高考物理最新电磁学知识点之静电场基础测试题含答案解析(2).pdf

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1、高考物理最新电磁学知识点之静电场基础测试题含答案解析(2)一、选择题1如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度垂直于电场线方向飞出ab、两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示。则（）Aa一定带正电，b一定带负电Ba的速度将减小，b的速度将增加Ca的加速度将减小，b的加速度将增加D两个粒子的动能，一个增加一个减小2如图所示，足够长的两平行金属板正对竖直放置，它们通过导线与电源E、定值电阻R、开关 S相连。闭合开关后，一个带电的液滴从两板上端的中点处无初速度释放，最终液滴落在某一金属板上。下列说法中正确的是（）A液滴在两板间运动的轨迹是一条抛物线B电源电动势越大

2、，液滴在板间运动的加速度越大C电源电动势越大，液滴在板间运动的时间越长D定值电阻的阻值越大，液滴在板间运动的时间越长3如图所示，某电场中的一条电场线，一电子从a 点由静止释放，它将沿电场线向b 点运动，下列有关该电场的判断正确的是()A该电场一定是匀强电场B场强 Ea一定小于EbC电子具有的电势能Epa一定大于EpbD电势 ab4如图所示，A、B、C、D 为半球形圆面上的四点，处于同一水平面，AB 与 CD 交于球心且相互垂直，E 点为半球的最低点，A点放置一个电量为+Q 的点电荷，B 点放置一个电量为 Q 的点电荷，则下列说法正确的是（）AC、E 两点电场强度不相同BC 点电势比 E 点电势

3、高C沿 CE 连线移动一电量为+q 的点电荷，电场力始终不做功D将一电量为+q的点电荷沿圆弧面从C 点经 E点移动到D 点过程中，电场力先做负功，后做正功5如图，电子在电压为U1的加速电场中由静止开始运动，然后，射入电压为U2的两块平行板间的电场中，射入方向跟极板平行，整个装置处在真空中，重力可忽略，在满足电子能射出平行板区的条件下，在下述四种情况中，一定能使电子的侧向位移变大的是AU1增大，U2减小BU?、U2均增大CU1减小，U2增大DU1、U2均减小6如图所示的电场中，虚线a、b、c 为三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即abBCUU，一带负电的质点仅在电场力的作用下通过该区域时的

4、运动轨迹如实线所示，P、Q 是这条轨迹上的两点，由此可知Aa、b、c 三个等势面中，a的电势最高B带电质点在P点的动能比在Q 点大C带电质点在P 点的电势能比在Q 点小D带电质点在P点时的加速度比在Q 点小7如图所示，在空间坐标系Oxyz中有 A、B、M、N 点，且 AO=BO=MO=NO；在 A、B 两点分别固定等量同种点电荷+Q1与+Q2，若规定无穷远处电势为零，则下列说法正确的是（）AO点的电势为零BM 点与 N 点的电场强度相同CM 点与 N 点的电势相同D试探电荷+q 从 N 点移到无穷远处，其电势能增加8两个相同的金属小球，所带电荷量大小之比为1:9，相距为r（r 远大于金属球的直

5、径），两球之间的库仑引力大小为F。如果把这两个小球相互接触后再使它们之间的距离变为原来的2 倍，它们之间的库仑力大小将变为（）A2536FB56FC23FD49F9a、b、c、d 分别是一个菱形的四个顶点，abc=120 现将三个等量的正点电荷Q 固定在 a、b、c 三个顶点上，将一个电量为q 的点电荷依次放在菱形中心点O 点和另一个顶点 d 点处，两点相比：（）A+q 在 d 点所受的电场力较大B+q 在 d 点所具有的电势能较大Cd 点的电势低于O 点的电势Dd 点的电场强度大于O 点的电场强度10 下列选项中的各14圆环大小相同，所带电荷量已在图中标出，且电荷均匀分布，各14圆环间彼此绝

6、缘坐标原点O处电场强度最大的是ABCD11 如图所示，下列四个选项中的点电荷与空间中的a、b 两点均关于O 点对称，其中a、b 两点的电势和场强都相同的是（）ABCD12 如图所示，虚线a、b、c 代表电场中的三条电场线，实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q 是这条轨迹上的三点，由此可知A带电粒子在P点时的电势能比在Q点时的电势能大B带电粒子在P点时的加速度大小小于在Q 点时的加速度大小C带电粒子在P 点时的速度大小大于在Q 点时的速度大小D带电粒子在R 点时的动能与电势能之和比在Q 点时的小，比在P点时的大13板间距为d的平行板电容器所带电荷量为Q时，两极板

