高考数学总复习提能拔高限时训练：单元检测—数列(练习详细解析)大纲人教.pdf

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1、2011 年高考数学总复习提能拔高限时训练：单元检测数列（练习详细解析）大纲人教版-1-/10 单元检测（三）数 列(满分:150 分 时间:120 分钟)一、选择题(本大题共12 小题,每小题 5 分,共 60 分)1.已知等差数列 an 中,a2+a88,则该数列前9 项和 S9等于()A.18 B.27 C.36 D.45 解析:在等差数列 an中,a2+a88,a1+a98,则该数列前9 项和362)(9919aaS,选 C.答案:C 2.在 a 和 b(a b)两数之间插入n个数,使它们与a、b 组成等差数列,则该数列的公差为()A.nab B.1nab C.1nba D.2nab解

2、析:(特殊值法)令 n 1,则 ba+2d,2abd,排除 A、C、D,选 B.答案:B 3.一个项数是偶数的等比数列,它的偶数项的和是奇数项和的2 倍,又它的首项为1,且中间两项的和为24,则此等比数列的项数为()A.12 B.10 C.8 D.6 解析:a2+a4+a2n 2(a1+a3+a2n-1)q2,又 an+an+12n-1+2n24,n 4.此数列的项数为2n 8.答案:C 4.(理)等差数列 an 的公差为d,前 n 项和为 Sn,当首项 a1和 d 变化时,a2+a8+a11是一个定值,则下列各数中也为定值的是()A.S7 B.S8 C.S13 D.S15解析:由题意,知 a

3、2+a8+a113a1+18d3(a1+6d)3a7为定值,因此713113132)(13aaaS也为定值.答案:C(文)数列 an是公差不为零的等差数列,并且 a5,a8,a13是等比数列 bn中的相邻三项,若 b25,则 bn等于()A.5(35)n-1B.5(53)n-1C.3(53)n-1D.3(35)n-1解析:设公差为d,公比为q,则(a1+7d)2(a1+4d)(a1+12d),而 d0,d 2a1,an(2n-1)a1.又a5,a8,a13是等比数列 bn中的相邻三项,359151158aaaaq,bnb2(35)n-25(35)n-23(35)n-1.2011 年高考数学总复

4、习提能拔高限时训练：单元检测数列（练习详细解析）大纲人教版-2-/10 答案:D 5.(理)在等差数列 an 中,若mnSnmSnm,(m n),则Sm+n的值()A.大于 4 B.等于 4 C.小于 4 D.无法确定解析:设等差数列 an的首项为a1,公差为 d,则,2)1(,2)1(11mndnnnaSnmdmmmaSnm即,121,12111mdnandmamnd2.dnmnmanmSnm2)1)()(12)21)(1dndmanm4)11)(nmnm.答案:A(文)已知等差数列 an 中,a26,a515.若 bna2n,则数列 bn的前 5 项和等于()A.30 B.45 C.90

5、D.186 解析:由题设知a5 a2+3d,d 3,an3n.bna2n6n.b1+b2+b3+b4+b590230)(65.选 C.答案:C 6.已知等差数列 an 的前 n 项和为 Sn,若OCaOAaOB10051004,且 A、B、C三点共线(该直线不过原点O),则 S2 008等于()A.1 004 B.1 005 C.2 008 D.2 009 解析:由 A、B、C三点共线,知 a1 004+a1 0051,所以10042)(2008200812008aaS.答案:A 7.(理)北京市为成功举办2008 年奥运会,决定从 2003 年到 2007 年 5 年间更新市内现有全部出租车

6、,若每年更新的车辆数比前一年递增10%,则 2003 年底更新车辆数约为现有总车辆数的(参考数据1.141.46,1.151.61)()2011 年高考数学总复习提能拔高限时训练：单元检测数列（练习详细解析）大纲人教版-3-/10 A.10%B.16.4%C.16.8%D.20%解析:设2003年底更新车辆数为x,则现有车辆数为x(1+1.1+1.12+1.13+1.14),11.11.01.111.111)1.11.11.11.11(55432xx16.4%.答案:B(文)已知数列 an 对任意的p,q N*满足 ap+qap+aq,且 a2-6,那么 a10等于()A.-165 B.-33

