江西省崇义中学2020届高三物理上学期第二次月考试题4960.pdf

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1、 1 江西省崇义中学 2020 届高三物理上学期第二次月考试题 考试时间：100 分钟 2019.9.25 一、选择题（本题共 10 小题,每小题 4 分,共 40 分。第 1-7 题单选,第 8-10 题多选。全部选对的得 4 分,选对但不全的得 2 分,有选错的得 0 分）1C919 大型客机是我国自主设计、研制的大型客机，最大航程为 5555 千米，最多载客 190 人，多项性能优于波音 737 和波音 747。若 C919 的最小起飞（离地）速度为 60 m/s，起飞跑道长 2.5103 m。C919 起飞前的运动过程可看成匀加速直线运动，若要 C919 起飞，则 C919 在跑道上的

2、最小加速度为()A0.36 m/s2 B0.72 m/s2 C1.44 m/s2 D2.88 m/s2 2一个物体做末速度为零的匀减速直线运动，比较该物体在减速运动的倒数第 3 m、倒数第 2 m、最后 1 m 内的运动，下列说法中正确的是()A经历的时间之比是 1:2:3 B平均速度之比是 3:2:1 C平均速度之比是 D平均速度之比是 3如图所示，光滑的水平面上两个质量分别为m1=2 kg、m2=3 kg 的物体，中间用轻质弹簧秤连接，在两个大小分别为F1=30 N、F2=20 N 的水平拉力作用下一起匀加速运动，则（）A弹簧秤的示数是 10 N B弹簧秤的示数是 25 N C弹簧秤的示数

3、是 26 N D弹簧秤的示数是 52 N 4如图所示为甲物体和乙物体在平直地面上同向运动的vt图象，已知t=0 时甲在乙前方x0=70 m处。下列说法正确的是()A2 s 时，甲物体的速度方向发生改变 B在 04 s 内，甲和乙之间的最大距离为 78 m C3 s 时，甲、乙物体相遇 D在 03 s 内，甲物体在乙物体前面，3 s4 s 内乙物体在甲物体前面 2 5用卡车运输质量为m的匀质圆筒状工件，为使工件保持固定，将其置于两光滑斜面之间，如图所示。两斜面I、固定在车上，倾角分别为30和60。重力加速度为g。当卡车沿平直公路匀速行驶时，圆筒对斜面I、压力的大小分别为F1、F2，则()A B

4、C D 6我国 2007 年建成的国家大剧院外部呈椭球型为了简化，将国家大剧院的屋顶近似为半球形，某警卫人员在执行特殊任务时，必须在屋顶上向上缓慢爬行，他在爬行的过程中屋顶对他的()A支持力不变 B支持力变小 C摩擦力变小 D摩擦力变大 7如图所示，钢铁构件A、B叠放在卡车的水平底板上，卡车底板和B间动摩擦因数为1，A、B间动摩擦因数为2，12，卡车刹车的最大加速度为a，a1g，可以认为最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等卡车沿平直公路行驶途中遇到紧急情况时，要求其刹车后在s0距离内能安全停下，则卡车行驶的速度不能超过（）A202gs B102gs C02as D 8如图所示，某宾馆大楼中的电梯下

5、方固定有 4 根相同的竖直弹簧，其劲度系数均为k。这是为了防止电梯在空中因缆绳断裂而造成生命危险。若缆绳断裂后，总质量为m的电梯下坠，4 根弹簧同时着地而开始缓冲，电梯坠到最低点时加速度大小为5g（g为重力加速度大小），下列说法正确的是（）A电梯坠到最低点时，每根弹簧的压缩长度为 B电梯坠到最低点时，每根弹簧的压缩长度为6mgk C从弹簧着地开始至电梯下落到最低点的过程中，电梯先处于失重状态后处于超重状态 D从弹簧着地开始至电梯下落到最低点的过程中，电梯始终处于失重状态 9为了备战 2020 年东京奥运会，我国羽毛球运动员进行了如图所示的原地纵跳摸高训练。已知质量m=60 kg 的运动员原地静