7、间电势差为1U，板间场强为1E现将电容器所带电荷量变为2Q，板间距变为12d，其他条件不变，这时两极板间电势差2U，板间场强为2E，下列说法正确的是A2121,UUEEB21212,4UUEEC2121,2UUEED21212,2UUEE14 如图所示，电荷q 均匀分布在半球面上，球面的半径为R，CD 为通过半球顶点C 与球心 O 的轴线 P、Q 为 CD 轴上关于 O 点对称的两点如果带电量为Q 的均匀带电球壳，其内部电场强度处处为零，电势都相等则下列判断正确的是()AP点的电势与Q 点的电势相等B带正电的微粒在O 点的电势能为零C在 P 点静止释放带正电的微粒(重力不计)，微粒将做匀加速直

8、线运动DP点的电场强度与Q 点的电场强度相等15 如图所示，一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，在两极板间有一正电荷（电荷量很小）固定在P点，用E表示两极板间电场强度，U表示电容器的电压，Ep表示正电荷在P点的电势能，若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，则（）AE变大，Ep变大 BU变小，Ep不变 CU变大，Ep变小 DU不变，Ep不变16 如图所示，在一对带等量异号电荷的平行金属板间，某带电粒子只在电场力作用下沿虚线从A运动到B则（）A粒子带负电B从 A到 B 电场强度增大C从 A 到 B 粒子动能增加D从A到B粒子电势能增加17 如图所示，四个点电荷所带电荷量的绝对值

9、均为Q，分别固定在正方形的四个顶点上，正方形边长为a，则正方形两条对角线交点处的电场强度()A大小为24 2kQa，方向竖直向上B大小为22 2kQa，方向竖直向上C大小为24 2kQa，方向竖直向下D大小为22 2kQa，方向竖直向下18 真空中 Ox 坐标轴上的某点有一个点电荷Q，坐标轴上A、B 两点的坐标分别为0.2 m和 0.7 m。在 A点放一个带正电的试探电荷，在B 点放一个带负电的试探电荷，A、B 两点的试探电荷受到电场力的方向都跟x 轴正方向相同，电场力的大小F 跟试探电荷电量q 的关系分别如图中直线a、b所示。下列说法正确的是A点电荷Q 是正电荷B点电荷Q 的位置坐标为0.3

10、0 mCB 点的电场强度的大小为0.25 N/CDA 点的电场强度的方向沿x 轴负方向19 如图所示，M、N 两点分别放置两个等量异种电荷，A 是它们连线的中点，B 为连线上靠近 N 的一点，C 为连线中垂线上处于A 点上方的一点。在A、B、C 三点中（）A场强最小的点是C 点，电势最高的点是B 点B场强最小的点是A 点，电势最高的点是C 点C场强最小的点是A 点，电势最高的点是B 点D场强最小的点是C 点，电势最高的点是A点20 下列说法正确的是（）A带电粒子只在电场力的作用下一定作匀变速直线运动B带电粒子在磁场中只受磁场力作用，一定作匀速圆周运动C带电粒子在重力、电场力、磁场力作用下不可能

11、作匀速圆周运动D带电粒子在重力、电场力、磁场力作用下可以作匀速直线运动21 一个检验电荷q在电场中某点受到的电场力为F，该点的电场强度为E.下图中能正确表示 q、E、F 三者关系的是（）ABCD22 如图，半径为R 的圆盘均匀分布着电荷量为Q 的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c 的轴线上有 a、b、d 三个点，a 和 b、b 和 c、c 和 d 间的距离均为R，在 a点处有一电荷量为q（q0）的固定点电荷，已知b 点处的场强为零，则d 点处场强的大小为（k为静电力常量）Ak23qRBk2109qRCk2QqRDk299QqR23 如图所示，M、N和P是以MN为直径的半圆弧上的三点，O点为半圆弧的圆

