陕西省汉中市留坝县中学2020届高三上学期开学调研考试物理【含答案】.pdf

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1、陕西省汉中市留坝县中学2020 届高三上学期开学调研考试物理考生注意:1.本试卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分共100 分，考试时间100 分钟2.请将各题答案填写在答题卡上3.本试卷主要考试内容:高考范围（高中物理人教版全部）。第 I 卷（选择题共 48分）一、选择题（本大题共 12小题,每小题 4 分，计 48分.在每小题给出的四个选项中，第 1 8题只有 一项符合题目要求;第 912题有多项符合题目要求,全部选对的得 4 分，选对但不全的得2 分，有选错的得 0 分）1、如图所示是某物体做直线运动的2vx图象（其中 r 为速度，x 为位置坐标），下列关于物体从x=0 处运动至处

2、的过程分析，其中正确的是（）A.该物体的加速度大小为2002vxB.该物体做匀加速直线运动C.该物体在位移中点的速度等于012vD.该物体在运动中间时刻的速度大于012v2、如图所示，长木板 A与物体 B叠放在水平地面上，物体与木板左端立柱间放置轻质弹簧，在水平外力F作用下，木板和物体都静止不动，弹簧处于压缩状态。将外力F 缓慢减小到零，物体始终不动，在此过程中（）A.弹簧弹力逐渐减小B.物体 B所受摩擦力逐渐减小C.物体 B所受摩擦力始终向左D.木板 A受到地面的摩擦力逐渐减小3、如图，PQ为圆的竖直直径，AQ、BQ、CQ为三个光滑倾斜轨道，分别与圆相交于A、B、C三点。现让三个小球（可视为

3、质点）分别沿着AQ、BQ、CQ自轨道顶端由静止下滑到Q点，它们运动的平均速度分别为v1、v2、v3，则有（）Av2v3v1 Bv1v2v3Cv3v2v1 Dv1v2v3 4、如图所示，a、b、c 是三个质量相同的小球，a 从光滑斜面顶端由静止开始自由下滑，同时b、c 从同一高度分别开始自由下落和平抛，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A.a、b 同时到达同一水平面B.a、b 落地时的速度相同C.它们的末动能可能相同D.落地时重力的功率一定是PbPcPa5、某电容式话筒的原理示意图如图所示，E为电源，R为定值电阻，薄片P和Q为两相互绝缘的金属极板。当对着话筒说话时，P振动而Q可视为不动，在P、Q

4、间距增大过程中（）A.P、Q两板构成电容器的电容增大B.P板电荷量增大C.M点的电势比N点高D.P、Q两板间的场强增大6、一含有理想变压器的电路如图所示，图中电阻，和的阻值分别为，A为理想交流电流表，U为正弦交流电压源，输出电压的有效值恒定当开关S断开时，电流表的示数为I；当S闭合时，电流表的示数为该变压器原、副线圈匝数比为A.2 B.3 C.4 D.5 7、甲、乙两车在平直的公路上向相同的方向行驶，两车的速度v 随时间 t 的变化关系如图所示，其中阴影部分面积分别为S1、S2，下列说法正确的是（）A.若 S1=S2，则甲、乙两车一定在t2时刻相遇B.若 S1S2，则甲、乙两车在0-t2时间内

5、不会相遇C.在 t1时刻，甲、乙两车加速度相等D.0-t2时间内，甲车的平均速度122vvv8、航母上飞机弹射起飞是利用电磁驱动来实现的电磁驱动原理如图所示，在固定线圈左右两侧对称位置放置两个闭合金属圆环，铝环和铜环的形状、大小相同，已知铜的电阻率较小，则合上开关S的瞬间()A.两个金属环都向左运动B.两个金属环都向右运动C.铜环受到的安培力小于铝环受到的安培力D.从左侧向右看，铝环中感应电流沿顺时针方向9、2018 年 12 月 8 日我国成功发射了嫦娥四号探测器，它实现了人类首次月球背面着陆探测.12 日 16 时 39 分，探测器在距月面129km处成功实施发动机点火，约5 分钟后，探测

