高一物理期末仿真物理测试题七(含答案)9994.pdf

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1、第 1 页共 6 页高一年级期末物理仿真测试七考试范围：第一章 第六章考试时间：90 分钟；注意：本试卷包含、两卷。第卷为选择题，所有答案必须用 2B 铅笔涂在答题卡中相应的位置。第卷为非选择题，所有答案必须填在答题卷的相应位置。答案写在试卷上均无效，不予记分。一、选择题(共 10 小题，每小题 4 分，共 40 分，在每小题给出的四个选项中，1 6 小题只有一个选项符合题目要求，7 10 小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得 4 分，选不全的得 2 分，有选错或不答的得 0 分)1下列哪一组属于国际单位制的基本单位（）Akg、m、km/hBm、s、kgCm、N、kgDN、g、m/s222

2、018 年 12 月 28 日 11 时 07 分，第三家国产大飞机 C919 从浦东国际机场起飞，历经1 小时 38 分钟的飞行，于 12 时 45 分平稳返回浦东国际机场，圆满完成试飞任务下列说法错误的是（）A11 时 07 分指的是时刻B1 小时 38 分钟指的是时间C飞机飞行的路径总长度等于飞机位移的大小D飞机在空中某位置的运动快慢用瞬时速度表示3甲、乙两质点沿同一直线做直线运动，它们的 x-t 图象如图所示，由图象可知A甲、乙两质点沿同一方向运动B甲、乙两质点均做匀变速直线运动C甲、乙两质点在第 2s 末相遇D前 4s 内甲质点比乙质点运动得快4如图所示，A、B 球的质量相等，弹簧的

3、质量不计，倾角为的斜面光滑，系统静止时，弹簧与细线均平行于斜面，在细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是（）A两个小球的瞬时加速度均沿斜面向下，大小均为 gsinBB 球的瞬时加速度沿斜面向下，小于 gsinCA 球的瞬时加速度沿斜面向下，大小为 2gsinD两个小球的瞬时加速度都为零第 2 页共 6 页5小明同学在力传感器上完成“下蹲”和“站起”动作，计算机采集的图线如图所示，由图中信息可以判断出（重力加速度 g 取 10m/s2）（）A小明的体重大约为 70kgB小明同学先完成“下蹲”动作，再完成“站起”动作C“站起”过程一直处于超重状态D整个过程的最大加速度约为 4m/s26如图所示，用绳索

4、将重球挂在墙上，不考虑墙的摩擦如果把绳的长度增加一些，则球对绳的拉力 F1 和球对墙的压力 F2 的变化情况是（）AF1 增大，F2 减小BF1 减小，F2 增大CF1 和 F2 都减小DF1 和 F2 都增大7如图，甲、乙两质点同时从离地高度为 2H 和 H 的位置自由下落，不计空气阻力，甲的质量是乙质量的 2 倍，则（）A甲落地的时间是乙落地时间的 2 倍B甲落地时的速率是乙落地时速率的2倍C甲、乙落地之前，二者之间的竖直距离保持不变D甲、乙落地之前，两物体均处于超重状态8如图所示，质量不等的木块 A 和 B 的质量分别为 m1 和 m2，置于光滑的水平面上当水平力F作用于左端A上，两物体

5、一起做匀加速运动时，A、B间作用力大小为F1，则（）第 3 页共 6 页AF1=FBF1=112m FmmCF1FDF1=212m Fmm9如图所示，一质量为 m 的物体以一定的速率 v0滑到水平传送带上左端的 A 点，当传送带始终静止时，已知物体能滑过右端的 B 点，经过的时间为 t0，则下列判断正确的是()A若传送带逆时针方向运行且保持速率不变，则物体也能滑过 B 点，且用时为 t0B若传送带逆时针方向运行且保持速率不变，则物体可能先向右做匀减速运动直到速度减为零，然后向左加速，因此不能滑过 B 点C若传送带顺时针方向运行，当其运行速率(保持不变)vv0时，物体将一直做匀速运动滑过 B 点

