高三化学最新信息卷十一3.pdf

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1、2019 年高考高三最新信息卷化学（十一）注意事项：1本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分。答题前，考生务必将自己的姓名、考生号填写在答题卡上。2回答第卷时，选出每小题的答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在试卷上无效。3回答第卷时，将答案填写在答题卡上，写在试卷上无效。4考试结束，将本试卷和答题卡一并交回。可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 Na 23 S 32 Cl 35.5 K 39 一、选择题：本大题共7 小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。7下列对古文献记

2、载内容理解错误的是A天工开物记载：“凡埏泥造瓦，掘地二尺余，择取无沙黏土而为之”。“瓦”，传统无机非金属材料，主要成分为硅酸盐。B本草纲目“烧酒”条目下写道：“自元时始创其法，用浓酒和槽入甑，蒸令气上其清如水，味极浓烈，盖酒露也”。这里所用的“法”是指蒸馏。C开宝本草中记载：“此即地霜也，所在山泽，冬月地上有霜，扫取以水淋汁后，乃煎炼而成”。文中对硝酸钾提取涉及到升华操作D本草经集注有记载：“以火烧之、紫青烟起，乃真硝石也”，区分硝石（KNO3）和朴硝（Na2SO4），该方法利用了焰色反应8设为阿伏加德罗常数的值。下列说法错误的是A0.1mol和 0.1mol于密闭容器中充分反应，反应后分子总

3、数为0.2B向过氧化钠中通入足量的二氧化碳，当固体增重28g，转移电子数为C在标准状况下，22.4L HF 与个中含有的电子数相同D含有个胶粒的氢氧化铁胶体中，铁元素的质量大于56g 9油纸伞是“国家级非物质文化遗产”，其传统制作技艺的最后一步使用的桐油(主要成分是不饱和脂肪酸甘油三酯)，可因自行聚合而固化。下列有关说法正确的是A1，2-丙二醇与甘油互为同系物BC17H33COOH 的直链不饱和脂肪酸共17 种C天然桐油能使酸性高锰酸钾溶液褪色D桐油的自行聚合固化属于缩聚反应10某学习小组设计用98%的浓硫酸制取并验证其部分性质的实验装置图如下(夹持装置省略)。下列叙述不正确的是A装置 A中发

4、生的离子反应方程式为：B若装置B中装有品红溶液，观察到B中溶液红色褪去，则说明具有漂白性C若装置B中装有酸性高锰酸钾溶液，观察到B中溶液褪色，则说明具有还原性D装置 C产生的白色沉淀为BaSO411A、B、C、D、E、F 是六种短周期主族元素，其中D、E同主族，C、E同周期，A的核电荷数等于其电子层数，B、D形成的化合物可用于制不粘锅的保护膜，B、E形成的某种化合物是一种常见的有机溶剂，C的次外层电子数是最外层电子数的4倍，D的单质可与水反应置换出F 的单质。下列说法不正确的是A离子半径：EFDCA B含氧酸的酸性可能为：B E CA、B、F 形成的某种化合物可使澄清石灰水变浑浊DA与 C形成

5、的化合物溶于水显酸性12一种新型动力电池(LiFePO4电池)总反应式为Li1xFePO4+LixC6C6+LiFePO4，内部结构如图 1 所示，只有Li+通过聚合物隔膜。以此电池电解Na2SO4溶液(电极材料为石墨)，可制得NaOH和 H2SO4，其原理如图2 所示。下列说法错误的是A电池放电时，LixC6在负极发生氧化反应B电池放电时，正极反应式为 Lil xFePO4+xLi-+x e-=LiFePO4C电解时，图2 的 b 电极反应式为2H2O4e-=O2+4H+D电解时，当转移0.2mol 电子，A口产生气体的质量1.6g 13常温下，向1L 0.1molL1 NH4Cl 溶液中不