6、器顺利进入距月面100km的圆形轨道，运行一段时间后择机着陆月球表面，下列说法正确的有()A.探测器发射速度大于7.9km/s B.探测器在距月面129km处发动机点火加速C.从点火到进入圆轨道，探测器位移是29km D.若已知引力常量、圆形轨道半径及探测器在其上运行周期，可估算月球质量10、已知长直通电导线产生的磁场中，某点的磁感应强度满足B=k(其中 k 为比例系数，I 为电流强度，r 为该点到直导线的距离)。如图，A、B、C三根相互平行的固定长直导线分别位于等腰直角三角形的三个顶点，均通有电流 I，A、B两根导线中电流方向垂直纸面向里，C导线中电流垂直纸面向外，下列说法正确的是（）A.A

7、 导线所受磁场作用力的方向与AB平行B.C 导线所受磁场作用力的方向与AB垂直C.A、C二根单位长度所受的磁场作用力大小之比为1 2 D.A、B、C三根单位长度所受的磁场作用力大小之比为1 11、如图甲所示为理想变压器的示意图，其原、副线圈的匝数比为101，V为交流电压表，C和 L 分别为电容器和带铁芯的电感线圈，D1、D2均为灯泡.若发电机向原线圈输入如图乙所示的正弦交流电，则下列说法中正确的是()A.输入电压的表达式u311 sin100tV B.仅增大输入电压的频率，D1亮度变亮，D2亮度变暗C.仅拔出电感线圈L 的铁芯，D1亮度变亮，D2亮度变暗D.t 0.005s时，电压表示数为22

8、V，发电机的线圈平面与磁场方向垂直12、如图所示，光滑斜面上放置一个通电导体棒，施加磁场后导体棒以大小为a=g 的加速度沿斜面向下运动(棒保持水平)，g 为重力加速度，则以下四种情况中可能的是（）A.B.C.D.第 II 卷（非项选择题共52 分）（一）必考题:共 37 分.每道试题考生都必须做答.二、实验题（本大题共2 小题，计14 分）13（7 分）、某组同学设计了“探究加速度a与物体所受合力F及质量m的关系”实验.图(a)为实验装置简图，A为小车，B为电火花计时器，C为装有细砂的小桶，D为一端带有定滑轮的长方形木板，实验中认为细绳对小车拉力F等于细砂和小桶的总重量，小车运动的加速度a可用

9、纸带上打出的点求得.图(b)为某次实验得到的纸带，已知实验所用电源的频率为50Hz.根据纸带可求出小车的加速度大小为_m/s2.（结果保留一位小数）在“探究加速度a与质量m的关系”时，保持细砂和小桶质量不变，改变小车质量m，分别记录小车加速度a与其质量m的数据.在分析处理时，该组同学产生分歧；甲同学认为应该根据实验中测得的数据作出小车加速度a与其质量m的图象.乙同学认为应该根据实验中测得的数据作出小车加速度a与其质量倒数1m的图象.两位同学都按照自己的方案装实验数据在坐标系中进行了标注.但尚未完成图象（如下图所示）.你认为同学 _（填“甲”、“乙”）的方案更合理.请继续帮助该同学作出坐标中的图

10、象_.在“探究加速度a与合力F的关系”时，保持小车的质量不变，改变小桶中细砂的质量，该同学根据实验数据作出了加速度a与合力F的图线如图(c)，该图线不通过坐标原点，试分析图线不通过坐标原点的原因_。14（7 分）、二极管的说明书上提供了它的伏安特性曲线（正向最大电流50mA左右），物理兴趣小组想要验证该二极管的伏安特性曲线。（1）选择好实验器材准备连接电路时，发现二极管外壳正、负的标识看不清楚，于是就用多用电表欧姆挡来判断它的正、负极：用欧姆表“100”档两次实验情况如图甲、乙所示，由此可知_（填“A”或“B”）端为二极管的正极。（2）该物理兴趣小组要对该二极管加正向电压时的伏安特性曲线进行验