7、 C.-30 D.-21 解析:依题意,a2 a1+a12a1,a121a2-3,an+1an+a1 an-3,可知数列 an是等差数列,a10a1+9d-3-93-30.选 C.答案:C 8.设函数 f(x)(x-1)2+n(x-1,3,n N*)的最小值为an,最大值为bn,记 cnbn2-anbn,则数列cn()A.是公差不为零的等差数列B.是公比不为1 的等比数列C.是常数数列D.不是等差数列也不是等比数列解 析:由 题 意,得an n,bn f(-1)f(3)4+n,cn(4+n)2-n(4+n)(4+n)(4+n-n)4n+20+(n-1)4,即cn是以 20 为首项,4 为公差的

8、等差数列.故选 A.答案:A 9.已知两个等差数列an、bn 的前 n 项和分别为Sn和 Tn,且3457nnTSnn,则使得nnba为整数的正整数n 的个数是()A.5 B.4 C.3 D.2 解析:由等差数列性质知2)()12(2)()12(22121121121121?nnnnnnbbnaanbbaaba11272238143)12(45)12(71212nnnnnTSnn.当 n 取 1、2、3、5、11 时符合条件.选A.答案:A 10.若钝角 ABC 三内角 A、B、C 的度数成等差数列,且最大边长与最小边长的比为m,则 m的取值范围是()A.(2,+)B.(0,2)C.1,2 D

9、.2,+)解析:设三角形的三边从小到大依次为a,b,c,因为三内角的度数成等差数列,故可得 B60.于是 b2a2+c2-ac,又因为 ABC为钝角三角形,故 a2+b2-c20,于是 2a2-ac 0,2ac.答案:A 2011 年高考数学总复习提能拔高限时训练：单元检测数列（练习详细解析）大纲人教版-4-/10 11.如果数列 an满足:首项 a11,2,21为偶数为奇数nanaannn那么下列说法中正确的是()A.该数列的奇数项a1,a3,a5,成等比数列,偶数项 a2,a4,a6,成等差数列B.该数列的奇数项a1,a3,a5,成等差数列,偶数项 a2,a4,a6,成等比数列C.该数列的

10、奇数项a1,a3,a5,分别加4 后构成一个公比为2 的等比数列D.该数列的偶数项a2,a4,a6,分别加4 后构成一个公比为2 的等比数列解析:a11,2,21为偶数为奇数nanaannna22,a3 4,a4 8,a510,a620,则a2+4 6,a4+4 12,a6+424,a2n+4 2a2n-1+42a2n-2+82(a2n-2+4),所以该数列的偶数项a2,a4,a6,分别加 4 后构成一个公比为2 的等比数列,选择 D.答案:D 12.(理)设函数122xxnxxy(x R,且21nx,x N*)的最小值为an,最大值为bn.若 cn(1-an)(1-bn),则数列 cn()A

11、.是公差不等于零的等差数列B.是公比不等于1 的等比数列C.是常数列D.不是等差数列也不是等比数列解析:由122xxnxxy得(y-1)x2+(y+1)x+(y-n)0,由 (y+1)2-4(y-1)(y-n)0,an、bn是关于 y 的方程 3y2-(4n+6)y+(4n-1)0 的两根.343143641)(1,314,364nnbabacnbanbannnnnnnnn.答案:C(文)设a1,a2,a50是 从-1,0,1这 三 个 整 数 中 取 值 的 数 列,若a1+a2+a50 9,且(a1+1)2+(a2+1)2+(a50+1)2 107,则 a1,a2,a50中是 0 的个数为

12、()A.10 B.11 C.12 D.13 解析:设数列中有a 个-1,b个 0,c 个 1,则根据题意可得出?,10750)(2,9050212502221aaaaaacba化简得,39,9caca解得,24,15cab 50-a-c 11,即有 11 个 0.答案:B 二、填空题(本大题共4 小题,每小题 5 分,共 20 分)13.等差数列 an中,Sn是它的前n 项和,S6 S7,S7 S8,则数列公差d0,S9S6,a7最2011 年高考数学总复习提能拔高限时训练：单元检测数列（练习详细解析）大纲人教版-5-/10 大,S7是 Sn中的最大值.其中正确的是_.解析:由题意,知dada

13、dada27882677267725661111,07,0611dadad 0,-6d a1-7d,a10.数列为递减数列,a1最大,前 7 项为正,以后各项为负,S7最大,S9-S6a7+a8+a9 3a1+21d3(a1+7d)0.S9S6.答案:14.在数列 an 中,已知221nnnaaa且 a11,则 an_.解析:21)1(211121111nnaaannn,12nan.答案:12n15.一凸多边形各内角的度数成等差数列,公差是10,最小内角是100,则边数n_.解析:由多边形的内角和(n-2)180n100+2)1(nn10n2-17n+72 0n 8或 9.根据凸 n 边形各内