6、断加入固体NaOH 后，NH+4与 NH3H2O的变化趋势如右图所示(不考虑体积变化和氨的挥发)，下列说法不正确的是AM点溶液中水的电离程度比原溶液小B在 M点时，n(OH)n(H+)=(a 0.05)mol C随着 NaOH 的加入，不断增大D当 n(NaOH)=0.05mo1 时，溶液中有：c(Cl)c(NH+4)c(Na+)c(OH)c(H+)二、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。第26-28 题为必考题，每个试题考生都必须作答。第35-36 题为选考题，考生根据要求作答。26（14 分）硫酰氯(SO2Cl2)常作氯化剂或氯磺化剂，用于制作药品、染料、表面活性剂等。有关物质的部分性

7、质如下表：物质熔点/沸点/其他性质SO2Cl2-54.1 69.1 易水解，产生大量白雾100以上易分解为SO2和 Cl2H2SO410.4 338 具有吸水性且难分解实 验 室 用 干 燥 而 纯 浄 的 二 氧 化 硫 和 氯 气 合 成 硫 酰 氯，反 应 的 热 化 学 方 程 式 为：SO2(g)+Cl2(g)SO2Cl2(l)H=97.3kJ mol1反应装置如图所示(夹持仪器已省略)，请回答有关问题：（1）仪器 B的名称为 _；（2）仪器 A的作用是 _；（3）装置乙中盛放的试剂为_，在实验室用氢氧化钠溶液吸收多余硫酰氯的离子反应方程式为 _；（4）为提高本实验中硫酰氯的产率，在

8、实验操作中需要注意的事项有_(填序号)；先通冷凝水，再通气体控制气流速率，宜慢不宜快若三颈烧瓶发烫，可适当降温加热三颈烧瓶（5）少量硫酰氯也可用氯磺酸(ClSO3H)分解获得，该反应的化学方程式为：ClSO3H=H2SO4+SO2Cl2，此方法得到的产品中会混有硫酸。分解产物中分离出硫酰氯的实验操作名称为_。某同学为检验硫酰氯产品中是否混有硫酸设计实验如下：取少量产品溶于水，加入盐酸酸化的氯化钡溶液，振荡，观察到有白色沉淀生成，则认为产品中含有硫酸。该同学的结论是否正确，请说明理由 _。27（14 分）某兴趣小组以废铁屑制得硫酸亚铁铵后，按下列流程制备二水合草酸亚铁()，进一步制备高纯度还原铁

9、粉。已知：难溶于水；是二元弱酸，溶于水。（1）步骤中H2C2O4稍过量的目的是：_；（2）步骤中得到FeC2O4.2H2O的离子反应方程式为：_。（3）实现步骤，必须在 _(填仪器名称)中进行，该步骤发生的化学反应方程式为：_（4）为实现步骤，不宜用碳粉直接还原Fe2O3，理由是 _。（5）若将固体放在一个可称出质量的容器内加热，(Mr=180)首先逐步失去结晶水，温度继续升高时，(Mr=144)会逐渐转变为铁的各种氧化物。称取18.00g，持续加热，剩余固体的质量随温度变化的部分数据如下表(其中 450以前是隔绝空气加热，450以后是在空气中加热)：温度/25 150 300 350 400

10、 450 500 600 700 800 固体质量/g 18.00 16.20 14.40 14.40 7.20 7.20 8.00 8.00 7.73 7.73 根据上述数据计算并推断：150剩余的固体物质是_(填化学式，下同)；800剩余的固体物质是_。28（15 分）探索 CO2与 CH4的反应使其转化为CO和 H2，对减缓燃料危机，减少温室效应具有重要意义。回答下列问题（1）已知：CH4(g)+H2O(g)CO(g)+3H2(g)H1=+206.1kJmol-12H2(g)+CO(g)CH3OH(1)H2=128.3kJ mol-12H2(g)+O2(g)2H2O(g)H3=483.6

