和方向都不变的电流称为恒定电流。(3)电流方向的确定方法：电流是标量(填“标量”或“矢量”)，电流方向跟正电荷定向移动精品教案可编辑的方向相同，外电路由电源正极流向电源负极，内电路由电源负极流向电源正极。(4)电流的定义式及单位：Iqt，其中q是时间t内通过导体横截面的电荷量，电流的单位：安培，符号：A。2电动势(1)电源的作用：

3、电源通过非静电力做功把其他形式的能转化为电能。(2)电动势的定义式和单位物理意义：反映电源将其他形式的能转化为电能本领大小的物理量。定义：电源在移动电荷过程中，非静电力对电荷做的功W与移动电荷的电荷量的比值。定义式：EWq；单位：伏特，符号：V。(3)电源内部也是由导体组成的，电源内部的电阻叫电源的内阻。【过关演练】1(2015浙江7 月学考)计算通过导线横截面电荷量的公式是qIt。若某导线中的电流为2 A，则 8 s 内通过该导线横截面的电荷量为()A0.25 C B4 CC10 C D16 C答案D2下列说法错误的是()A电源外部存在着由正极指向负极的电场，内部存在着由负极指向正极的电场B

4、在电源的外部负电荷靠静电力由电源的负极流向正极C在电源的内部正电荷靠非静电力由电源的负极流向正极D在电池中是化学能转化为电势能解析无论是电源外部还是内部，电场方向都是由正极指向负极，选项A 错误；在外电路，电荷在静电力作用下移动，在内电路，电荷在非静电力作用下移动，故选项B、C 正确；电池是把化学能转化为电势能的装置，选项D 正确。精品教案可编辑答案A要点突破 要点一电流表达式的理解1定义式：Iqt，式中I表示电流，q为时间t内通过导体横截面的有效电荷量(在产生电流的效果上来说)。该式求出的是电流的平均值。2决定式：IUR，不考虑温度的影响，导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反

5、比。【例 1】对于欧姆定律，下列说法正确的是()A从IUR可知，导体中的电流跟加在它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比B从RUI可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比C从RUI可知，导体的电阻跟导体中的电流成反比D从RUI可知，导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零解析对于欧姆定律IUR可知，导体中的电流跟加在它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比，选项A 对；导体的电阻由导体本身决定，跟导体两端的电压和通过导体的电流无关，选项 B、C、D 错。答案A要点二电动势与电压的区别和联系1电源电动势是表征电源特性的物理量，只与电源有关，与外电路的状况无关；电路中任意两点之间的电压与电源的电动势和电路参

6、数有关。2电动势的大小反映了电源把其他形式的能转化为电能的本领，即非静电力移送单位正电荷从电源负极至正极所做的功；电压的大小表示电场力在电场中两点之间移动单位正电荷做精品教案可编辑的功，是把电能转化为其他形式的能。3两者之间的联系：电路闭合时，EU内U外；电路断开时，EU外。【例 2】下列关于电源的说法，正确的是()A电源提供的电能越多，表示电动势越大B电动势就是电源两端的电压C电源的电动势与外电路有关，外电路电阻越大，电动势就越大D电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大解析电源提供的电能可用WEIt表示，除与电动势有关之外，还与输出的电流、通电时间有关，故A 错误；只有当外电路

7、断路时，电动势才等于电源两端的电压，故B 错；电源的电动势由电源自身的性质决定，与有无外电路无关，故选项C 错误；电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领的物理量，故选项D 正确。答案D精练题组 1下列关于电流的说法中不正确的是()A我们把大小、方向都不随时间变化的电流称为恒定电流B国际单位制中，电流的单位是安培，简称安C电流既有大小又有方向，所以电流是矢量D电流是标量解析大小、方向不随时间变化的电流称为恒定电流，选项A 正确；电流的单位是安，选项 B 正确；电流虽然有大小有方向，但相加时不遵从平行四边形定则，因此，不是矢量而是标量，选项C 错误，D 正确。答案C2下列关于电源的说法中正确

8、的是()A在外电路和电源内部，正电荷都受到静电力的作用，所以能不断地定向移动形成电流B静电力与非静电力都可以使电荷移动，所以本质上都是使电荷的电势能减少C在电源内部，正电荷能从负极移动到正极是因为电源内部只存在非静电力而不存在静电精品教案可编辑力D静电力移动电荷做功电势能减少，非静电力移动电荷做功电势能增加解析电源内部非静电力做功使电荷的电势能增加，引出了电动势的概念，来描述非静电力的做功本领，而静电力移动电荷做正功使电势能减少，选项D 对。答案D3对于电动势的定义式EWq的理解，正确的是()AE与W成正比BE与q成反比CE的大小与W、q无关DW表示静电力做的功解析电动势是描述电源把其他形式的