6、止站立（不起跳）摸高为 2.10 m，比赛过程中，该运动员先下蹲，重心下降 0.5 m，经过充分调整后，发力跳起摸到了 2.90 m 的高度。若运动员起跳过程视为匀加速运动，忽略空气阻力影响，g 取 10 m/s2,则（）3 A运动员起跳过程处于超重状态 B起跳过程的平均速度比离地上升到最高点过程的平均速度大 C起跳过程中运动员对地面的压力为 960 N D从开始起跳到双脚落地需要 1.05 s 10如图（a），物块和木板叠放在实验台上，物块用一不可伸长的细绳与固定在实验台上的力传感器相连，细绳水平。t=0时，木板开始受到水平外力F的作用，在t=4 s时撤去外力。细绳对物块的拉力f随时间t变化

7、的关系如图（b）所示，木板的速度v与时间t的关系如图（c）所示。木板与实验台之间的摩擦可以忽略。重力加速度取g=10 m/s2。由题给数据可以得出（）A木板的质量为1 kg B2 s4 s内，力F的大小为0.4 N C02 s内，力F的大小保持不变 D物块与木板之间的动摩擦因数为0.2 二、实验题（每空 3 分，共 15 分）11在“探究弹力和弹簧伸长量的关系并测定弹簧的劲度系数”的实验中，实验装置如图所示.所用的每个钩码的重力相当于对弹簧提供了向右恒定的拉力.实验时先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将 5 个钩码逐个挂在绳子的下端，每次测出相应的弹簧总长度.(1)有一个同学通过以上实验测量后

8、把 6 组数据在下图坐标纸中描点，请作出FL图线.(2)由此图线可得出弹簧的原长L0_ cm，劲度系数k_ N/m.12.如图所示，某同学设计了一个测量滑块与木板间的动摩擦因数的实验装置，装有定滑轮的长木板 4 固定在水平实验台上，木板上有一滑块，滑块右端固定一个动滑轮，钩码和弹簧测力计通过绕在滑轮上的轻绳相连，放开钩码，滑块在长木板上做匀加速直线运动.(1)实验得到一条如图所示的纸带，相邻两计数点之间的时间间隔为 0.1 s，由图中的数据可知，滑块运动的加速度大小是_ m/s2.(计算结果保留两位有效数字)(2)读出弹簧测力计的示数F，处理纸带，得到滑块运动的加速度a；改变钩码个数，重复实验

9、.以弹簧测力计的示数F为纵坐标，以加速度a为横坐标，得到的图象是纵轴截距为b的一条倾斜直线，如图所示.已知滑块和动滑轮的总质量为m，重力加速度为g，忽略滑轮与绳之间的摩擦.则滑块和木板之间的动摩擦因数_.二、计算题(共 45 分。要求写出必要的文字说明、主要方程和重要演算步骤,有数值计算的要明确写出数值和单位,只有最终结果的不得分)13（10 分）短跑运动员完成 100 m 赛跑的过程可简化为匀加速运动和匀速运动两个阶段.一次比赛中，运动员用 11.00 s 跑完全程.已知运动员在加速阶段的第 2 s 内通过的距离为 7.5 m，求运动员的加速度及加速阶段通过的距离.14（12 分）如图所示，

10、放在粗糙的固定斜面上的物块A和悬挂的物块B均处于静止状态轻绳AO绕过光滑的定滑轮与轻弹簧的右端及轻绳BO的上端连接于O点，轻弹簧中轴线沿水平方向，轻绳的OC段与竖直方向的夹角53，斜面倾角37，物块A和B的质量分别为mA5 kg，mB1.5 kg，弹簧的劲度系数k500 N/m，(sin 370.6，cos 370.8，重力加速度g10 m/s2)求：(1)弹簧的伸长量x；(2)物块A受到的摩擦力 5 15（11 分）如图所示，质量为M的斜劈倾角为，在水平面上保持静止，当 将一质量为m的木块放在斜面上时正好匀速下滑.如果用与斜面成角的力F拉 着木块沿斜面匀速上滑.(1)求拉力F的大小；(2)若