11、kJ mol-125时，在合适的催化剂作用下，采用甲烷和氧气一步合成液态甲醇的热化学方程式为_ _。（2）向某密闭恒容容器中通入物质的量浓度均为0.1molL-1的 CH4与 CO2，在一定条件下发生反应 CH4(g)+CO2(g)2CO(g)+2H2(g)，测得 CH4的平衡转化率与温度、压强的关系如图所示。工业生产时一般会选择在P4和 1250条件下进行反应，请解释其原因_ _。在压强为P4、1100的条件下，该反应在5min 时达到平衡点X，则 0-5min 内，用 CO表示该反应平均速率为_；该温度下，反应的平衡常数为_(保留 3 位有效数字)。（3）工业上用CO和 H2制取甲醇反应方

12、程式为2H2(g)+CO(g)CH3OH(g)。对于该合成反应，若通入的CO的物质的量一定，如图为4 种投料比 n(CO)n(H2)分别为 57、1017、59、1 2时，反应温度对CO平衡转化率的影响曲线。曲线 b 对应的投料比是_。当反应在曲线a、b、c 对应的投料比下达到相同的平衡转化率时，对应的反应温度和投料比的关系是 _。投料比为1017 反应温度为T1时，平衡混合气体中CO的物质的量分数为_。35【化学一选修3：物质结构与性质】（15 分）（1）第四周期的某主族元素，其第一至第五电离能数据如图1 所示，则该元素对应基态原子的M层电子排布式为_。（2）如图 2 所示，每条折线表示周期

13、表IVA-VIIA中的某一族元素氢化物的沸点变化，每个小黑点代表一种氢化物，其中a 点代表的是 _。（填化学式）（3）CO2在高温高压下所形成的晶体其晶胞如图3所示。该晶体的熔点比SiO2晶体 _(填“高”或“低”)（4）化合物(CH3)3N与盐酸反应生成(CH3)3NH，该过程新生成的化学键为_(填序号)。A离子键 B配位键 C氢键 D非极性共价键若化合物(CH3)3N能溶于水，其可能的原因有_。（5）碳可以形成多种有机化合物，下图4 所示是一种嘌呤和一种吡啶的结构。嘌呤中所有元素的电负性由大到小的顺序_。嘌呤中轨道之间的夹角1 比 2 大，请加以解释_。分子中的大 键可以用符号nm表示，其

14、中m代表参与形成大 键的原子数，n 代表参与形成大 键的电子数。该嘌呤和吡啶中都含有大 键，请问：该吡啶中的大 键可表示为 _。吡啶结构中N原子的杂化方式为_。（6）碳可以形成CO、CO2、H2CO3等多种无机化合物。在反应CO转化成 CO2的过程中，下列说法正确的是_ A每个分子中孤对电子数不变 B分子极性变化C原子间成键方式改变 D分子的熔沸点变大干冰和冰是两种常见的分子晶体，晶体中的空间利用率：干冰 _冰。（填“”、“”或“”）H2CO3和 H3PO4相比较酸性的强弱：H2CO3_H3PO4。（填“”、“”或“”）36【化学选修5：有机化学基础】（15 分）有机物 J 是我国自主研发的一

15、类新药，它属于酯类，分子中除苯环外还含有一个五元环。合成J 的一种路线如下：已知：回答下列问题：（1）B的结构简式是 _；C中的官能团名称是_。（2）D生成 E的化学方程式为。（3）HJ的反应类型是。H在一定条件下自身缩聚生成高分子化合物的结构简式是_。（4）根据，X的分子式为 _。X有多种同分异构体，其中满足下列条件的同分异构体共有_ 种（已知：碳碳叁键或碳碳双键不能与羟基直接相连）。A除苯环外无其他环，且无O O 键B能与 FeCl3溶液发生显色反应C苯环上一氯代物只有两种（5）利用题中信息和所学知识，写出以甲烷和甲苯为原料，合成路线流程图（其它试剂自选）。绝密 启用前2019 年高考高三