6、，用时一定小于 t0D若传送带顺时针方向运行，当其运行速率(保持不变)vv0时，物体一定向右一直做匀加速运动滑过 B 点，用时一定小于 t010如图 1 所示，一轻弹簧下端固定在水平面上，上端放置一小物体，小物体处于静止状态现对小物体施一竖直向上的拉力 F，使小物体向上做匀加速直线运动，拉力 F 与物体位移 x 的关系如图 2 所示，a、b、c 均为已知量，重力加速度为 g，弹簧始终在弹性限度内则下列结论正确的是（）A开始时弹簧的压缩量为cB物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态C物体的加速度大小为agb第 4 页共 6 页D物体从开始运动到离开弹簧的过程经过的时间为2c b aag二、填空题（第

7、 11 每空 2 分，12 题每空 3 分，共 10 分）11小江同学在做“探究弹力与弹簧伸长的关系”实验中，他用实验装置如图所示，所用的钩码每只质量为 50g。他先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将 5 个钩码逐个挂在弹簧的下端，每次都测出相应的弹簧总长度，并将数据填在表中，实验中弹簧始终未超过弹性限度，取 g 取 10m/s2。根据实验数据可得钩码质量/g050100150200250弹簧总长度/cm6.007.008.009.0010.0011.00（1）该弹簧的劲度系数 k=_N/m。（2）弹力 F 与形变量 x 的表达式_。12为了探究物体质量一定时加速度与力的关系，甲、乙两同学设计

8、了如图所示的实验装置。其中 M 为小车的质量，m 为砂和砂桶的总质量，0m为滑轮的质量，力传感器可测出轻绳的拉力大小。(1)关于此实验，下列说法中正确的是_A实验前，一定先用天平测出砂和砂桶的质量B因为力传感器可测出拉力的大小，所以此实验不需要补偿阻力C实验时，小车应靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录力传感器的示数D为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的总质量 m 远小于小车的质量 M第 5 页共 6 页(2)甲同学以力传感器的示数 F 为横坐标，加速度 a 为纵坐标，画出 aF 图像是一条过原点的直线，已知图线的斜率0.8k，滑轮的质量00.20kgm，则小车的质

9、量为()A1.25kgB2.30kgC2.50kgD1.05kg三、计算题(共 4 小题，共 50 分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)13如图所示为一架小型四旋翼无人机，它是一种能够垂直起降的小型遥控飞行器，目前正得到越来越广泛的应用无人机的质量为 m2kg，假定运动过程中空气阻力忽略不计，当无人机在地面上从静止开始，以最大升力竖直向上起飞，经时间 t4 s 时，离地面的高度为 h48m，g 取 10 m/s2.(1)其动力系统能够提供的最大升力为多大？(2)当无人机悬停在距离地面高度 H100 m 处时，由

10、于动力设备故障，无人机突然失去升力，从静止开始坠落，则无人机坠落地面时的速度为多大？14民航客机的机舱一般都设有紧急出口，发生意外情况的飞机在着陆后，打开紧急出口的舱门，会自动生成一个由气囊构成的斜面，机舱中的人可沿该斜面滑行到地面上，如图所示某机舱离气囊底端的竖直高度 AB 3.0m，气囊构成的斜面长 AC 5.0 m，CD 段为与斜面平滑连接的水平地面若人从气囊上由静止开始滑下，人与气囊间的动摩擦因数为10.5，人与地面间的动摩擦因数为20.4 不计空气阻力，g10 m/s2 求：(1)人在气囊上滑下时的加速度大小；(2)人滑到气囊底端时的速度大小(答案可带根号)；(3)站在距气囊底端正前