11、证，实验室提供的器材有：A直流电源（电动势3V，内阻不计）B滑动变阻器（020）C电压表（量程3V，内阻约 30K)D电流表（量程50mA，内阻约50）E待测二极管F导线、开关为了提高测量精度，请在虚线框内的实验电路图中加上直流电源E及滑动变阻器R，并将电路图连接完整。电流I/mA 0 0 0.2 1.8 3.9 8.6 14.0 21.8 33.5 50.0 电压U/V 0 0.50 0.75 1.00 1.25 1.50 1.75 2.00 2.25 2.50（3）依据实验中测量数据在坐标纸上画出该二极管的伏安特性曲线如图所示，我们将该二极管与阻值为50的定值电阻串联后接到电压为3V的恒压

12、电源两端，使二极管正向导通，测得二极管导通时的功率为P测，则P测=_W（结果保留一位有效数字）。（4）若考虑电压表或电流表的内阻对实验造成影响，那么第（3）问中该二极管正向导通时的实际功率P实_P测（选填“大于”、“小于”或“不确定”）。请你提出一条减小P实与P测差异的改进建议：_ 三、计算题（本大题共2 小题，计 23 分，解答应写出文字说明、计算过程或演算步骤,只写出结果的不得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位）15(11 分)、如图所示，在足够大的光滑水平桌面上，有一个质量为102kg 的小球，静止在该水平桌面内建立的直角坐标系xOy 的坐标原点O。现突然沿x 轴正方向对小

13、球施加大小为2102N的外力 F0，使小球从静止开始运动，在第1s 末所加外力F0大小不变，方向突然变为沿y 轴正方向，在第2s 后，所加外力又变为另一个不同的恒力 F。求：(1)在第 1 末，小球的速率；(2)在第 2s 末，小球的位移；(3)要使小球在第3s 末的速度变为零所加的恒力F(保留两位有效数字)16（12 分）、在金属板A、B间加上如图乙所示的大小不变、方向周期性变化的交变电压UO，其周期是T现有电子以平行于金属板的速度VO从两板中央射入（如图甲）已知电子的质量为m，电荷量为e，不计电子的重力，求：（1）若电子从t=0 时刻射入，在半个周期内恰好能从A板的边缘飞出，则电子飞出时速

14、度的大小（2）若电子从t=0 时刻射入，恰能平行于金属板飞出，则金属板至少多长？（二）选考题:共 15 分.请考生从给出的2 个模块中选一模块做答.如果多做，则按第一模块即【选修 3-3】计分.17.物理 选修 33（15 分）(1)(5 分)以下说法正确的是A布朗运动的剧烈程度与温度有关，所以布朗运动也叫热运动B液晶的光学性质与某些晶体相似，具有各向异性C雨天打伞时，雨水没有透过布雨伞是因为液体表面张力作用的结果D相互接触的两个物体发生热传递，达到热平衡时温度一定相同，而内能可能不同E.用 NA表示阿伏加德罗常数，M 表示铜的摩尔质量，表示实心铜块的密度，那么铜块中一个铜原子所占空间的体积可

15、表示为AMN(2)(10 分)如图所示，U 型玻璃细管竖直放置，水平细管与U 型细管底部相连通，各部分细管内径相同。此时U型玻璃管左、右两侧水银面高度差为15cm，C管水银面距U 型玻璃管底部距离为5cm，水平细管内用小活塞封有长度为 12.5cm 的理想气体A，U 型管左管上端封有长25cm 的理想气体B，右管上端开口与大气相通，现将活塞缓慢向右压，使U 型玻璃管左、右两侧水银面恰好相平，已知外界大气压强为75cmHg，忽略环境温度的变化，水平细管中的水银柱足够长，求：(i)气体 B的长度；()活塞移动的距离。18.物理 选修 34（15 分）(1)(5 分)如图所示是一列沿x 轴负方向传播