16、最新信息卷化学答案（十一）7.【答案】C【解析】A“瓦 由黏土烧制而成，黏土的分成是硅酸盐，所以“瓦”是传统无机非金属材料，主要成分为硅酸盐，选项A正确；B古代用蒸馏法酿酒，选项B正确；C“所在山泽，冬月地有霜”的意思是冬天温降低，硝酸钾溶解度降低，结晶析出覆于地面；“扫取以水淋汁 的意思是收集析出的硝酸钾固体，再将硝酸钾溶解于水中形成溶液；“煎炼而成”的意思是蒸发浓缩硝酸钾溶液，使硝酸钾从溶液中析出得到纯净的硝酸钾固体，文中不涉及升华，选项C错误；D钠元素的焰色反应是黄色的，钾元素的焰色反应是紫色的，可以用焰色反应鉴别硝酸钾和硫酸钠，选项D 正确。答案选 C。8.【答案】C【解析】AH2和

17、I2反应前后气体分子数不变，所以0.1mol H2和 0.1mol I2于密闭容器中充分反应，反应后分子总数为0.2NA，故 A正确；B过氧化钠和二氧化碳反应时，增重的为CO的质量，且反应掉1mol CO2增重 28g转移 1mol 电子，故当固体增重28g 时转移NA个电子，故 B正确；C 氟化氢在标准状况下为液态，不能用22.4L/mol这个摩尔体积，所以无法计算，故C错误；DFe(OH)3胶粒是由许多个Fe(OH)3聚集而成的，所以含有个胶粒的氢氧化铁胶体中，铁元素的质量大于 56g，故 D正确。故答案选C。9.【答案】C【解析】同系物必须结构相似，组成上相差n 个-CH2原子团；1，2

18、-丙二醇与甘油所含有的羟基个数不同，1，2-丙二醇含有2 个羟基，甘油含有3 个羟基，结构不相似，不是同系物关系，A错误；如果-C17H33为直链烃基，含有碳碳双键就有16 种，如果-C17H33为带有支链的烃基，含有碳碳双键的数目远大于17 种，所以C17H33COOH 的直链不饱和脂肪酸大于17 种，B错误；桐油主要成分是不饱和脂肪酸甘油三酯，结构中含有碳碳双键，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，C 正确；桐油主要成分是不饱和脂肪酸甘油三酯，结构中含有碳碳双键，在一定条件下与氢气发生加成反应变为固态，不属于缩聚反应，D错误；正确选项C。10.【答案】A【解析】A浓硫酸和固体在写离子方程式时应用化学

19、式，所以SO2-3+H2SO4(浓)=SO2+H2O+SO2-4，故 A错误；B品红溶液红色褪去，说明 SO2具有漂白性，故 B正确；C二氧化硫具有还原性，酸性高锰酸钾具有强氧化性，两者发生氧化还原反应溶液褪色，则说明SO2具有还原性，故C正确；D二氧化硫的水溶液与氯化铁发生氧化还原反应生成硫酸根离子与钡离子结合成硫酸钡沉淀，所以装置 C产生的白色沉淀为BaSO4，故 D正确。答案选A。11.【答案】D【解析】根据上述分析可知，A、B、C、D、E、F 分别为 H、C、Mg、F、Cl 与 O元素，A 电子层数越多，简单离子半径越大，电子层数相同时，核电荷数越小，离子半径越大，则离子半径比较：Cl

20、-O2-F-Si4+H+，即 EFDCA，A 项正确；BB 的含氧酸为碳酸，E 的含氧酸有许多，如高氯酸、氯酸、次氯酸等，因碳酸的酸性强于次氯酸，所以含氧酸的酸性可能为：B E，B 项正确；C A、B、F 形成的化合物碳酸可与澄清石灰水反应生成碳酸钙白色沉淀与水，C 项正确；DA与 C形成的化合物为MgH2可与水反应生成氢氧化镁与氢气，D项错误；答案选D。12.【答案】D【解析】LiFePO4电池放电时，LixC6在负极上发生氧化反应，Li1-xFePO4在正极上发生还原反应。电解 Na2SO4溶液可通过阴阳离子移向判断阴阳极。A由电池的总反应可知，放电时，LixC6在负极上失电子发生氧化反应