11、方 2.0m 处的救护人员能否被从气囊上滑下的人撞到？15如图所示，光滑的水平面上有一质量 M=0.2kg 的长木板，另一质量 m=0.1kg 的小滑块以 v0=2.4m/s 的水平初速度从长木板的左端滑上长木板（此时开始计时）.已知小滑第 6 页共 6 页块与长木板间的动摩擦因数=0.4，重力加速度 g=10m/s2.(1)若长木板长 L=0.7m 且固定在水平面上，求小滑块从长木板上滑离时的速度大小；(2)若长木板足够长且不固定，则经过多长时间小滑块与长木板的速度相等？求此时间内小滑块运动的位移大小？16.2019 年 9 月，中国女排连克强手，取得十一连胜的骄人成绩，成功卫冕世界杯冠军。

12、排球场地的数据如图（a）所示，在某次比赛中，一球员在发球区从离地高 3.5m 且靠近底线的位置将排球水平向前击出，排球的速度方向与水平方向夹角的正切值 tan与排球运动时间t的关系如图（b）所示，排球可看成质点，忽略空气阻力，重力加速度g取10m/s2。(1)求排球击出后 0.2s 内速度变化量的大小和方向；(2)求排球初速度的大小；(3)通过计算判断：如果对方球员没有碰到排球，此次发球是否能够直接得分（既不触网也不越界即可得分）。七答案第 1 页，共 9 页高一年级期末物理仿真测试七（答案）1.B【分析】国际单位制规定了七个基本物理量，分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的

13、量，它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位；【详解】A、kg，m是国际单位制中基本单位，km/h不是国际单位制中的基本单位，故 A错误；B、m、s、kg 是国际单位制中的基本单位，故 B正确；C、N是国际单位制中的导出单位，故 C错误；D、m/s2、N是国际单位制中的导出单位，g 不是国际单位制中的基本单位，故 D错误【点睛】本题的解题关键要掌握国际单位制中基本单位，要注意基本物理量与基本单位的区别，不能混淆2 C【分析】在时间轴上，时间用线段表示，时刻用点表示；路程为物体实际运动的轨迹的长度，不是位移的大小；【详解】A、11 时 07

14、分在时间轴上为一点，故其指的是时刻，故选项 A正确；B、1 小时 38 分钟在时间轴上为一段距离，故其指的是时间，故选项 B正确；C、飞机飞行的路径总长度等于飞机飞行的路程，故选项 C错误；D、飞机在空中某位置的运动快慢用瞬时速度表示，故选项 D正确【点睛】本题考查时间、时刻、以及路程、位移和瞬时速度等问题，这些知识点在学习过程中要着重掌握3 C【分析】两物体都做直线运动，根据位移-时间图象纵坐标的变化量读出物体的位移，根据公式求出七答案第 2 页，共 9 页速度，然后进行分析即可；【详解】A、在x t图像中，图像的斜率代表物体运动的速度，根据图像可知，甲的速度为正，乙的速度为负，甲、乙相向做

15、匀速直线运动，故选项 AB 错误；C、x-t图象的交点表示相遇，根据图象可知，在第 2s末甲、乙相遇，故 C正确；D、x-t图象的斜率表示速度，则甲的速度为4 2/2/2xvm sm st甲乙的速度大小为0 8/2/4xvm sm st 乙，可知前 4s内甲质点和乙质点运动快慢相等，只是方向相反，故选项 D错误【点睛】本题是位移-时间图象问题，考查对物理图象的理解能力，知道斜率表示速度，能根据图象分析物体的运动情况4 C【详解】设 A、B的质量均为 m，当系统静止时，对 B受力分析，根据共点力平衡有：F=mg sin，剪断细绳的瞬间，绳子的拉力消失，弹簧的弹力在瞬间不变，则 B所受的合力为零，