9、能转化为电势能本领大小的物理量，其大小由电源性质决定，与W、q无关，而公式中W为非静电力做的功，故选项C 正确。答案C4在示波管中，2 s 内有 6 1013个电子通过横截面积大小不知的电子枪，则示波管中电流大小为()A 4.8 106 A B 3 1013 AC 9.6 10 6 A D无法确定解析由qIt得，Iqtnet6 1013 1.6 10192A 4.8 106 A，故选项A 正确。答案A5一台发电机用0.5 A 电流向外输电，在1 min内将 180 J 的机械能转化为电能，则发电机的电动势为()A6 V B360 V C120 V D 12 V解析由WEq，qIt可得：EWqW

10、It1800.5 60V6 V，故选项A 正确。答案A考点二欧姆定律、导体的电阻、UI图象(c/c)基础过关 精品教案可编辑1欧姆定律(1)内容：导体中的电流I跟导体两端的电压U成正比，跟导体的电阻R成反比。(2)公式：IUR。(3)适用条件：适用于金属和电解液导电，适用于纯电阻电路。2导体的电阻(1)电阻定义式：RUI。物理意义：导体的电阻反映了导体对电流阻碍作用的大小，R越大，阻碍作用越大。(2)电阻定律内容：同种材料的导体，其电阻跟它的长度成正比，与它的横截面积成反比，导体的电阻还与构成它的材料有关。表达式：RlS。(3)电阻率计算式：RSl。物理意义：反映导体的导电性能，是导体材料本身

11、的属性。电阻率与温度的关系金属：电阻率随温度升高而增大；半导体：电阻率随温度升高而减小。3UI图象和IU图象图象比较内容IU图象UI图象(伏安特性曲线)斜率图线上的点与坐标原点连线的斜率图线上的点与坐标原点连线的斜精品教案可编辑表示导体电阻的倒数率表示导体的电阻线性元件R1R2R1R2非线性元件电阻随电压U的增大而增大电阻随电压U的增大而减小【过关演练】1如图所示，厚薄均匀的矩形金属薄片边长ab 2bc，当将A与B接入电路或将C与D接入电路中时电阻之比RABRCD为()A 1 4 B 12C 2 1 D 41解析表达式RlS中，l为沿电流方向上的长度，S为垂直电流方向的导体的横截面积，所以接A

12、、B端与接C、D端时导体的电阻之比为RABRCD(abbc)24，选项 D 正确。答案D 2有四个金属导体，它们的伏安特性曲线分别是图中的a、b、c、d，则电阻最大的是()AaBbCcDd解析伏安特性曲线中斜率是电阻的倒数，所以斜率最小的阻值最大，据图知d的斜率最精品教案可编辑小，阻值最大，选项D 对。答案D要点突破 要点一电阻的决定式和定义式的区别公式RlSRUI区别电阻的决定式电阻的定义式说明了导体的电阻由哪些因素决定，R由、l、S共同决定提供了一种测电阻的方法伏安法，R与U、I均无关只适用于粗细均匀的金属导体和浓度均匀的电解液适用于任何纯电阻导体【例 1】关于导体的电阻和电阻率，下列说法

13、中正确的是()A由RUI可知，导体的电阻与导体两端电压成正比，与流过导体的电流成反比B由RlS可知，导体的电阻与导体的长度成正比，与导体的横截面积成反比C由RSl可知，导体的电阻率与导体的横截面积成正比，与导体的长度成反比D由RSl可知导体的电阻越大，其电阻率越大解析导体的电阻是导体本身的性质，与两端电压和电流无关，选项A 错，B 对；电阻率是材料本身的性质，只与材料和温度有关，与导体的长度和横截面积无关，选项 C、D 均错。答案B要点二根据伏安特性曲线求电阻1图甲中，图线a、b表示线性元件，图乙中图线c、d表示非线性元件。2图线a、b的斜率表示电阻的倒数，斜率越大，电阻越小，故RaRb(如图

14、甲所示)。3图线c的电阻随电压的增大而减小，图线d的电阻随电压的增大而增大(如图乙所示)。精品教案可编辑4伏安特性曲线上每一点的电压坐标与电流坐标的比值即RUI对应这一状态下的电阻。要特别注意RUI。【例 2】电阻R1和R2的伏安特性曲线如图所示，已知R1 1，则R2的阻值为()A 3 B.3 C.13 D.33解析过U轴上任一不为零的点U0作平行于I轴的直线，交R1、R2的伏安特性曲线分别于I1、I2，表明在电阻R1、R2的两端加上相同电压U0时，流过R1、R2的电流不同，如图所示。由欧姆定律和数学知识可得：R1R2U0I1U0I21tan 601tan 3013，又R1 1，故R2 3。答