16、的简谐横波在某时刻的波形图，波的传播速度v2m/s，则：从 这 一 时 刻 起x 2m处 质 点 的 振 动 方 程 是y_m；从这一时刻起x 5m 处质点在55s 内通过的路程s_m。(2)(10 分)如图所示，AOBC为某种透明介质的截面图，AOC为等腰直角三角形，BC为半径 R10cm 的四分之一圆弧，AB与水平面屏幕MN 垂直并接触于A 点由红光和紫光两种单色光组成的复色光射向圆心O，在 AB分界面上的入射角i45，结果在水平屏幕MN 上出现两个亮斑已知该介质对红光和紫光的折射率分别为n1，n2（i）判断在AM 和 AN 两处产生亮斑的颜色；（ii）求两个亮斑间的距离（结果保留4 位有

17、效数字）参考答案第 I 卷（选择题共 48分）一、选择题（本大题共12 小题,每小题 4分，计 48分.在每小题给出的四个选项中，第1 8题只有 一项符合题目要求;第 912题有多项符合题目要求,全部选对的得 4 分，选对但不全的得2 分，有选错的得 0 分）1、【答案】A【解析】【分析】根据匀变速直线运动中速度位移关系公式来分析速度的平方与位移之间的关系，再根据图象进行分析即可分析物体的运动性质，求得加速度由运动学公式研究即可【详解】由匀变速直线运动的速度位移关系公式v2-v02=2ax 可得 v2=2ax+v02，可知物体的加速度恒定不变，速度均匀减小，故物体做匀减速直线运动，故B错误；由

18、上式知，v2-x 图象的斜率等于2a，由图可得：，则得物体的加速度大小为，故 A正确。该物体在运动过程中的平均速度为，由于物体做匀减速直线运动，所以该物体在运动中间时刻的速度等于，物体在位移中点的速度大于中间时刻的速度，所以物体在位移中点的速度大于；故 CD错误；故选A。2、【答案】D【解析】【分析】物体始终不动，则弹簧的长度不变，弹力不变；轨物体B受力分析，分析物体B所受摩擦力的大小和方向情况；对整体受力分析，可得木板A受到地面的摩擦力的变化.【详解】将外力F 缓慢减小到零，物体始终不动，则弹簧的长度不变，弹力不变，选项A错误；对物体B，因开始时所受的静摩擦力的方向不确定，则由F弹=Ff，则

19、随 F 的减小，物体B所受摩擦力大小和方向都不能确定，选项BC错误；对AB的整体，水平方向力F 与地面对 A的摩擦力平衡，则随F的减小，木板A受到地面的摩擦力逐渐减小，选项D正确，故选D.3、【答案】C【解析】【来源】黑龙江省哈尔滨市第六中学2018-2019 学年高二下学期期末物理试题【详解】设任一斜面的倾角为，圆槽直径为d，根据牛顿第二定律得到sinag，斜面的长度为sinxd，则有212xat，解得22 sin2sinxddtagg，可见物体下滑时间与斜面的倾角无关，则有123ttt；因CQBQAQ，根据xvt可知321vvvA.v2v3v1不符合题意，A错误B.v1v2v3不符合题意，

20、B错误C.v3v2v1符合题意，C正确D.v1v2v3不符合题意，D错误4、【答案】D【解析】【分析】根据题中“a 从光滑斜面顶端由静止开始自由下滑，同时b、c 从同一高度分别开始自由下落和平抛”、“它们的末动能”、“落地时重力的功率”可知，本题考察运动学和机械能相结合的问题。根据平抛运动、自由落体运动、斜面上物体运动的规律，运用牛顿运动定律、运动学公式、动能定理和功率等知识进行求解。【详解】Aa 从光滑斜面顶端由静止开始自由下滑，下滑的加速度，当a 下滑高度为h 时，；b 做自由落体运动，当 b 下落高度为h 时，；所以 a、b 到达同一水平面所用时间。故 A项错误。Ba、b 两球从开始运动