12、心，60MOP。电荷量相等、符号相反的两个点电荷分别置于M、N两点，这时O点电场强度的大小为1E；若将N点的点电荷移至P点，则O点电场强度的大小变为2E。则1E与2E之比为（）A1:2B2:1C2:3D4:324 竖直放置的两块足够长的平行金属板间有匀强电场，其极板带电量为Q，在两极板之间，用轻质绝缘丝线悬挂质量为m，电量为 q 的带电小球(可看成点电荷)，丝线跟竖直方向成 角时小球恰好平衡，此时小球离右板距离为b，离左板的距离为2b，如图所示，则A小球带正电，极板之间的电场强度大小为sinmgqB小球受到电场力为254kQqbC若将小球移到悬点下方竖直位置，小球的电势能减小D若将细绳剪断，小

13、球经2tanbg时间到达负极25 研究与平行板电容器电容有关因素的实验装置如图所示，下列说法正确的是()A实验前，只用带电玻璃棒与电容器a板接触，能使电容器带电B实验中，只将电容器b 板向上平移，静电计指针的张角变小C实验中，只在极板间插入有机玻璃板，静电计指针的张角变大D实验中，只增加极板带电量，静电计指针的张角变大，表明电容增大【参考答案】*试卷处理标记，请不要删除一、选择题1C 解析：C【解析】【详解】带电粒子做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，由于电场线的方向不知，所以粒子带电性质不确定，故A 错误；从题图中轨迹变化来看速度与力方向的夹角小于90所以电场力都做正功，动能都增大，速度

14、都增大，故BD 错误；电场线密的地方电场强度大，电场线疏的地方电场强度小，所以a受力减小，加速度减小，b 受力增大，加速度增大，故C 正确。2B 解析：B【解析】【分析】【详解】A液滴在磁场中受重力及电场力，电场力沿水平方向，重力沿竖直方向。因液滴由静止释放，故合力的方向一定与运动方向一致，故液滴做直线运动，故A 错误；B两板间的电势差等于电源电压，当电动势变大时，两板上的电压变大，由UEd 可知，板间的电场强度增大，电场力变大，合力变大，故加速度增大，故B 正确；C因粒子最终打在极板上，故运动时间取决于水平方向的加速度，当电动势变大时，其水平方向受力增大，加速度增大，运动时间减小，故C 错误

15、；D定值电阻在此电路中只相当于导线，阻值的变化不会改变两板间的电势差，故带电粒子受力不变，加速度不变，运动时间不变，故D 错误。故选 B。3C 解析：C【解析】【详解】AB因电子由静止释放，且由a 向 b 运动，则电子所受的电场力一定是由a指向 b，因为电子带负电荷，所受的电场力方向与场强方向相反，说明电场线的方向一定是由b 指向a。由于不知负电荷由a 运动到 b 的过程中电场力的变化情况，因此无法确定场强大小关系，故 A 错误，B 错误；C由题意知，电场力对电子做正功，电势能减小，所以电子具有的电势能EPa一定大于EPb，故 C 正确；D由分析可知电场方向由b 指向 a，而沿着电场线方向电势

16、降低，所以电势a一定低于b，故 D 错误。4C 解析：C【解析】【分析】【详解】A等量异种电荷形成的电场，根据电场线的分布情况和对称性知，C、E 两点的电场强度大小相等，方向相同，故A 错误。B由等量异种电荷形成的电场，根据电场线的分布情况和对称性知，C、E 两点在通过AB 连线的中垂面上，C、D、E 在同一等势面上，所以C 点电势等于E 点电势，故B 错误。C由以上分析知，C、E 在同一等势面上，则沿CE 连线移动一电量为+q 的点电荷，电场力始终不做功，故C 正确。D由上面的方向知，C、D、E 在同一等势面上，所以将一电量为+q 的点电荷沿圆弧面从C点经E点移动到D点过程中，电场力不做功，

17、故D错误。故选C。5C 解析：C【解析】设电子被加速后获得初速为v0，则由动能定理得：21012qUmv又设极板长为l，则电子在电场中偏转所用时间：0ltv又设电子在平行板间受电场力作用产生加速度为a，由牛顿第二定律得：2qUqEamdm=由以上各式可得：2222220111224qUU llyatmd vU d，故 C 正确6A 解析：A【解析】【详解】A电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带负电，因此电场线指向左上方，沿电场线电势降低，故c 等势线的电势最低，a点的电势最高，故A 正确；BC从 P到 Q 过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故P点的动能小于Q 点的动能，在 P 点的电