15、案A精练题组 1如图所示为一小灯泡的伏安特性曲线，横轴和纵轴分别表示电压U和电流I，图线上点精品教案可编辑A的坐标为(U1，I1)，过点A的切线与纵轴交点的纵坐标为I2，小灯泡两端的电压为U1时，电阻等于()A.I1U1B.U1I1C.U1I2D.U1I1I2解析本题考查利用小灯泡的伏安性特曲线求电阻，意在考查学生对小灯泡的伏安特性曲线以及对电阻定义式的理解。由电阻的定义式RUI可知，B 正确，其他选项错误。答案B2一段长为l，电阻为R的均匀电阻丝，把它拉制成3l长的均匀细丝后，切成等长的三段，然后把它们并联在一起，其电阻值为()A.R3B3RC.R9DR解析根据电阻定律RlS，在拉伸过程中电

16、阻丝的体积不变，当长度变为原来的3 倍后，横截面积变为原来的13，所以R3l13S9lS9R，平分成 3 段后，每段的电阻为3R，故根据并联电路规律可得并联后的电阻为1R并13R13R13R，解得R并R，故选项D 正确。答案D3一个标有“220 V60 W”的白炽灯泡，加上的电压U由零逐渐增大到220 V，在此过程中，电压(U)和电流(I)的关系可用图线表示。图中给出的四个图线中，比较符合实际的是()精品教案可编辑答案B4某一导体的伏安特性曲线如图中AB(曲线)所示，关于导体的电阻，以下说法正确的是()AB点的电阻为12 BB点的电阻为40 C工作状态从A变化到B时，导体的电阻因温度的影响改变

17、了1 D工作状态从A变化到B时，导体的电阻因温度的影响改变了9 解析根据电阻的定义式可以求出A、B两点的电阻分别为RA30.130，RB60.15 40，所以RRBRA 10，故 B 对，A、C、D 错。答案B5图甲为一测量电解液电阻率的玻璃容器，P、Q为电极，设a1 m，b 0.2 m，c0.1 m，当里面注满某电解液，且P、Q加上电压后，其UI图线如图乙所示，当U10 V时，求电解液的电阻率是多少？解析由题图乙可求得U10 V 时电解液的电阻为：RUI105 1032 000 由题图甲可知电解液长为：la1 m横截面积为：Sbc0.02 m2结合电阻定律：RlS，得精品教案可编辑RSl2

18、000 0.021m 40 m答案40 m【方法总结】(1)在温度一定的条件下，导体的电阻大小由长度、横截面积及材料决定，与电压、电流无关，若考虑温度，导体的电阻率会随着温度的变化而变化。(2)若UI图线为直线。求电阻R时可用直线的斜率UI来计算。若UI图线为曲线，电阻跟曲线的斜率无关，只能依据曲线对应点的坐标比值UI计算求解。考点三焦耳定律(c/c)基础过关 1焦耳定律(1)电热：电流流过一段导体时产生的热量。(2)计算式：QI2Rt。2热功率(1)定义：单位时间内的发热量。(2)表达式：PQtI2R。3电功(1)定义：电流通过一段电路所做的功。(2)公式：WUIt。4电功率(1)定义：单位

19、时间内电流做的功，表示电流做功的快慢。(2)公式：PWtIU。【过关演练】精品教案可编辑1(2014浙江 7 月学考)如图所示是某一电器的铭牌。从铭牌上的信息可推断该铭牌对应的电器可能是()解析根据铭牌读出用电器的额定功率为24 W，选项中电饭煲、电熨斗、电热水壶都是大功率用电器，只有电风扇的功率较小，故A 正确。答案A2(2015浙江学业水平考试)如图所示是一个电热水壶的铭牌，小沈同学利用所学知识，结合该铭牌上获取的信息，得出该电热水壶()电热水壶产品型号：额定频率：50 Hz额定电压：220 V 额定容量：1.2 L额定功率：1 500 W执行标准：A正常工作时的电流约为6.8 AB正常工

20、作5 min耗电约 0.5 kWhC只能在直流电下工作D只能在220 V 电压下工作解析由PUI，得精品教案可编辑IPU1 500220A 6.8 A，A 选项正确；t5 min 560h112h，EWPt 1.5 112kW h 0.125 kW h，B 选项错误；工作电压可以比额定电压稍低，“”表示使用的是交流电，C、D 选项错误。答案A要点突破 要点焦耳定律的理解及应用1电功、电热、电功率和热功率2电功和电热的处理方法(1)首先要分清所研究的电路是纯电阻电路还是非纯电阻电路，正确选择计算公式。(2)处理非纯电阻电路的计算问题时，要善于从能量转化的角度出发，紧紧围绕能量守恒定律，利用“电功

