高一物理期末仿真物理测试题八(含答案)9665.pdf

《高一物理期末仿真物理测试题八(含答案)9665.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高一物理期末仿真物理测试题八(含答案)9665.pdf（15页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、第 1页共 6 页高一年级期末物理仿真测试八考试范围：第一章 第六章考试时间：90 分钟；注意：本试卷包含、两卷。第卷为选择题，所有答案必须用 2B 铅笔涂在答题卡中相应的位置。第卷为非选择题，所有答案必须填在答题卷的相应位置。答案写在试卷上均无效，不予记分。一、单项选择题(共 8 小题，每小题 4 分，共 32 分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求)1下列各组物理量中，都是矢量的是（）A位移、时间、速度B速度、加速度、位移C力、速度、路程D力、质量、温度2在如图所示的四个图像中，表示物体做匀加速直线运动的图像是（）A BCD 3作用在同一个物体上的两个共点力，它们的方向之间

2、的夹角是120，两个力的大小都是 5N。则这两个力的合力大小为（）A0B10NC5 2ND5N4两辆汽车沿平直公路做同向运动，从某时刻开始计时，分别测量两辆车的速度大小，并记录在下表中。从表中数据可知，在0t到4st=的这段时间内（）A汽车甲相对计时起点的位移随时间减小B汽车乙的位移大于汽车甲的位移C汽车甲的速度变化量比汽车乙的大D汽车甲的加速度比汽车乙的小5一天平放在电梯中，当电梯静止时，在天平左盘上放一物体，右盘上放质量为 0.2kg的砝码，天平平衡，当电梯以22m/s的加速度竖直向下做匀加速直线运动时，取210m/sg。则（）A天平将不再平衡B物体的质量为 0.16kgC物体对天平左盘的

3、压力大小为 1.6ND物体对天平左盘的压力大小为 2N时间/st01234汽车甲 11/m sv18.016.515.013.512.0汽车乙 12/m sv9.09.510.010.511.0第 2页共 6 页6如图所示，一根轻绳上端固定在 O 点，下端拴一个重量为 G 的小球，现对小球施加一个方向和大小都变化的力 F，使小球与竖直方向的夹角为30，保持小球位置不变，则力F 的最小值是（）A 2GF B32GF C33GF D FG7 如图所示，质量为 m 的木块在拉力 F 的作用下，在水平地面上由静止开始做直线运动。已知木块与地面间的动摩擦因数为，F 与水平方向的夹角为，重力加速度为 g，

4、那么木块受到的滑动摩擦力为（）A mgBsinFCcosFD sinmgF8如图所示，在光滑的水平面上有一个质量1kgm 的小球，小球分别与水平轻弹簧及与竖直方向成45角的不可伸长的轻绳一端相连，此时小球处于静止状态，且水平面对小球的弹力恰好为零。在剪断轻绳的瞬间，取210m/sg，下列说法中正确的是（）A小球受到地面的弹力仍然为零B小球所受的合力为零C小球立即具有向左的加速度210m/sa D小球立即具有向左的加速度28m/sa 二、多项选择题（共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分，在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对的得 4 分，选不全的得 2 分，有选错或不答

5、的得 0 分）9伽利略对“自由落体运动”和“运动和力的关系”的研究，开创了科学实验和逻辑推理相结合的重要科学研究方法。图 1、图 2 分别表示这两项研究中实验和逻辑推理的过程，第 3页共 6 页对这两项研究，下列说法正确的是（）A图 1 通过对自由落体运动的研究，合理外推得出小球在斜面上做匀变速运动B图 1 中先在倾角较小的斜面上进行实验，可减小重力，主要使位移测量更容易C图 2 中完全没有摩擦阻力的斜面是实际存在的，实验可实际完成D图 2 的实验为“理想实验”，通过逻辑推理得出物体的运动不需要力来维持10如图所示，在光滑水平桌面的一端固定一个定滑轮，用轻绳跨过定滑轮将质量为0.5kgAm，9