18、势能比在Q 点大，故BC 错误；DP点等势面较Q 点密集，则电场线也密集，则质点通过P点时的电场力比Q 大，则其加速度比 Q 点大，故D 错误7C 解析：C【解析】【分析】【详解】A规定无穷远处电势为零，则O 点的电势大于0，故 A 错误；B由电场叠加可知，M 点与 N 点的电场强度大小相等，M 点电场强度方向沿y 轴负方向，N 点的电场强度沿z轴正方向，故B 错误；CM 点与 N 点到两点电荷的距离相等，则M 点与 N 点的电势相同，故C 正确；D由电场叠加可知，Oz方向的电场强度方向沿Oz正方向，则N 点电势大于0，且规定无穷远处电势为零，则试探电荷+q 从 N 点移到无穷远处，电势能减小

19、，故D 错误。故选C。8D 解析：D【解析】【分析】【详解】由库仑定律得229QFkr因为由题可知开始时两球之间的库仑引力大小为F，说明金属小球带异种电荷，把这两个小球相互接触后再使它们之间的距离变为原来的2倍，它们的电荷量变为，它们之间的库仑力大小将变为22216449QFkFr故 ABC 错误，D 正确。故选 D。9C 解析：C【解析】【分析】【详解】设 ob=l，ad=2l，bd=2l，则O 点的电场强度为：ac两电荷相互抵消，得Eo=Eb=；d点的电场强度Eb=，Ea=Eay=Eacos=，同理 Ecy=，Ed=Eb+Eay+Ecy=，D 错；所以+q在 o 点所受的电场力较大，A 错

20、；由 o 到 d 电场力做正功，电势能减小，+q 在 d点所具有的电势能较小，B 错；沿电场线方向电势减小，所以d 点的电势低于O 点的电势，C 对；10B 解析：B【解析】【详解】根据点电荷的电场强度公式2kqEr可得各14圆环上的电荷在O点的电场场强大小，再根据矢量合成，求出合场强，最后比较它们的大小即可由于电荷均匀分布，则各14圆环上的电荷等效集中于14圆环的中心，设圆的半径为r，则 A 图 O 点处的场强大小为2AkqEr；将 B 图中正、负电荷产生的场强进行叠加，等效两电荷场强方向间的夹角为90，则在 O 点的合场强22BkqEr,方向沿 x轴负方向；C 图中两正电荷在O 点的合场强

21、为零，则 C 中的场强大小为2ckqEr，D 图由于完全对称，易得合场强ED=0故 O 处电场强度最大的是图B故答案为B【考点定位】本题考查电场的叠加,要注意采用等效思想及矢量的运算难度：中等11A 解析：A【解析】【分析】【详解】A根据等量异种电荷的电场线分布特征可知，a、b 两点的电场强度大小相等、方向相同，由于等量异种电荷的中垂线为等势线，则a、b 两点电势相等，故A 正确；B根据等量同种电荷的电场线分布特征可知，a、b 两点的电场强度大小相等、方向相反，由对称性可知，a、b两点电势相等，故B错误；C根据等量同种电荷的电场线分布特征可知，a、b 两点的电场强度大小相等、方向相反，由对称性

22、可知，a、b 两点电势相等，故C 错误；D根据等量异种电荷连线上的电场强度方向沿连线由正电荷指向负电荷，根据等量异种电荷的电场线分布可知，a、b两点的电场强度相同，a 点电势高于b 点电势，故D 错误。故选 A。12C 解析：C【解析】【详解】A以 b电场线为例，结合曲线运动轨迹、速度、合外力三者位置关系，可知该粒子在b电场线处受到的电场力向右，又由于粒子带负电，所以该处电场强度向左，所以P点电势大于 Q 点电势，所以粒子在P点电势能小于Q 点。A 错误BP点电场线比Q 点密集，所以P点加速度大于Q 点。B 错误C从 P到 Q 电场力做负功，所以P点动能大于Q 点，因此 P点速度大于Q 点，C