21、，A正确；B放电时，正极发生还原反应，电极反应式为Lil xFePO4+xLi+xe=LiFePO4，B正确；CSO2-4移向 b 极，说明b 极为阳极，阳极发生失电子的氧化反应，电极反应为：2H2O 4e=O2+4H+，C 正确；DNa+移向 a 极，说明a 极为阴极，阴极发生得电子的还原反应，电极反应为：2H2O+2e=H2+2OH-，当转移 0.2mol 电子，产生氢气0.1mol，质量为0.2g；答案：D。13.【答案】C【解析】常温下，向1L 0.1mol L-1 NH4Cl 溶液中不断加入固体NaOH，则溶液中发生反应NH+4+OH-=NH3H2O，随着反应进行，c(NH+4)不断

22、减小，c(NH3?H2O)不断增大。A项、M点是向 1L 0.1molL-1 NH4Cl 溶液中，不断加入NaOH 固体后，反应得到氯化铵和一水合氨的混合溶液，溶液中铵根离子浓度和一水合氨浓度相同，一水合氨是一元弱碱抑制水电离，此时水的电离程度小于原氯化铵溶液中水的电离程度，故 A正确；B项、根据电荷守恒c(H+)c(NH+4)c(Na+)c(OH-)c(Cl-)，可得 n(OH-)n(H+)=c(NH+4)c(Na+)c(Cl-)1L，在M 点时c(NH+4)=0.05mol L 1，c(Na+)=amolL 1，c(Cl-)=0.1mol L 1，带入数据可得n(OH-)n(H+)=0.0

23、5mol L-1+a molL-10.1molL-1 1L=(a0.05)mol，故 B 正确；C 项、氨水的电离常数Kb=，则=，温度不变 Kb不变，随着NaOH 的加入，c(NH+4)不断减小，不断减小，则不断减小，故 C错误；D项、当 n（NaOH）=0.05mol 时，NH4Cl 和 NaOH 反应后溶液中溶质为等物质的量的NH3?H2O和 NH4Cl、NaCl，NH3 H2O的电离程度大于NH4Cl 水解程度，导致溶液呈碱性，钠离子、氯离子不水解，所以溶液中离子浓度大小顺序是c(Cl-)c(NH+4)c(Na+)c(OH-)c(H+)，故 D正确。故选C。26.【答案】（1）球形干燥

24、管（2）冷凝回流（3）浓硫酸 SO2Cl2+4OH-=SO2-4+2Cl-+2H2O （4）（5）蒸馏不正确，因为硫酰氯水解可产生硫酸【解析】（1）仪器 B 的名称为球形干燥管，故答案为：球形干燥管。（2）仪器 A 是冷凝管，作用是冷凝回流，故答案为：冷凝回流。（3）浓硫酸具有吸水性，装置乙中盛放的试剂为浓硫酸，氢氧化钠溶液吸收多余硫酰氯的离子反应方程式为：SO2Cl2+4OH-=SO2-4+2Cl-+2H2O，故答案为：浓硫酸；SO2Cl2+4OH-=SO2-4+2Cl-+2H2O。（4）SO2(g)+Cl2(g)SO2Cl2(l)H=97.3kJ mol 1，正反应为放热反应，升温平衡左移

25、，为了提高本实验中硫酰氯的产率，不能加热三颈烧瓶，故答案为：。（5）二者为互溶液体，沸点相差较大，采取蒸馏法进行分离，故答案为：蒸馏；硫酰氯水解可产生硫酸，同样能观察到有白色沉淀生成，故答案为：不正确，因为硫酰氯水解可产生硫酸。27.【答案】（1）使 Fe2+沉淀完全，从而提高产率（2）Fe2+H2C2O4+2H2O=FeC2O42H2O+2H+（3）坩锅 4FeC2O42H2O+3O2=2Fe2O3+8CO2+8H2O （4）接触面积小，反应不完全；产生铁粉中会混有杂质碳粉（5）FeC2O42H2O Fe2O3【解析】硫酸亚铁铵晶体溶解于水，为防止Fe2+的水解，需要加入过量的草酸，生成的草