21、电热其他能量”寻找等量关系求解。【例题】如图所示，有一内电阻为4.4 的电解槽和一盏标有“110 V60 W”的灯泡串联后接在电压为220 V 的直流电源两端，灯泡正常发光，则()A电解槽消耗的电功率为120 W精品教案可编辑B电解槽的发热功率为60 WC电解槽消耗的电功率为60 WD电路消耗的总功率为60 W解析灯泡正常发光，说明灯泡和电解槽均分得110 V 电压，且电流IPU611A，P电解槽P灯60 W，故 A 错，C 对；P热I2R内 1.3 W，即 B 错；P总P灯P电解槽 120 W，故 D 错。答案C精练题组 1随着我国人民生活水平的不断提高，家庭中使用的电器越来越多。下列电器中

22、主要利用电流的热效应工作的是()A电风扇B电动轿车C洗衣机D电饭煲解析电风扇、电动轿车、洗衣机均利用电动机将电能主要转化为机械能，而电饭煲则是利用电流的热效应使电能变为内能，故选项D 正确。答案D2把两根电阻相同的电热丝先串联后并联分别接在电压相等的电源上，若要产生相等的热量，则两种方法所需的时间之比t串t并为()A 1 1 B 2 1 C 4 1 D 14解析设每根电热丝电阻为R0，由串、并联电路的特点可知，串联后总电阻为R12R0，并联后总电阻为R2R02，由式子QU2Rt知，要产生相等的热量，则有U22R0t串U2R02t并，可得t串t并 4 1，故选项C 正确。答案C3(20169月绍

23、兴适应性考试)家电待机耗电问题常常被市民所忽略。北京市电力公司曾举办“计量日进您家”活动，免费上门为市民做家庭用电耗能诊断分析。在上门实测过程中，精品教案可编辑技术人员发现电视机待机一天的耗电量在0.2 度左右，小小机顶盒一天的待机耗电量更是高达 0.4 度。据最新统计绍兴市的常住人口约500 万人，参考下表数据，估算每年绍兴地区家庭用电器待机耗电量约为()家庭常用电器电视机洗衣机空调电脑户均数量(台)2121电器待机功耗(W/台)10204040A.2 105度B 2 107度C 2 109度D 2 1011度解析由题意可知，绍兴市家庭数为n500 1044 1.25 106，每户家庭用电器

24、待机耗电功率P户160 W，每年全区家用电器待机耗电量WnP户t 1.25 106 365 24 160 W h 1.75 109KW h 2 109度。答案C4如图所示，电阻R和电动机M 串联接到电路中，已知电阻R跟电动机 M 线圈的电阻相等，开关闭合后，电动机正常工作，设电阻R和电动机两端的电压分别为U1和U2；经过时间t，电流通过电阻R做功为W1，产生的热量为Q1；电流通过电动机M 做功为W2，产生的热量为Q2，则有()AU1U2，Q1Q2BW1W2，Q1Q2CW1W2，Q1Q2DU1U2，Q1Q2解析电阻R和电动机M 串联，流过两用电器的电流相同。电阻R跟电动机M 线圈的电阻相等，则由

25、焦耳定律可知两者产生的热量相等，则Q1Q2。电动机正常工作时为非纯电阻用电器，消耗的电能绝大部分转化为机械能，所以电流通过电动机M 做的功要大于电流通过电阻R做的功，W1W2。又U1IR，U2IR，则U1I2RD焦耳热QI2Rt适用于任何电路解析电功率公式PWt，功率越大，表示电流做功越快。对于一段电路，有PIU，IPU，焦耳热QPU2Rt，可见Q与P、U、t都有关，所以，P越大，Q不一定越大，A 错误；WUIt是电功的表达式，适用于任何电路，而IUR只适用于纯电阻的电路，B 正确；在非纯电阻的电路中，电流所做的功焦耳热其他形式的能，所以WQ，即UII2R，C 正确；QI2Rt是焦耳定律表达式

26、，适用于任何电路，D 正确。答案BCD12.如图所示，长方体金属块边长之比abc 3 1 2，将A、B接入电压为U的电路中时，电流为I；若将C、D接入电压为U的电路中，则电流为()AIB2IC.94ID.49I解析由电阻定律得RABabc，RCDcab，则RABRCDa2c294，根据欧姆定律可知，电压相同时电流与电阻成反比，则将C、D接入电压为U的电路中，电流为I94I。选项 C 正确。答案C13.如图所示，将左边的铜导线和右边的铝导线连接起来，已知截面积S铝2S铜，在铜导线上取一截面A，在铝导线上取一截面B，若在 1 s 内垂直地通过它们的电子数相等，那么，通过这两截面的电流的大小关系是(