14、角的度数小于180,n 9舍去,边数 n8.答案:8 16.自然数列按如下所示规律排列,若数 2 008 是第 m行第 n 个数,则mn_.解析:26463200826362,且55263622008.故数 2 008 是第 63 行第 55 个数,6355mn.答案:63552011 年高考数学总复习提能拔高限时训练：单元检测数列（练习详细解析）大纲人教版-6-/10 三、解答题(本大题共6 小题,共 70 分)17.(本小题满分10 分)等差数列 an 的前 n 项和记为Sn,已知 a10 30,a20 50.(1)求通项 an;(2)若 Sn242,求 n.解:(1)由 an a1+(n

15、-1)d,a1030,a20 50,得,5019,30911dada解得,2,121daan2n+10.(2)由dnnnaSn2)1(1,Sn242,24222)1(12nnn.解得 n11 或 n-22(舍去).n 11.18.(本小题满分12 分)(理)(2009 安徽安庆第一学期高三质检,理 19）已知数列 an 的前 n 项和为 Sn,且对任意nN*，有 n,an,Sn成等差数列.(1)求数列 an 的通项公式;(2)求数列 nan 的前 n 项和 Tn.解:(1)依题意,知 Sn2an-n,Sn+12an+1-(n+1)an+12an+1-2an-1an+1 2an+1 an+1+1

16、2(an+1),又由 S1a12a1-1 a11,故an+1 是首项为2,公比为 2 的等比数列,an+12nan 2n-1.(2)Tn(121-1)+(2 22-2)+(n2n-n)(12+222+n2n)-(1+2+n),由错位相减法,得12+222+n2n(n-1)2n+1+2,又 1+2+n2)1(nn,所以 Tn(n-1)2n+1+2-2)1(nn.(文)一数列 an 的奇数项构成公差为-2 的等差数列,偶数项构成公比为2 的等比数列,又 a110,a2 2,求:(1)数列 an 的通项 an;(2)求|a1|+|a2|+|a3|+|a22|之和.解:(1)当 n 为奇数时,an11

17、-n;当 n 为偶数时,22nna.所以.,2,112为偶数为奇数nnnann(2)|a1|+|a2|+|a3|+|a22|(|a1|+|a3|+|a21|)+(|a2|+|a4|+|a22|)2011 年高考数学总复习提能拔高限时训练：单元检测数列（练习详细解析）大纲人教版-7-/10 121125821)21(2)52210(2.19.(本 小题 满分12 分)已 知数 列 an 中,a1 2,a2 3,其前n 项和Sn满足Sn+1+Sn-12Sn+1(n2,n N*).(1)求数列 an 的通项公式;(2)设 bn4n+(-1)n-1na2(为非零整数,n N*),试确定 的值,使得对任

18、意nN*,都有bn+1bn成立.解:(1)由已知,得(Sn+1-Sn)-(Sn-Sn-1)1(n2,n N*),即 an+1-an1(n2,n N*),且 a2-a11,数列 an是以 a12 为首项,公差为 1 的等差数列.ann+1.(2)ann+1,bn4n+(-1)n-12n+1,要使 bn+1bn恒成立.bn+1-bn4n+1-4n+(-1)n2n+2-(-1)n-12n+1 0恒成立,即 34n-3(-1)n-12n+10 恒成立.(-1)n-1 2n-1恒成立.当 n 为奇数时,即 2n-1恒成立,当且仅当n1 时,2n-1有最小值为1,1.当 n 为偶数时,即 -2n-1恒成立

19、,当且仅当n2 时,-2n-1有最大值-2,-2,即-2 1.又 为非零整数,则 -1.综上所述,存在 -1,使得对任意nN*,都有 bn+1bn.20.(本小题满分12 分)设数列 an 的前 n 项和为 Sn,已知 a11 且满足 3Sn2an(3Sn-1),n 2.(1)求证:nS1是等差数列;(2)设13nSbnn,数列 bn 的前 n 项和为 Tn,求 Tn.(1)证明:当 n2 时,3Sn2an(3Sn-1),anSn-Sn-1.3Sn2(Sn-Sn-1)(3Sn-1).整理得1131nnnSSS,3111nnSS.因此数列 nS1是等差数列.(2)解:233)1(111nnSSn