21、到落地过程中，a、b 两球的重力做功相等，由动能定理可知，它们的动能的变化相同，则其末速度大小相等，但两球末速度的方向不同。故B项错误。Ca、b、c 三球从开始运动到落地过程中，a、b、c 三球的重力做功相等，由动能定理可知，它们动能的变化相同；c 有初速度，则c 球末动能最大。故C项错误。D重力的功率等于重力与竖直方向分速度的乘积。b 做自由落体运动，c 做平抛运动，落地时b、c 竖直方向的分速度相等，则PbPc。a、b 末速度大小相等，b 竖直方向分速度大于a 竖直方向分速度，则PbPa。故 D 项正确。5、【答案】C【解析】【分析】在 P、Q间距增大过程中，电容发生变化，而电容直接与电源

22、相连，电容两端间的电压不变，从而可判断出电量的变化及电流的流向，再次可比较出电势的高低。【详解】电容式话筒与电源串联，电压U保持不变；在 P、Q间距增大过程中，根据电容决定式4SCkd可知电容减小，又根据电容定义式QCU得知电容器所带电量减小，则P极板上电荷量减小，电容器放电，放电电流通过R的方向由M到 N，那么 M点的电势比N点高根据场强UEd可知 P、Q两极板间的场强变小，综上所述，故ABD错误，C正确；故选：C。6、【答案】B【解析】试题分析：该变压器原、副线圈匝数比为k，当开关 S断开时，原线圈两端电压，电流为 I1=I，副线圈的电压，根据欧姆定律，当开关S 闭合时，原线圈两端电压，电

23、流为 I1=4I，副线圈的电压，根据欧姆定律综上解得k=3，故 A、C、D错误，B正确。【考点定位】变压器、欧姆定律【名师点睛】本题主要考查变压器、欧姆定律。解决这类问题的关键是掌握变压器的构造和原理，对于变压器需要掌握公式、，并能熟练运用。此题值得注意的是变压器的原线圈与电阻串联后接入交流电压。7、【答案】D【解析】【分析】速度-时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，根据图象判断确定何时两车相遇；图象切线的斜率表示加速度；【详解】A、速度？时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，则0？t2时间内甲的位移等于乙的位移，由于甲的初位置与乙的初位置未知，所以无法判断甲、乙两车在t2时刻是否相遇，故A错误

24、；B、若 S1S2，在 0-t2时间内甲的位移大于乙的位移，由于甲的初位置与乙的初位置未知，所以无法判断甲、乙两车在0-t2时间内是否相遇，故B错误；C、由图象切线的斜率表示加速度，在t1时刻，乙的斜率大于甲的斜率，故乙的加速度大于甲的加速度，故C错误；D、若甲做匀加速直线运动，0-t2时间内，甲车的平均速度；由速度？时间图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，在0-t2时间内，甲车的运动位移小于匀加速直线运动的位移，所以甲车的平均速度小于，故 D正确；故选 D。8、【答案】D【解析】【分析】由右手螺旋定则可求得线圈中的磁场方向，再由楞次定律明确电流方向及环的受力方向。【详解】若环放在线圈两边，根

25、据“来拒去留”可得，合上开关S的瞬间，环要阻碍磁通量增大，则环将向两边运动，故AB 错误；由于铜环的电阻较小，故铜环中感应电流较大；故铜环受到的安培力要大于铝环，故C错误；线圈中电流为右侧流入，磁场方向为向左，在闭合开关的过程中，磁场变强，则由楞次定律可知，电流由左侧向右看为顺时针，故D正确；故选D。【点睛】本题要掌握楞次定律的两种描述，一是“增反减同”；二是“来拒去留”；并能灵活根据它们去判断电流方向及受力方向。9、【答案】AD【解析】【分析】第一宇宙速度是最小的发生速度；探测器要进入低轨道，必须要制动减速；根据判断选项D.【详解】第一宇宙速度是最小的发生速度，即探测器发射速度必须要大于7.