16、A所受的合力FA=mg sin+F=2mg sin根据牛顿第二定律得，aB=022Amgsinagsinm方向沿斜面向下。A 两个小球的瞬时加速度均沿斜面向下，大小均为 g sin，与结论不相符，选项 A错误；B B球的瞬时加速度沿斜面向下，小于 g sin，与结论不相符，选项 B错误；C A球的瞬时加速度沿斜面向下，大小为 2 g sin，与结论相符，选项 C正确；D 两个小球的瞬时加速度都为零，与结论不相符，选项 D错误；故选 C。5 B【详解】A 开始时小处于平衡状态，小明对传感器的压力是 500N，则小明的重力约为 500N，体重七答案第 3 页，共 9 页约为 50kg，故 A错误；

17、BC 小明下蹲动作分别有失重和超重两个过程，先是加速下降失重(小于自身重力)，到达一个最大速度后再减速下降超重(大于自身重力)，站起过程分别有超重和失重两个过程，先是加速上升超重(大于自身重力)，到达一个最大速度后再减速上升失重(小于自身重力)，由图像可知，小明同学先完成“下蹲”动作，再完成“站起”动作，故 B正确，C错误；D 由图可知，小明同学对力传感器的最小压力约为 200N，则最大加速大小约为22500 200m/s6m/s50a故 D错误。故选 B。【点睛】本题关键是确定合力与分力的方向，然后根据平行四边形定则作图分析，最后根据几何关系求解6 C【详解】把球的重力往两个方向上分解，如图

18、所示把绳的长度增加一些，绳与墙之间的夹角减小，由图知两个力均减小，故 C正确，ABD 错误。故选 C。7 BC【详解】A 甲落地的时间是4 Htg甲，乙落地时间2 Htg乙，所以甲落地的时间是乙落地时间的2倍，故 A错误；七答案第 4 页，共 9 页B 根据2vgh可知，甲落地时的速率是乙落地时速率的2倍，故 B正确；C 根据212hgt可知经过相等的时间内两个物体下落的高度相等，所以甲、乙落地之前，二者之间的竖直距离保持不变，故 C正确；D 甲、乙落地之前，加速度均为 g，则两物体均处于完全失重状态，故 D错误；故选 BC。8 CD【详解】对整体分析，由牛顿第二定律知整体的加速度大小为：12

19、Famm。以 B为研究对象，由牛顿第二定律得：A对 B的作用力为：21212mFFmaFmmA F1=F，与结论不相符，选项 A错误；B F1=112mFmm，与结论不相符，选项 B错误；C F12.0m，救护人员能被撞到15(1)0.4m/s(2)0.4s0.64m【分析】（1）根据牛顿第二定律分别求出 m的加速度，根据运动学公式求出速度；（2）根据牛顿第二定律分别求出 M和 m的加速度，根据速度与时间关系求解当速度相等的时间，根据运动的时间运用运动学公式求出小滑块运动的距离；【详解】（1）小滑块在摩擦力作用下做匀减速直线运动，由牛顿第二定律，得：1fFma又因fNFFmg解得：214m/s

20、a 又22012vva L解得0.4m/sv；（2）长木板在水平方向只受向右的滑动摩擦动力fF，且0.4NffFFmg由牛顿第二定律，得2fFMa解得22s2m/a设经过时间t，两者速度相同，则有012v a t a t，解得0.4st 由20112x v ta t，得此时间内小滑块运动的位移0.64mx【点睛】解决本题的关键理清滑块和木板的运动情况，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解16.(1)v=2m/s，方向竖直向下；(2)0v=20m/s；(3)过程见解析【详解】(1)速度变化量为=10 0.2m/s=2m/sv gt 方向与重力加速度方向相同即竖直向下(2)由平抛运动规律有七答案第 9 页，共 9 页0tanyvvygtv由图像可知tan12kt联立解得0v=20m/s(3)由平抛运动规律有101x v t21112hgt解得18180hm1m9m所以不触网，且202xv t22212hgt解得2h=4.05m3.5m或者2280 xm16.7m18m所以不越界