11、m1 kg，15，g10 m/s2，求F的最小值以及对应的的取值.16（12 分）如图所示为仓库中常用的皮带传输装置示意图，它由两台皮带传送机组成，一台水平传送，A、B两端相距 3 m，另一台倾斜，其传送带与地面的倾角37，C、D两端相距 4.45 m，B、C相距很近水平部分AB以v05 m/s 的速率顺时针转动将一袋质量为 10 kg 的大米无初速度放在A端，到达B端后，米袋继续沿倾斜的CD部分运动，不计米袋在BC处的机械能损失已知米袋与传送带间的动摩擦因数均为 0.5，g10 m/s2，cos 370.8，求：(1)若CD部分传送带不运转，米袋能否运动到D端？(2)若要米袋能被送到D端，C

12、D部分顺时针运转的最小速度为多大？6 2020 届高三月考 2 物理试卷答案 一、选择题（本题共 10 小题,每小题 4 分,共 40 分。第 1-7 题单选,第 8-10 题多选。全部选对的得 4 分,选对但不全的得 2 分,有选错的得 0 分）1【答案】B 【解析】由匀变速直线运动规律可得，C919 的最小起飞加速度，故 B 正确；ACD 错误；故选 B。2【答案】D 【解析】将物体所做末速度为零的匀减速直线运动看成初速度为零的匀加速直线运动，由推论和平均速度公式即可求解比例关系。将物体所做末速度为零的匀减速直线运动看成初速度为零的匀加速直线运动根据初速度为零的匀加速直线运动的推论可知，经

13、历的时间之比是，A 错误；平均速度公式为xvt，x都是 1 m，则得，平均速度之比与时间成反比，则有平均速度之比是，D 正确 BC 错误。3【答案】C 【解析】以两物体组成的整体为研究对象，由牛顿第二定律得：，解得：a=2 m/s2，对物体1m，由牛顿第二定律得：，解得：T=26 N，则弹簧秤示数为 26 N，C 正确。4【答案】B 【解析】A、根据图象可知，04 s 内甲的速度都为正，方向没有发生变化，故 A错误；BC、t=3 s 时甲和乙两物的速度相等，两者之间的距离最大，最大距离为s=x甲+x0 x乙=，故 B 正确，C 错误；D、t=3 s 两者之间的距离最大，则 3 s 之后的一段时

14、间内，甲仍在乙的前面，故 D 错误。5【答案】D 【解析】对圆筒进行受力分析知圆筒处于三力平衡状态，受力分析如图，由几何关系可知，。解得，212Fmg 由牛顿第三定律知，故D正确 6【答案】C 【解析】因为缓慢爬行，合力为零：cosmgF支，sinfmgF，向上爬的过程中，夹角 减小，变大，变小，所以摩擦力变小，支持力变大，ABD 错误，C 正确。7 7【答案】A 【解析】由，分析可知要求其刹车后在0s距离内能安全停下来，则车的最大加速度2ag，由运动学公式，车的最大速度：，故选 A。8 【答案】AC 【解析】在最低点时，由牛顿第二定律：，其中a=5g，解得32mgxk，选项 B 错误；从弹簧

15、着地开始至电梯下落到最低点的过程中，重力先大于弹力，电梯向下先加速运动，当重力小于弹力时，电梯的加速度向上，电梯向下做减速运动，则电梯先处于失重状态后处于超重状态，选项 C 正确，D 错误。9【答案】AD 【解析】AC、运动员离开地面后做竖直上抛运动，根据22ghv可知；在起跳过程中可视为匀加速直线运动，加速度方向竖直向上，所以运动员起跳过程处于超重状态，根据速度位移公式可知22a hv，解得，对运动员根据牛顿第二定律可知，解得，根据牛顿第三定律可知，对地面的压力为 1 560 N，故选项 A 正确，C 错误；B、在起跳过程中做匀加速直线运动，起跳过程的平均速度，运动员离开地面后做竖直上抛运动

16、，离地上升到最高点过程的平均速度，故选项 B 错误；D、起跳过程运动的时间，起跳后运动的时间，故运动的总时间，故选项 D 正确。10【答案】AB 【解析】结合两图像可判断出02 s物块和木板还未发生相对滑动，它们之间的摩擦力为静摩擦力，此过程力F等于f，故F在此过程中是变力，即C错误；25 s内木板与物块发生相对滑动，摩擦力转变为滑动摩擦力，由牛顿运动定律，对24 s和45 s列运动学方程，可解出质量m为1 kg，24 s内的力F为0.4 N，故A、B正确；由于不知道物块的质量，所以无法计算它们之间的动摩擦因数，故D错误。二、实验题（每空 3 分，共 15 分）8 11答案(1)见解析图(2)