6、.5kgBm的两个物体 A，B 相连。不计轻绳与滑轮之间的摩擦，取210m/sg放手后两物体开始运动，在两物体运动过程中（）A轻绳的拉力等于物体 A 的重力B轻绳的拉力小于物体 A 的重力CA、B 两物体的加速度大小为20.5m/sDA、B 两物体的加速度大小为20.05m/s11一个质点在 0 20s 时间内做直线运动的速度一时间图像如图所示，下列说法中正确的是（）ABC 段和 CD 段的加速度方向相反BBC 段和 CD 段的速度方向相反C整个过程中，D 点所表示的位置离出发点最远D整个过程中，质点通过的路程为 100m12如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为，以速度v0 逆时针匀速转动。

7、在传送带的上端轻轻放置一个质量为 m 的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数tan，则图中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的是（）第 4页共 6 页A BCD 三、实验题13某实验小组利用如题图（1）所示的装置进行“探究加速度与合外力的关系”的实验（1）为了减小误差，在平衡摩擦力后，每次实验必须通过改变钩码的个数来改变小车所受合外力，获取多组数据若小车质量为 400 g，实验中每次所用的钩码总质量范围应选_组会比较合理（填选项前的字母）A10 g40 gB200 g400 gC1000 g2000g（2）实验中打点计时器的打点周期为 0.02s，图（2）中给出的是实验中获取的纸带的一部分

8、：1、2、3、4、5 是计数点，每相邻两计数点间还有 4 个打点未标出，由该纸带可求得小车的加速度 a=_m/s2（结果保留 3 位有效数字）（3）改变钩码的个数重复实验，得到加速度 a 与合外力 F 的关系如图（3）所示，分析线段 OA 段，可得出实验的结论是_14“探究互成角度的力的合成规律”的实验如图所示，图中 A 为固定橡皮筋的图钉，O第 5页共 6 页为橡皮筋与细绳的结点，OB 和 OC 为细绳，1F和2F表示用两个弹簧测力计拉橡皮筋时的力，F 表示用一个弹簧测力计拉橡皮筋时的力，F 表示由平行四边形定则作出的1F和2F的合力。(1)关于此实验，下列说法中正确的是_A实验中采用的科学

9、方法为控制变量法BOB、OC 两绳间的夹角越大越好C两次拉橡皮筋时，只需保证橡皮筋伸长量相同即可D拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮筋、细绳应靠近木板且与木板平面平行(2)实验中，图中符合实验事实的是()A BCD 15在做研究平抛运动的实验时，让小球多次从同一高度释放沿同一轨道运动，通过描点法画出小球做平抛运动的轨迹。如图所示，在方格纸上画出小球做平抛运动的轨迹以后，又在轨迹上取 a、b、c、d 四个点（轨迹已擦去）。已知方格纸的边长23.6cm10m/sxg，。请你根据方格纸上的信息，通过分析计算完成下面几个问题：(1)小球平抛运动的初速度0v_m/s；(2)小球运动到 b 点的竖直分速度是byv

10、_m/s；第 6页共 6 页(3)从抛出点到 b 点的竖直高度h _m。四、计算题16将一个小球从5mh 高处水平抛出，小球落到地面的位置与抛出点的水平距离7.5mx。取210m/sg，不计空气阻力。（sin530.8，cos530.6）求：(1)小球抛出时速度的大小；(2)小球落地前瞬间速度的大小和方向。17如图所示，质量11kgm 的物体甲通过三段轻绳 OA，OB，OC 悬挂，三段轻绳的结点为 O，轻绳 OA 与竖直方向的夹角60，轻绳 OB 水平且 B 端与放置在水平桌面上的质量为24kgm的物体乙相连，轻绳 OC 竖直且 C 端与物体甲相连，物体甲、乙都静止，取210m/sg，求(1)

11、轻绳 OA 产生的拉力大小；(2)物体乙受到的摩擦力的大小和方向。18如图甲所示，一根长 1m 的硬杆一端固定在转轴 O 上，另一端固定一小球，使硬杆绕转轴在竖直平面内做匀速圆周运动，当小球运动到最高点 A 时对杆的压力大小为 0.6N，当小球运动到最低点 B 时对杆的拉力大小为 1.4N，重力加速度 g 取 10m/s2。(1)求小球的质量及其做圆周运动的角速度；(2)如图乙所示，将小球穿在硬杆上，硬杆与竖直轴线OO的夹角为53，使硬杆绕 OO匀速转动，此时小球相对于硬杆静止在某一位置上，且与硬杆之间没有摩擦，已知sin53=0.8，cos53=0.6，求：杆对小球的弹力大小；小球做圆周运动