26、9km/s，选项 A 正确；探测器要进入低轨道，必须要制动减速，选项B 错误；从点火到进入圆轨道，轨道的高度降低29m，而探测器位移要大于29km，选项 C错误；根据可知，若已知引力常量G、圆形轨道半径r 及探测器在其上运行周期T，可估算月球质量M，选项 D正确；故选AD.10、【答案】BC【解析】【分析】根据同向电流导体互相吸引，反向电流导体互相排斥分析导线两两之间的受力方向，根据平行四边形定则分析导线所受磁场作用力的方向，根据安培力公式和平行四边形定则确定三根单位长度所受的磁场作用力大小；【详解】根据同向电流导体互相吸引，反向电流导体互相排斥可得，C导线对 A导线的安培力的方向沿CA方向，

27、单位长度所受的磁场作用力大小为，其中r 为两直导线的距离，L 为单位长度；B 导线对A导线的安培力的方向沿AB方向，单位长度所受的磁场作用力大小为，根据平行四边形定则可知A导线所受磁场作用力的方向与AB垂直且向下，单位长度所受的磁场作用力大小为；同理可得 A 导线对C导线的安培力的方向沿AC方向，单位长度所受的磁场作用力大小为，B 导线对C导线的安培力的方向沿BC方向，单位长度所受的磁场作用力大小为，根据平行四边形定则可知C 导线所受磁场作用力的方向与AB垂直向上，单位长度所受的磁场作用力大小为；同理可得 B导线单位长度所受的磁场作用力大小为；所以，故 B、C正确，A、D错误；故选 BC。11

28、、【答案】AB【解析】【分析】电压表测的是电流的有效值，根据电压与匝数成正比求解，根据图乙所示图象求出交变电流的峰值、角频率初位相，然后写出交变电流的瞬时值表达式，电容通高频阻低频，则频率越大，阻碍作用越小，电感线圈通低频阻高频，则频率越大，阻碍作用越大；电动势最大时，发电机的线圈平面与磁场方向平行。【详解】A.根据乙图可知，原线圈电压的最大值为311V，=2/T=100rad/s，则电压u 的表达式u=311sin100t(V)，故A正确；B.原线圈电压不变，线圈匝数不变，仅增大电压u 的频率，电压表示数不变，则电容通高频阻低频，D1亮度变亮；电感线圈通低频阻高频，则频率越大，阻碍作用越大，

29、所以D2变暗，故B正确；C.仅拔出电感线圈L 的铁芯，自感系数减小，D1亮度变暗，D2亮度也变暗，故C错误；D.根据乙图可知，原线圈电压的最大值为311V，则有效值U1=V=220V，根据理想变压器电压与匝数成正比得：n1：n2=U1：U2=10：1，解得：U2=22V，所以电压表示数为22V 不变，t 0.005s 时，电动势最大，发电机的线圈平面与磁场方向平行，故D错误；故选：AB 12、【答案】AD【解析】【分析】首先根据个图中的电流的方向以及磁场的方向判断出安培力的方向，分析其与重力在斜面方向上的分量，判断在斜面方向上的合力能否为mg，即可得知其加速度是否能为g，从而判断各选项的正误【