20、,)13)(23(113,231nnnSbnSnnn,2011 年高考数学总复习提能拔高限时训练：单元检测数列（练习详细解析）大纲人教版-8-/10)13)(23(11071741411nnTn13)131231()7141()411(31nnnn.21.(本小题满分12 分)(理)已知数列 an中,a15,an2an-1+2n-1(nN*,且 n2).(1)若数列 nna2 为等差数列,求实数 的值;(2)求数列 an 的前 n 项和 Sn.解:(1)因为 an2an-1+2n-1(nN*且 n2),所以nnnnnnnnaaa211221222111.显然,当且仅当021n,即 -1 时,数

21、列 nna2 为等差数列.(2)由(1)的结论知,数列 nna21 是首项为2211a,公差为 1 的等差数列,故有nna212+(n-1)1 n+1,即 an(n+1)2n+1(nN*).因此,有Sn22+322+423+(n+1)2n+n,2Sn222+323+424+(n+1)2n+1+2n,两式相减,得-Sn4+(22+23+2n)-(n+1)2n+1-n,整理,得 Snn(2n+1+1)(n N*).(文)已知数列 an 中,a15,an2an-1+2n-1(nN*且 n2).(1)求 a2、a3的值.(2)是否存在实数,使得数列 nna2为等差数列?若存在,求出 的值;若不存在,请

22、说明理由.解:(1)依题意,有 a22a1+22-1 10+4-1 13,a32a2+23-126+8-1 33.(2)因为 an2an-1+2n-1(nN*且 n2),所以nnnnnnnnaaa211221222111.显然,当且仅当021n,即 -1 时,数列 nna2为等差数列.22.(本 小 题满 分12 分)(理)(2009北 京 东 城高三第 一 学 期 期末 检 测,理20）已 知点2011 年高考数学总复习提能拔高限时训练：单元检测数列（练习详细解析）大纲人教版-9-/10 B1(1,y1),B2(2,y2),Bn(n,yn),(nN*)顺 次 为 直 线1214xy上 的 点

23、，点A1（x1,0),A2(x2,0),An(xn,0),(nN*)顺次为x 轴上的点，其中x1a(0 a1),对任意的nN*,点 An、Bn、An+1构成以 Bn为顶点的等腰三角形.(1)证明数列 yn是等差数列;(2)求证:对任意的nN*，xn+2-xn是常数，并求数列xn的通项公式；（3）在上述等腰三角形AnBnAn+1中是否存在直角三角形，若存在，求出此时a 的值；若不存在，请说明理由.(1)证明:依题意有1214nyn,于是 yn+1-yn41.所以数列 yn是等差数列.(2)证明:由题意得nxxnn21,即 xn+xn+12n(nN*）,所以有 xn+2+xn+12(n+1).由-

24、,得 xn+2-xn2,可知 x1,x3,x5,;x2,x4,x6,都是等差数列，那么得x2k-1x1+2(k-1)2k+a-2,x2kx2+2(k-1)2-a+2(k-1)2k-a(k N*).故.,1为偶数为奇数nannanxn(3)解:当 n 为奇数时,An(n+a-1,0),An+1(n+1-a,0),所以|AnAn+1|2(1-a);当 n 为偶数时,An(n-a,0),An+1(n+a,0),所以|AnAn+1|2a;作 BnCnx轴,垂足为 Cn,则1214|nCBnn,要使等腰三角形AnBnAn+1为直角三角形,必须且只需|AnAn+1|2|BnCn|.当 n 为奇数时,有 2

25、(1-a)2(1214n),即 12a11-3n.当 n1 时,32a;当 n3 时,61a;当 n5 时,式无解.当 n 为偶数时,有 12a 3n+1.同理可求得127a.综上所述,上述等腰三角形AnBnAn+1中存在直角三角形,此时 a 的值为32或61或127.(文)已知数列 an 的前 n 项和为 Sn(nN*).设m(1,an),n(2,n+Sn),且m与n平行.(1)证明 an+1 是等比数列;(2)求 an与 Sn的通项公式.解:(1)证明:由m与n平行,得 1(n+Sn)-2an0,即 Sn-2an+n0.2011 年高考数学总复习提能拔高限时训练：单元检测数列（练习详细解析）大纲人教版-10-/10 S1-2a1+10.a11.又 Sn-1-2an-1+(n-1)0(n2 且 nN*),将相减得Sn-Sn-1-2an+2an-1+10.an2an-1+1.an+12(an-1+1).又 a11,an1(n2 且 nN*).2111nnaa(n2 且 nN*).an+1 是等比数列.(2)由(1)得 an+122n-1,即 an2n-1.Sn(21-1)+(22-1)+(2n-1)(2+22+2n)-n 2n+1-n-2.