12、的角速度与其离 O 点距离 x 的关系式。八答案第 1 页，共 9 页高一年级期末物理仿真测试八（答案）1 B【详解】A 位移和速度是矢量，而时间只有大小没有方向，是标量，故 A错误；B 速度和加速度、位移都是既有大小又有方向的物理量，是矢量，故 B正确；C 力和速度既有大小又有方向，是矢量；路程只有大小没有方向，是标量，故 C错误；D 力是矢量，而质量和温度只有大小没有方向，是标量，故 D错误。故选 B。2 C【详解】AB 匀加速运动的位移时间公式2012x v tat即 x 是 t 的二次函数，故x t图象应是一条抛物线，故 A错误，B错误；CD 匀加速运动的速度公式0v v at 其中0

13、a，故 v 是 t 的一次函数，故v t图象是一条倾斜的直线，故 C正确，D错误。故选 C。3 D【详解】由题意可知根据平行四边形定则，因为它们之间的夹角是 120，又因两个力的大小均为 5N，如图根据几何关系所以 F合=5N，故 D正确，ABC 错误。故选 D。4 C【详解】八答案第 2 页，共 9 页A 根据表中数据可知汽车甲的速度方向沿正方向，但由于物体的初位置未知，相对于计时起点的位移变化无法判断，故 A错误；B 根据表中数据可知甲的平均速度大于乙的平均速度，故在相同时间内汽车甲的位移大于汽车乙的位移，故 B错误；C 根据表中数据可知甲的速度变化量=12m/s18m/s6m/sv甲负号

14、表示方向与速度方向相反；乙的速度变化量=11m/s9m/s2m/sv乙故汽车甲的速度变化量比汽车乙的大，故 C正确；D 甲的加速度226=m/s 1.5m/s4vat 甲甲负号表示方向与速度方向相反；乙的加速度222=m/s0.5m/s4vat乙乙故可知汽车甲的加速度比汽车乙的大，故 D错误。故选 C。5 C【详解】A 天平开始处于平衡状态，电梯加速下降时，左右两盘都处于失重状态，左右两盘仍然平衡，故 A错误；B 质量是物体的固有属性，物体的质量不会发生改变，故 B错误；CD 根据牛顿第二定律有mg Nma 解得 N=1.6N，则物体对天平左盘的压力大小为 1.6N，故 C正确，D错误。故选

15、C。6 A【详解】要使小球与竖直方向的夹角为30，保持小球位置不变，受力分析如图八答案第 3 页，共 9 页可知当 F与细绳方向垂直时 F最小，最小值为min1sin302FGG故 A正确，BCD 错误。故选 A。7 D【详解】对木块受力分析可知有sinNfFmgF因木块不一定做匀速直线运动，水平方向上不一定平衡，故 D正确，ABC 错误。故选 D。8 C【详解】A 当剪断轻绳瞬间轻绳拉力为零，小球在竖直方向上受重力和地面的弹力而平衡，故 A错误；BCD在剪断轻绳前，小球受重力、绳子的拉力以及弹簧的弹力处于平衡，根据共点力平衡得，弹簧的弹力tan45 110 1N10NF mg 剪断轻绳的瞬间

16、，弹簧的弹力仍然为 10N，小球此时受重力、支持力、弹簧弹力三个力作用，在竖直方向上平衡；根据牛顿第二定律得小球的加速度为2210m/s10m/s1Fam因弹簧弹力方向向左，故合力方向向左，加速度方向向左；故 C正确，B错误，D错误。故选 C。八答案第 4 页，共 9 页9 D【详解】A 图 1 通过对小球在斜面上的运动研究，合理外推出自由落体运动是一种匀变速直线运动，故 A错误；B 图 1 中先在倾角较小的斜面上进行实验，来“冲淡”重力的作用效果，主要使时间测量更容易，故 B错误；C 实际中没有摩擦阻力的斜面并不存在，故该实验无法实际完成，故 C错误；D 图 2 的实验为“理想实验”，伽俐略