17、5 20 解析(1)用平滑的曲线将各点连接起来，如图所示.(2)弹簧的原长L0即为弹力为零时弹簧的长度，由图象可知，L05102 m5 cm.劲度系数为图象直线部分的斜率，k20 N/m.12.答案(1)2.4(2)2bmg 解析(1)加速度axBDxOB4T20.1920.096 140.01 m/s22.4 m/s2(2)滑块受到的拉力FT为弹簧测力计示数的两倍，即：FT2F 滑块受到的摩擦力为：Ffmg 由牛顿第二定律可得：FTFfma 解得力F与加速度a的函数关系式为：Fm2amg2 由图象所给信息可得图象截距为：bmg2 解得：2bmg.二、计算题(共 45 分。要求写出必要的文字说

18、明、主要方程和重要演算步骤,有数值计算的要明确写出数值和单位,只有最终结果的不得分)13（10 分）解析 根据题意，在第 1 s 和第 2 s 内运动员都做匀加速运动.设运动员在匀加速阶段的加速度为a，在第 1 s 和第 2 s 内通过的位移分别为x1和x2，由运动学规律得：x112at 20 （2 分）x1x212a(2t0)2 （2 分）式中t01 s 联立(1)(2)两式并代入已知条件，得a5 m/s2 （1 分）设运动员做匀加速运动的时间为t1，匀速运动时间为t2，匀速运动的速度为v；跑完全程的时间为t，全程的距离为x.依题意及运动学规律，得tt1t2 （1 分）vat1 （1 分）x

19、12at 21vt2 （1 分）设加速阶段通过的距离为x，则 9 x12at 21 （1 分）联立式，并代入数据得：x10 m （1 分）14（12 分）解析(1)对结点O受力分析如图甲所示：（1 分）根据平衡条件，有：FTcos mBg0，（2 分）FTsin F0，（2 分）且：Fkx，（1 分）解式得：x4 cm；（1 分）(2)设物块A所受摩擦力沿斜面向下，对物块A受力分析如图乙所示：（1 分）根据牛顿第三定律有FTFT，根据平衡条件，有：FTFfmAgsin 0，（2 分）解得：Ff5 N，（1 分）即物块A所受摩擦力大小为 5 N，方向沿斜面向上 （1 分）15（11 分）解析(1

20、)由木块在斜面上匀速向下滑动，可得：mgsin mgcos （2 分）在拉力F作用下匀速向上滑动时，有：Fcos mgsin Ff （2 分）Fsin FNmgcos （2 分）FfFN 联立可解得：Fmgsin 2cos （2 分）(2)由式可知：当时，F有最小值.即：当15时，F有最小值.（1 分）Fminmgsin 2 （2 分）代入题中已知数据，可解得：Fmin5 N.（1 分）16（12 分）解析(1)米袋在AB部分加速时的加速度a0mgmg （1 分）解式得：a05 m/s2，10 米袋的速度达到v05 m/s 时，滑行的距离s0v202a02.5 msAB3 m，（1 分）因此米

21、袋到达B点的速度为v05 m/s，CD部分不运转，米袋在CD部分的加速度大小设为a，有mgsin mgcos ma，解式得a10 m/s2，（2 分）米袋能滑上的最大距离sv202a1.25 m4.45 m，（2 分）故米袋不能运动到D端(2)设CD部分运转速度为v时米袋恰能到达D端(即米袋到达D点时速度恰好为零)，则米袋速度减为v之前的加速度大小为a1gsin 37gcos 37 （2 分）解式得a110 m/s2，米袋速度小于v后所受摩擦力沿传送带向上，继续匀减速运动直到速度减为零，该阶段加速度大小为a2gsin 37gcos 37 解式得2 m/s2，（2 分）由运动学公式得v20v22a1v22a24.45 m 解得v4 m/s，（2 分）即要把米袋送到D点，CD部分的最小速度为 4 m/s.答案(1)不能(2)4 m/s