27、)精品教案可编辑AIAIBBIA2IBCIB2IAD不能确定解析这个题目中有很多干扰项，例如两个截面的面积不相等，导线的组成材料不同等等。但关键是通过两截面的电子数在单位时间内相等，根据Iqt可知电流相等。答案A14 有一台标有“220 V，50 W”的电风扇，其线圈电阻为0.4，在它正常工作时，下列求其每分钟产生的电热的四种解法中，正确的是()AIPU522A，QUIt3 000 JBQPt 3 000 JCIPU522A，QI2Rt1.24 JDQU2Rt22020.4 60 J 7.26 106 J解析电风扇是一种在消耗电能过程中既产生机械能，又产生内能的用电器，其功率PIU，则IPU5

28、22A，而产生的热量只能根据QI2Rt进行计算。因此，选项C 正确。答案C15(多选)如图所示是电阻R的IU图象，图中 45，由此得出()A通过电阻的电流与两端电压成正比B电阻R 0.5 C因IU图象的斜率表示电阻的倒数，故R1tan 1.0 精品教案可编辑D在R两端加上6.0 V 的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是3.0 C解析由IU图象可知，图线是一条过原点的倾斜直线，即I和U成正比，A 正确；而电阻RUI1052，B 错误；由于纵、横坐标的标度不一样，故不能用tan 计算斜率表示电阻的倒数，C 项错误；在R两端加上 6.0 V 电压时IUR6.02A3.0 A，每秒通过电阻横截面的电

29、荷量qIt 3.0 1 C 3.0 C，选项 D 正确。答案AD第 2 课时电路闭合电路欧姆定律考点一串联电路和并联电路(c/c)基础过关 1电路的串、并联串联电路并联电路电路电流II1I2InII1I2In电压UU1U2UnUU1U2Un总电阻R总R1R2Rn1R总1R11R21Rn功率分配P1P2R1R2P总P1P2PnP1P2R2R1P总P1P2Pn2.电压表和电流表(1)电压表和电流表的电路结构常用的电压表和电流表都是由灵敏电流表(表头)改装而成的。电压表是表头串联了一个分压电阻，电流表是表头并联了一个分流电阻。精品教案可编辑(2)电压表的分压原理小量程电流表改装成电压表时，要串联一个

30、适当的分压电阻R，改装后的量程为UUgIgR。(3)电流表的分流原理小量程电流表改装成大量程电流表时，要并联一个适当的分流电阻R，改装后的量程为IIgUgR。【过关演练】1(2015 浙江 9 月学考测试)如图所示，一个电阻R和一个灯泡L 串联接在电压恒为U的电源上，电路中的电流为I。电阻两端的电压为U1，电功率为P1；灯泡两端的电压为U2，电功率为P2，则下列关系式正确的是()AP1UIBP2U2RCU2UIRDU1UIR解析根据串联电路特点和焦耳定律可知C 对。答案C2电压表、电流表均由小量程电流表(表头)改装而成，则下列说法中正确的是()由表头改装成电压表，需给表头串联一个大电阻由表头改

31、装成电压表，需给表头并联一个大电阻由表头改装成电流表，需给表头并联一个小电阻由表头改装成电流表，需给表头串联一个大电阻A B C D解析利用串联电阻的分压作用，将表头和大电阻串联，让大部分电压被串联电阻分担，扩大量程，改装成电压表；利用并联电阻的分流作用，将表头和小电阻并联，大部分电流被并联电阻分担，扩大量程，改装成电流表，故正确选项为A。精品教案可编辑答案A要点突破 要点一电阻串、并联特点1串联电路的特点(1)串联电路的总电阻大于其中任一部分电路的电阻，且当一个大电阻和一个小电阻串联时，总电阻接近大电阻。(2)串联电路中各电阻两端的电压跟它的阻值成正比，即U1R1U2R2UnRnI。2并联电

32、路的特点(1)并联电路的总电阻小于其中最小的电阻。当一个大电阻和一个小电阻并联时，总电阻接近小电阻。(2)并联电路中通过各支路电阻的电流跟它们的阻值成反比，即I1R1I2R2InRnU。(3)多个电阻无论串联还是并联，其中任一电阻增大，总电阻也随之增大。以两电阻R1、R2为例加以说明。串联时RR1R2，并联时RR1R2R1R2R11R1R2或RR1R2R1R2R21R2R1。可见，当R2或R1增大时，R都随之增大。【例 1】(2016绍兴一中期中)某同学用伏安法测小灯泡的电阻时，误将电流表和电压表接成如图所示的电路。接通电源后，可能出现的情况是()A电流表烧坏B电压表烧坏C小灯泡不亮D小灯泡烧