23、 正确D因为全程只受电场力，所以动能和电势能之和是定值，D 错误13C 解析：C【解析】由公式 C4Sk d、CQU和 EUd得 U4k dQS，E4k QS，当 Q 变为 2Q、d 变为2d时，电压U 不变，电场强度E变为原来的2 倍 C正确14D 解析：D【解析】【详解】A、由电场的叠加原理可知半球面右边的电场线是水平向右的，沿电场线方向电势逐渐降低，所以 P 点的电势高于Q 点的电势，故A错误；B、本题没有选取零势点，所以带正电的微粒在O 点的电势能不一定为零，故B 错误；C、电场线方向水平向右，所以在P 点释放静止带正电的微粒(重力不计)，微粒将作加速运动，距离远后电场力减小，所以是变

24、加速运动，故C 错误；D、均匀带电半球相当于一个均匀带正电的球和半个均匀带负电的球，这个半球放在图的另一边，然后看PQ 两点，可以看到，PQ 两点在在上述涉及到的正电半球和负电半球中的相同的位置上，而由题目给出的条件，正电球在P、Q 两点产生的电场为零，所以，正电半球在 Q 点产生的电场强度相当于负电半球在Q 点产生的电场强度，而与P 点的环境比较，唯一的区别是电荷符号相反，从而电场大小相同，只有可能有方向的区别，而分析可知，方向是相同的，故电场强度相等，故D 正确；故选 D。【点睛】利用等效法分析电场强度，利用叠加原理判断电场线的分布，由受力分析判断带电粒子的运动状态。15B 解析：B【解析

25、】【分析】【详解】电容器充电后断开电源后，电容器的电量不变，板间距离减小，根据电容的决定式：4SCkd，可知电容器的电容增大，又有：4SCkUCddQEU、，可得推论公式4 kQES所以电容器中电场强度E 只与电量及极板面积有关，与极板距离无关。E不变，P点距离下极板距离h不变，EpEh不变，UEd，E不变d变小，所以U变小。因此 B 正确 ACD 错误。故选B。16C 解析：C【解析】【详解】一对带等量异号电荷的平行金属板间的电场为匀强电场，则从A 到 B 电场强度不变，带电粒子受到的电场力指向轨迹弯曲的内侧，电场力的方向与电场强度的方向相同，且与带电粒子的速度方向夹角为锐角，则可判断粒子带

26、正电，电场力对带电粒子做正功，从A 到 B电势能减少，动能增加，故C 正确17C 解析：C【解析】【详解】四个点电荷中处于对角线上的两个正负点电荷产生的电场强度的方向沿对角线方向且由正电荷指向负电荷，四个点电荷中任意一个点电荷在对角线交点处产生的电场强度大小为2222()2kQkQEaa，根据叠加原理，正方形两条对角线交点处的电场强度24 2kQEa总，方向竖直向下.故 C正确，ABD错误故选 C18B 解析：B【解析】【分析】电场强度等于电荷所受电场力和该电荷电量的比值，即FEq，方向与正电荷所受电场力方向相同，放在A、B 两点的试探电荷受到的电场力方向都跟x 轴的正方向相同，而正电荷所受电

27、场力与电场强度方向相同，负电荷所受电场力与电场强度方向相反，从而知道点电荷位于 A、B 之间，根据点电荷场强公式2kQEr分析；【详解】A、根据FEq并结合图像可判断a点电场强度大于b 点电场强度，离点电荷越近场强越大，所以点电荷在AB 的中间靠近A 的某个位置，又由于A、B 两点的试探电荷受到电场力的方向都跟x 轴正方向相同，所以点电荷Q 是负电荷，故A 错误；BC、根据电场强度的定义式即FEq结合图像可判断B 点电场强度大小为44921 10/2.5 10/4 10bbkQEN CN Cx，A 点电场强度大小为45924 10/4 10/1 10aakQENCN Cx，可得场源电荷到AB

28、的距离之比:1:4abxx，因此点电荷Q 的位置坐标为0.30m，故 B 正确，C 错误；D、正的试探电荷受电场力方向与电场线方向相同，根据正电荷在A 点受力沿 x 轴正方向即可判断在A 点电场强度方向沿x 轴正方向，故D 错误；故选 B。【点睛】关键掌握电场强度的定义式FEq点电荷的场强公式2kQEr，以及知道电场强度的方向，与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反。19A 解析：A【解析】【详解】根据等量异种电荷电场线的分布，知道EBEAEC，场强最小的是C 点。等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线，知A C，沿着电场线方向电势逐渐降低，异种电荷间的电场线由正电荷指向负电