26、酸亚铁晶体（FeC2O42H2O）难溶于水，可通过抽滤、洗涤并干燥获得，将所得晶体在空气中灼烧，得纯氧化铁（Fe2O3），再用CO还原氧化铁得到还原铁粉，以此分析解答。（1）Fe2+易水解，步骤，H2C2O4稍过量除抑制Fe2+水解外，最主要的作用是将溶液里的Fe2+完全转化为草酸亚铁晶体，提高原料利用率，故答案为：使Fe2+沉淀完全，从而提高产率；（2）步骤中得到FeC2O42H2O的离子反应方程式为：Fe2+H2C2O4+2H2O=FeC2O42H2O+2H+，故答案为：Fe2+H2C2O4+2H2O=FeC2O42H2O+2H+；（3）固体灼烧需要在坩埚内进行；草酸亚铁和O2灼烧时发生反

27、应的化学方程式为4FeC2O42H2O+3O2=2Fe2O3+8CO2+8H2O，故答案为：坩埚；4FeC2O42H2O+3O2=2Fe2O3+8CO2+8H2O；（4）步骤选用碳粉还原Fe2O3，为固体间的反应，接触面积小，反应不完全；多余的碳粉会影响铁粉的纯度，故答案为：接触面积小，反应不完全；产生铁粉中会混有杂质碳粉；（5）根据题给信息，450以前是隔绝空气加热，分析表中的数据可知，18.00g 变为 14.40g 时，表明：300时，结晶水已全部失去，而150剩余的固体物质质量为14.40g 16.20gCH 孤电子对与成键电子对之间的斥力大于成键电子对之间的斥力 sp3（6）BCD

28、CH，故答案为：NCH；孤电子对与键合电子对之间的斥力大于键合电子对之间的斥力，斥力越大，键角越大，因此嘌呤中轨道之间的夹角1 比 2 大，故答案为：孤电子对与成键电子对之间的斥力大于成键电子对之间的斥力；分子中的大 键可以用符号nm表示，其中m代表参与形成大 键的原子数，n 代表参与形成大 键的电子数。根据吡啶的结构，其中的大 键由 5 个原子 6 个电子形成的，表示为65，故答案为：65；吡啶结构中N 原子连接有3 个原子，含有1 个孤对电子，采用sp3杂化，故答案为：sp3；（6）ACO分子中碳和氧上各有1 个孤对电子，CO2分子中碳和氧上各有2 个孤对电子，A项错误；BCO为极性分子，

29、二氧化碳为非极性分子，B项正确；CCO中存在碳氧三键，CO2中存在碳氧双键，分子间成键方式改变，C项正确；D反应物中的一氧化碳和氧气的相对分子质量小于生成物二氧化碳，分子的熔沸点变大，D项正确；故选BCD；水分子间存在氢键，且氢键有方向性，导致水分子形成冰时存在较大的空隙，干冰分子之间只存在范德华力，形成的分子晶体是密堆积，晶体中的空间利用率：干冰冰，故答案为：；H2CO3为弱酸，H3PO4为中强酸，所以酸性的强弱：H2CO3H3PO4。36.【答案】（1）醛基、溴原子（2）+HBr（3）取代反应（4）C8H6O3 9 （5）【解析】H，根据可知 H是，H脱水生成J，J 属于酯类，除苯环外还含

30、有一个五元环，所以 J 是；根据中溴原子的位置，则 B是、C是；E是、F 是。（1）B的结构简式是；C是，官能团名称是醛基、溴原子；（2）D生成 E是与 HBr 发生加成反应生成，反应的化学方程式为+HBr；（3）H发生酯化反应脱水生成J，HJ 的反应类型是取 代 反 应；H（）在 一 定 条 件 下 自 身 缩 聚 生 成 高 分 子 化 合 物 的 结 构 简 式 是；（4）根据，X的结构简式为，则分子式为C8H6O3；X有多种同分异构体中，能与FeCl3溶液发生显色反应，说明与苯环直接相连的有羟基，苯环上一氯代物只有两种，且除苯环外无其他环，且无 OO 键，可能的情况有、共 9 种；（5）利用题中信息和所学知识，以甲烷和甲苯为原料，合成路线流程图如下：。