33、坏解析因电流表的内阻很小，而电压表的内阻很大，故此电路中的电阻很大，接通电源后的电流很小，故小灯泡不亮，故选C。答案C要点二电表的改装精品教案可编辑1电压表和电流表的电路结构：2电压表的分压原理：UUgUR，UgRgURRIg，RURIgUUgIg。3电流表的分流原理：IIgIR，UIgRgIRR，RIgRgIRIgRgIIg。【例 2】有两个相同的灵敏电流计，允许通过的最大电流(满偏电流)为Ig1 mA，表头电阻Rg 20，若改装成一个量程为 03 V 的电压表和一个量程为00.6 A 的电流表应分别()A串联一个2 980 的电阻和并联一个0.033 的电阻B并联一个2 990 的电阻和串

34、联一个0.033 的电阻C串联一个2 970 的电阻和并联一个0.05 的电阻D并联一个2 970 的电阻和串联一个0.05 的电阻解析若改装成一个量程为03 V 的电压表需串联一个分压电阻，由UIg(RRg)得，所串联的分压电阻阻值R 2 980。若改装成一个量程为00.6 A 的电流表需并联一个分流电阻，由IgRg(IIg)R得，所并联的分流电阻阻值R 0.033。故A 选项正确。答案A精练题组 1有两个电阻R1 2，R2 3，则有()AR1、R2串联总电阻为5 BR1、R2并联总电阻为1 CR1、R2串联总电阻为2.5 DR1、R2并联总电阻为1.5 解析由于串联电路总电阻等于各部分电阻

35、之和，即R串R1R2 5；两个电阻并联，精品教案可编辑其总电阻R并R1R2R1R2 1.2，选项 A 正确。答案A2三个电阻的阻值之比R1R2R3 1 2 5，若将这三个电阻并联，则通过它们的电流之比I1I2I3为()A 1 2 5 B 5 21C 10 5 2 D 1 11解析并联电路电压相等，设为U，因为R1R2R3 1 2 5，设R1R，则R22R，R3 5R，所以并联后，通过它们的电流之比为URU2RU5R 10 5 2，选项 C 正确。答案C3用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，若把A1、A2分别采用串联或并联的方式接入电路，如图所示，则闭合开

36、关后，下列有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的是()A图(a)中的 A1、A2的示数相同B图(a)中的 A1、A2的指针偏角相同C图(b)中的 A1、A2的示数和偏角都不同D图(b)中的 A1、A2的指针偏角相同解析大量程电流表是小量程电流表并联一适当小的分流电阻改装而成的。当A1、A2并联时，由于 A1、A2的电阻不同，通过A1、A2的电流不等，A1、A2的示数不同。但通过每个小量程电流表的电流相同，故指针偏角相同，A 错，B 对；当 A1、A2串联时，通过A1、A2的电流相同，故示数相同，但A1、A2的量程不同，故指针偏角不同，C、D 均错。答案B 4如图所示电路，开关S 断开和闭

37、合时电流表示数之比是1 3，则可知电阻R1和R2之比精品教案可编辑为()A 1 3 B 12C 2 1 D 31解析开关闭合时电路中只有电阻R2，根据欧姆定律可得：IUR2，开关断开时电路中两电阻串联，根据欧姆定律可得，IUR1R2，则R1R2R231，解得：R1R2 2 1。选项C 正确。答案C5(多选)(2016绍兴一中期中)两个电压表甲、乙是由完全相同的电流表改装而成，它们的量程分别为5 V、15 V，为了测量1520 V 的电压，把甲、乙串联起来使用，则两表的()A读数相同B指针偏转角度相同C读数正比于表的内阻D指针偏转角度正比于表的内阻解析两电压表是由完全相同的电流表改装而成，都是电

38、流表串联一个分压电阻，所以甲、乙串联起来使用，则两表的电流相同，指针偏转角度相同，选项B 正确，A 错误；改装以后的电压表的内阻之比等于量程之比，而读数之比等于量程之比，故可知读数正比于表的内阻，选项 C 正确，D 错误。答案BC考点二闭合电路的欧姆定律(c/d)基础过关 1闭合电路欧姆定律精品教案可编辑(1)内容闭合电路的电流跟电源的电动势成正比，跟内、外电阻之和成反比。(2)公式IERr(只适用于纯电阻电路)；EU外Ir(适用于所有电路)。2路端电压与外电阻的关系一般情况UIRERrRE1rR，当R增大时，U增大特殊情况(1)当外电路断路时，I0，UE(2)当外电路短路时，I短Er，U0【