30、详解】A 图，由左手定则可知，导体棒受到竖直向下的安培力作用，与重力的合力在斜面上的分量可能等于 mg，所以导体棒可能以a=g 的加速度沿斜面向下运动。选项A正确。B图中的导体棒受到的安培力水平向右，在斜面上的分量沿斜面向上，所以导体棒不可能以a=g 的加速度沿斜面向下运动，选项B错误。C图中的导体棒受到的安培力方向沿斜面向上，导体棒受到的合力不可能为mg，所以导体棒不可能以a=g 的加速度沿斜面向下运动，选项C错误。D图中的导体棒受到的安培力方向沿斜面向下，导体棒受到的合力可能为mg，所以导体棒可能以 a=g 的加速度沿斜面向下运动，选项D正确。故选AD。（一）必考题:共 37 分.每道试题

31、考生都必须做答.二、实验题（本大题共2 小题，计14 分）13、【答案】(1).3.2 (2).乙 (3).(4).实验前未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足【解析】【详解】A、B、C、D、E为每两个点取出的计数点，每一个点的时间间隔为0.02s，所以每两个点的时间间隔为 0.04s，由逐差法可得加速度甲同学认为应该根据实验中测得的数据作出小车加速度a 与其质量m的图象，按照自己的方案将实验数据在坐标系中进行了标注；由图可知，甲图得到的图线是曲线，不能很好地得出加速度与质量的关系；而乙同学认为应该根据实验中测得的数据作出小车加速度a 与其质量倒数的图象，并按照自己的方案将实验数据在坐标系中进行了标注，

32、由乙图可知，小车的加速度与小车质量的倒数成正比，所以乙同学的方案是合理的；完成图线如图：从图象可以看出当有了一定的拉力F时，小车的加速度仍然是零，小车没动说明小车的合力仍然是零，即小车还受到摩擦力的作用，说明摩擦力还没有平衡掉，或者是平衡摩擦力了但是平衡的还不够，没有完全平衡掉摩擦力，所以图线不通过坐标原点的原因是实验前该同学未平衡（或未完全平衡）摩擦力14、【答案】(1).B (2).0.04 (3).小于 (4).换内阻更大的电压表【解析】【分析】(1)二极管具有单向导电性，当接反向电压时，二极管的电阻很大，由欧姆表的示数可知二极管的极性；(2)电源已知，根据电源的电动势可以选出电压表，由

33、图中示数可以选出电流表；为了得到范围较大的测量值，本实验应选择分压接法，为了准确应选用电流表外接法；(3)在 I-U 图象中作同电源的伏安特性曲线，两图象的交点为二极管的工作点，由图可知其电压和电流，再由P=UI 可求得对应的功率；(4)根据实验电路图分析实验误差，然后根据实验误差来源提出改进措施。【详解】(1)二极管具有单向导电性；而欧姆表中指针偏转较大说明电阻较小，即为正向电流；而欧姆表内部的电源正极接在黑表笔上，故黑表笔接在二极管的正极处电流较大，故由题意可知，二极管B侧为正；(2)由题意可知，本实验要求作出伏安特性曲线，故要求多测数据，故应采用分压接法；同时，因正向电压时二极管电阻较小

34、，故应采用电流表外接法；其实验的原理图如图所示(3)(4)在同一坐标图上画出电动势为3V，内阻为 50 的电源的电流I 与路端电压U的图象，如图所示所示：由实验电路图可知，电流表采用外接法，由于电压表分流作用，所测电流I 偏大，二极管的实际功率小于测量功率；减小电压表的分流会减小P实与 P测差异，电压表内阻越大，电压表分流越小，为减小P实与 P测差异可以使用内阻很大的电压表进行实验。由图示图象可知，两图线交点坐标（20V，20mA），则二极管导通时的功率P=UI=20 0.020=0.04W。三、计算题（本大题共2 小题，计23 分，解答应写出文字说明、计算过程或演算步骤,只写出结果的不得分.