29、荷，知BA，所以电势最高点是B点；故 A 正确，BCD错误。20D 解析：D【解析】【分析】【详解】A若带电粒子初速度与电场力不在一条直线上，只在电场力的作用下，做曲线运动，故A 错误；B带电粒子在磁场中只受磁场力作用，如果磁场力不恒定，则不一定作匀速圆周运动，故 B 错误；C带电粒子在重力、电场力、磁场力作用下时，若磁场力恒定，且重力与电场力平衡，带电粒子可能作匀速圆周运动，故 C 错误；D带电粒子在重力、电场力、磁场力作用下，若这三个力平衡，合力为0，则带电粒子可以作匀速直线运动，故D 正确；故选 D。21D 解析：D【解析】【详解】A、B项：因为电场中的电场强度与放入电场中电荷的电量无关

30、，由场源电荷决定。所以电场强度不随q、F的变化而变化，故A、B错误；C、D 项：由FEq知，某点的电场强度一定，F 与 q成正比。故C 错误，D 正确。故选：D。22B 解析：B【解析】【详解】电荷量为 q 的点电荷在b 处产生电场强度的大小为：2qEkR而半径为 R 均匀分布着电荷量为Q 的圆盘上电荷，与在a 点处有一电荷量为q（q0）的固定点电荷，在b点处的场强为零，则圆盘在此处产生电场强度大小也为：2qEkR根据对称性原理可知，圆盘在d 产生电场强度大小也为：2qEkR电荷量为 q 的点电荷在d 处产生电场强度的大小为：2293qkqEkRR由于都在 d 处产生电场强度方向相同，即为两者

31、大小相加所以两者这d 处产生电场强度的大小为：2109kqR故选 B23B 解析：B【解析】【详解】两个点电荷分别在M 点和 N 点时，每个点电荷在O 点产生的电场强度的大小相等、方向相同，所以1MNEEE，得12MNEEE。将 N 点处的点电荷移至P点时，假设M点的电荷为正电荷，则O 点的电场强度如图所示。M 点和 P点的点电荷在O 点产生的电场强度的大小仍相等，夹角为120，所以 O 点电场强度122MEEE，即与1221EE，B正确。24D 解析：D【解析】由题意可知，小球带正电，匀强电场方向向右，小球受竖直向下的重力mg、水平向右的电场力 qE、沿细线斜向上的拉力F 作用，处于平衡状态

32、.受力如图所示.由平衡条件可得TsinqE，Tcosmg，可得tanmgEq，故 A 错误；B、小球受到电场力为tanmgF电，故 B 错误；C、将小球移到悬点下方竖直位置，电场力水平向右，运动方向向左，电场力做负功，小球的电势能增大，故C错误；D、剪断细线后，小球将沿电场力qE和重力 mg 的合力方向做初速度为零的匀加速直线运动.此运动可看作是水平方向的初速度为零、加速度qEam的匀加速直线运动和竖直方向的自由落体运动的合运动，设小球碰到金属板所需要的时间为t,由212bat,得222tanbbbtqEagm，故 D 正确；故选 D【点睛】剪断细线后，电荷在复合场中运动，采用运动的分解与合成

33、的方法研究，是常用的方法25A 解析：A【解析】A、当用带电玻璃棒与电容器a 板接触，由于静电感应，从而在b 板感应出等量的异种电荷，从而使电容器带电，故选项A 正确；B、根据电容器的决定式：，将电容器b 板向上平移，即正对面积S减小，则电容 C 减小，根据可知，电量 Q 不变，则电压U 增大，则静电计指针的张角变大，故选项 B 错误；C、根据电容器的决定式：，只在极板间插入有机玻璃板，则介电系数增大，则电容 C 增大，根据可知，电量 Q 不变，则电压U 减小，则静电计指针的张角减小，故选项 C 错误；D、根据可知，电量 Q 增大，则电压U 也会增大，则电容C 不变，故选项D 错误。点睛：本题是电容器动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是电容与哪些因素有什么关系。