39、过关演练】1(2014浙江7 月学考)图示电路中，电容器与电阻R2并联后，经电阻R1与电源和开关相连，电源电动势E24 V，内电阻r 1，电阻R1 15，R2 8，电容器的电容C 2 109 F，闭合开关S，待电路稳定后，下列说法正确的是()A电源两端的电压为1 VB电容器两端的电压为24 VC通过电阻R1的电流为1.5 AD电容器所带电荷量为1.6 108 C解析闭合开关S，稳定后电容器相当于开关断开，根据闭合电路欧姆定律得：IER1R2r2415 81A1 A，电源两端的电压是路端电压，即：精品教案可编辑UI(R1R2)1(15 8)V 23 V电容器两端的电压即R2两端的电压U2IR2

40、1 8 V 8 V则电容器所带电荷量为QCU2 2 10 9 8 C 1.6 108 C，故 D 项正确。答案D2(2014浙江 1 月学考)某中学生科技活动小组利用铜片、锌片和家乡盛产的水果制作了水果电池，该电池能使一个发光二极管发光，却不能使标有“2.5 V0.3 A”的小灯泡发光。断开电路用电压表测量该电池两端的电压值，却发现接近于2.5 V。对小灯泡不亮的原因，该小组同学进行以下一些猜想，你认为可能正确的是()A水果电池的电动势太大B水果电池的电动势太小C小灯泡的电阻太大D水果电池的内阻太大解析电池两端的电压值接近于2.5 V，说明电池的电动势约为2.5 V，接近小灯泡的额定电压，但小

41、灯泡却不亮。根据闭合电路的欧姆定律可判断出，水果电池的内阻远大于小灯泡的电阻，使小灯泡分得的电压很小，所以小灯泡不亮。故D 项正确。答案D要点突破 要点一电路动态分析的方法1程序法：电路结构的变化R的变化R总的变化I总的变化U端的变化固定支路并联分流I串联分压U支路的变化。2极限法：即因滑动变阻器滑片滑动引起的电路变化问题，可将滑动变阻器的滑动端分别精品教案可编辑滑至两个极端去讨论。【例 1】(2015浙江湖州中学检测)在输液时，药液有时会有针口流出体外，为了及时发现，设计了一种报警装置，电路如图所示。M是贴在针口处的传感器，接触到药液时其电阻RM发生变化，导致S 两端电压U增大，装置发出警报

42、，此时()ARM变大，且R越大，U增大越明显BRM变大，且R越小，U增大越明显CRM变小，且R越大，U增大越明显DRM变小，且R越小，U增大越明显解析由题意和电路特点知，M接触到药液时，U变大，即电路中电流变大，由IUMRM及UM变小知RM变小，且R越大，R与RM的关联阻值与RM越接近，故U变化越明显。故选C。答案C要点二电源的UI图象的应用1纵轴上的截距等于电源的电动势；横轴上的截距等于外电路短路时的电流，即I短Er。2图线斜率的绝对值等于电源的内阻，即r|UI|EI短，斜率的绝对值越大，表明电源的内阻越大。3图线上任一点对应的U、I的比值为此时外电路的电阻，即RUI。4面积UI为电源的输出

43、功率，而电源的总功率P总EI，P总P出EIUI为电源的发热精品教案可编辑功率。【例 2】(多选)如图所示为两个不同闭合电路中两个不同电源的UI图象，则下列说法中正确的是()A电动势E1E2，短路电流I1I2B电动势E1E2，内阻r1r2C电动势E1E2，内阻r1r2D当两电源的工作电流变化量相同时，电源2 的路端电压变化较大解析由题图可知两电源的UI图线交纵轴于一点，则说明两电源的电动势相同；交横轴于两不同的点，很容易判断电源1 的短路电流大于电源2 的短路电流，则A 项正确；又由两图线的倾斜程度可知图线2 的斜率的绝对值大于图线1 的斜率的绝对值，即电源2 的内阻大于电源1 的内阻，则可知

44、B、C 项错误；由图象可判断当两电源的工作电流变化量相同时，电源 2 的路端电压的变化量大于电源1 的路端电压的变化量，可知D 项正确。答案AD要点三电源的功率1电源的总功率(1)任意电路：P总EI(U外U内)IP出P内。(2)纯电阻电路：P总I2(Rr)E2Rr。2电源内部消耗的功率：P内I2rU内IP总P出。3电源的输出功率(1)任意电路：P出UIEII2rP总P内。(2)纯电阻电路：P出I2RE2R（Rr）2精品教案可编辑E2（Rr）2R4r。当Rr时：PmE24rP出与R的关系如图所示。【例 3】(多选)如图所示，R1为定值电阻，R2为变阻器，E为电源电动势，r为电源内电阻，以下说法中