35、有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位）15、【答案】（1）2m/s（2）（3）2.8 10-2N【解析】【详解】（1）根据牛顿第二定律F0=ma 在第 1s 末，根据速度时间关系v1=at 解得：v1=2m/s；（2）在第 1s 末，根据位移时间关系x1=在第 2s 内，小球从x 轴正方向开始做类平抛运动：在 x 方向：x2=v1t 在 y 方向：位移：x=联立解得x=，设位移与X轴正方向的夹角为，sin=（3）在第 2s 末，沿 x 轴正方向速度仍为v1=2m/s 在 y 方向分速度为v2=at=2m/s，此时速度与x 轴正方向的夹角为45所加恒力一定与速度方向相反，小球沿x 轴方向

36、加速度沿 y 轴方向加速度小球的加速度根据牛顿第二定律F=ma 联立解得F=2.810-2N 16、【答案】（1）200eUvm（2）0v T【解析】【分析】（1）电子在半个周期内恰好能从A板的边缘飞出，在此过程中只有电场力做功，根据动能定理即可解除电子飞出时的速度（2）若电子从t=0 时刻射入，恰能平行于金属板飞出，说明电子在竖直方向前半周期做匀加速直线运动，后半周期做匀减速直线运动，到电子飞出电场最少用时为T；【详解】（1）电子飞出过程中只有电场力做功，根据动能定理得：220011222Uemvmv解得：200eUvvm（2）若电子恰能平行于金属板飞出，说明电子在竖直方向前半周期做匀加速直

37、线运动，后半周期做匀减速直线运动，到电子飞出电场最少用时为T；则电子水平方向做匀速直线运动：L=v0T（二）选考题:共 15 分.请考生从给出的2 个模块中选一模块做答.如果多做，则按第一模块即【选修 3-3】计分.17.物理 选修 33（15 分）(1)【答案】BCD【解析】热运动是分子无规则的运动，布朗运动并不是分子的运动；所以尽管布朗运动的剧烈程度与温度有关，但不能把布朗运动叫做热运动。故A 项错误。液晶像液体一样具有流动性，其光学性质与某些晶体相似，具有各向异性。故 B 项正确。水将伞面的纱线打湿后，在伞面纱线缝隙间形成水膜，水膜的表面张力使得雨水没有透过伞面。故 C项正确。热的宏观体

38、现是温度，当两物体温度相同时，就会停止传热，即热平衡。相互接触的两个物体发生热传递，达到热平衡时温度一定相同。物体的内能与物质的量、温度、体积有关；温度相同的两物体内能可能不同。故 D 项正确。铜的摩尔体积，一个铜原子所占空间的体积。故 E项错误。(2)【解析】(i)(i)设玻璃管横截面积为S，活塞缓慢向右压的过程中，气体B做等温变化解得气体B 的长度(ii)()活塞缓慢向右压的过程中，各部分液柱移动情况示意如图：U 形管左管中水银柱长度变化等于气柱B 长度的变化U 形管右管中水银柱长度变化气体 A 做等温变化解得气体A 的长度活 塞 移 动 的 距 离 等 于A部 分 气 体 长 度 的 变

39、 化 加 上U 形 管 左 右 两 侧 水 银 柱 长 度 的 变 化，所 以18.物理 选修 34（15 分）【答案】0 55【解析】由图读出振幅A=5cm，波长=4m，则该波的周期为，=（rad/s）；在 t=0 时刻，x=2m 处质点处于y=0cm 且向下振动，则x=2m 处质点的振动函数表达式：y=-Asin t=-0 05sin t(m)。因为t=5 5s=2 75T，则 x=5m 处质点在5 5s 内通过的路程为：S=2 75 4A=2 75 4 5cm=55cm=0 55m。(2)【解析】(i)根据临界角公式知红光与紫光的临界角分别为：，而光线在AB 面上入射角，说明紫光恰好发生了全反射，红光从AB 面有反射，也有折射。所以在AM 区域的亮斑为红色，在AN 区域的亮斑为红色与紫色的混合色。(ii)画出如图光路图如图所示：设折射角为r，两个光斑分别为，根据折射定律得，得到：由几何知识可得：解得：由几何知识可得为等腰直角三角形，解得：所以：。