45、正确的是()A当R2R1r时，R2获得最大功率B当R1R2r时，R1获得最大功率C当R20 时，R1上获得最大功率D当R20 时，电源的输出功率最大解析将R1等效为电源内阻，R2上的功率为电源的输出功率，当外电阻变化时，电源的输出功率随外电阻的变化而变化，当外电阻等于内阻，即R2R1r时，输出功率最大，即R2上的功率最大，故选项A 正确；对电路中的定值电阻R1，电流最大时其功率最大，当外电阻R20 时，电流最大，故选项B 错误，C 正确；当外电阻等于内阻时，即R1R2r时，电源的输出功率最大，故选项D 错误。答案AC要点四电路故障问题电路故障一般是短路或断路，检查故障的基本方法有两种：(1)仪

46、表检测法对于断路故障，可用电压表测量电路中两点间的电压，若电压表有读数，说明这两点与电精品教案可编辑源之间的连线是通路，断路故障点就在这两点之间；若电压表无读数，说明这两点与电源之间的连线是断路，断路故障点就在这两点与电源的连线上。逐渐缩小测量范围，找到断路故障点。而短路故障的表现为电流不为零而两点之间电压为零。用欧姆表测电路两点之间电阻，但必须把待测两点从电路中断开，如果电阻无穷大，说明断路。(2)假设法已知电路发生某种故障，寻找故障发生的位置时，可将整个电路划分为若干部分；然后逐一假设某部分电路发生故障，运用欧姆定律进行正向推理。推理结果若与题述物理现象不符合，则故障不是发生在这部分电路；

47、若推理结果与题述物理现象符合，则故障可能发生在这部分电路。直到找出发生故障的全部可能为止，亦称排除法。【例 4】(2016浙江永康一中期中)如图所示，因线路故障，接通S 时，灯泡L1和 L2均不亮，用电压表测得Uab0，Ubc0，Ucd4 V。因此可知开路处为()A灯泡 L1B灯泡 L2C变阻器D不能确定解析由Ucd4 V 可知，c、d间电路之外的部分必是通路，否则电压表无示数，再由Uab0，Ubc0，可知 C 选项正确。答案C精练题组 1如图所示的电路，闭合电键S，待电路中的电流稳定后，减小R的阻值，则()A电流表的示数减小精品教案可编辑B电压表的示数减小C电阻R2两端的电压减小D路端电压增

48、大解析题图中的电路结构是R1与R先并联，再与R2串联，故RR总I干U内U外。R2两端电压U2I干R2，U2增大，所以R与R1的并联电压减小，读数减小，A、C、D 错误，B 项正确。答案B2如图所示直线A为某电源的UI图线，曲线B为某小灯泡L1的UI图线的一部分，用该电源和小灯泡L1串联起来组成闭合回路时灯泡L1恰能正常发光，则下列说法中正确的是()A此电源的内电阻为23B灯泡 L1的额定电压为3 V，额定功率为6 WC把灯泡L1换成阻值恒为1 的纯电阻，电源的输出功率将变小D由于小灯泡L1的UI图线是一条曲线，所以灯泡发光过程中欧姆定律不适用解析由图象知，电源的内阻为rUI4160.5，A 错

49、误；因为灯L1正常发光，故灯 L1的额定电压为3 V，额定功率为PUI 3 2 W 6 W，B 正确；正常工作时，灯L1的电阻为R1UI 1.5，换成R2 1 的纯电阻后，该电阻更接近电源内阻r，故电源的输出功率将变大，C 错误；虽然灯泡 L1的UI图线是一条曲线，但由于小灯泡为纯电阻，所以欧姆定律仍适用，D 错误。答案B3如图所示，当开关S 闭合时，灯L1、L2均不亮。某同学用一根导线检查电路，将导线接精品教案可编辑在 L1两端时，发现L2发光。由此可判断故障的可能原因是()A灯 L1短路B灯 L1断路C灯 L2短路D灯 L2断路答案B4如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图象，下列结论正

50、确的是()A电源的电动势为5.0 VB电源的内阻为12 C电源的短路电流为0.5 AD电流为0.3 A 时的外电阻是18 解析当电流为零时，路端电压等于电源电动势，由此可知电源的电动势为6.0 V，选项 A错误；图线的斜率表示电源内阻r650.52，选项 B 错误；只有当路端电压为零时的电流才是短路电流，由于图线没有从原点开始，因此图线与横轴交点不是短路电流，选项 C错误；当电流为0.3 A 时，由闭合电路欧姆定律IERr知REIr60.3218，选项 D 正确。答案D5如图所示的电路中，电源的电动势E和内电阻r恒定不变，电灯L 恰能正常发光，如果变阻器的滑片向b端滑动，则()精品教案可编辑A