17、通过抽象思维、数学推导和科学实验相结合的方法得到物体的运动不需要力来维持，故 D正确。故选 D。10.BC【详解】由题意可知对 A分析根据牛顿第二定律有AAmg T ma 对 B分析根据牛顿第二定律有BT ma代入数据联立解得 a=0.5m/s2，T=4.75N，即轻绳的拉力小于物体 A的重力，故 BC 正确，AD 错误。故选 BC。11BD【详解】A 在 v-t图像中斜率表示加速度，由图可知 BC 段和 CD 段斜率相等，即加速度相同，方向也相同，故 A错误；B 由图可知在 BC 段速度方向为正，CD 段速度方向为负，BC 段和 CD 段的速度方向相反，故 B正确；C 在 v-t图像中图线与

18、 t 轴围成的面积表示运动的位移，故由图可知 C点所表示的位置离出发点最远，故 C错误；D 整个过程中，质点通过的路程为八答案第 5 页，共 9 页5 12.551m7.515m 100m22s 故 D正确。故选 BD。12D【详解】当小木块刚放到传送带上时，小木块受到沿斜面向下的滑动摩擦力，小木块沿斜面向下做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律1sincosmgmgma 1sincosagg 由于tan故当小木块与传送带达到共速后，小木块将受到沿斜面向上的滑动摩擦力，小木块继续沿斜面向下做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律2sincosmgmgma 2sincosagg 由此可知12aa故选 D。

19、13A1.11 物体的加速度与合外力成正比【详解】(1)1本实验利用钩码的重力代替细线的拉力，要求钩码的质量远小于小车的质量，因此要求实验中每次所用的钩码总质量范围要小，故 BC 错误，A正确。(2)2根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小223513220.03650.04780.01440.0255m/s1.11m/s44(0.1)XXaT(3)3分析线段 OA 段，根据图象可知，在质量不变的条件下，物体的加速度与合外力成正比。14DA【详解】八答案第 6 页，共 9 页(1)1A合力和分离是等效替代关系，即一个合力与几个分离共同作用的效果相同，可以相互代替，所以本实验

20、采用的方法为等效替代法，故 A错误；B OB、OC 两绳间的夹角适当就好，没必要太大，故 B错误；C 为了比较两个力的合力与一个力的关系，除了记录大小，还需要记录方向，故 C错误；D 为了减小实验误差，在使用弹簧测力计时要注意尽量使弹簧秤、橡皮筋、细绳应靠近木板且与木板平面平行，故 D正确。故选 D。(2)2根据题意 F表示根据“等效性”通过实验得到的合力即实验测得的力沿绳子方向；作图法得到的合力 F在平行四边形的对角线上，由于误差的存在合力的理论值与实验值有一定的差别，故 A正确，BCD 错误。故选 A。151.2 0.9 0.0405【详解】(1)1在竖直方向上根据图像可知2y x gT

21、解得0.036s 0.06s10Txg则初速度为2023.610 2m/s 1.2m/s0.06xvT(2)2小球在 b 点的竖直分速度等于 ac间在竖直方向上的平均速度，则233 3.610m/s 0.9m/s20.062ybLvT(3)3从抛出点到 b 点经历的竖直高度根据自由落体运动公式有22ybvgh代入数据可解得 h=0.0405m。16(1)07.5m/sv；(2)12.5m/s，方向与水平方向夹角为53斜向下【详解】(1)小球做平抛运动，竖直方向上有八答案第 7 页，共 9 页212hgt代入数据解得 t=1s；水平方向上有0 x v t代入数据得07.5m/sv；(2)落地时在

22、竖直方向上有ygtv解得10m/syv；所以落地前瞬间速度的大小222207.5 10 m/s 12.5m/syvv v设速度方向与水平方向的夹角为，如图所以有010 4tan7.5 3yvv所以53，则速度大小为 12.5m/s，方向与水平方向夹角为53斜向下。17(1)20NOAF；(2)10 3NfF，摩擦力方向水平向左【详解】(1)以甲为研究对象有1OCFmg以结点 O为研究对象有cosOAOCFF所以解得20NOAF；(2)以结点 O为研究对象有sinOAOBFF八答案第 8 页，共 9 页以乙为研究对象fOBFF联立解得10 3NfF，摩擦力方向水平向左。18(1)=2rad/s；(2)1.25N；758 xrad/s【详解】(1)小球运动到最高点 A和最低点 B时，分别对其进行受力分析如图小球运动到最高点 A时：2Amg Fm l小球运动到最低点 B时：2BFmg m l联立解得m=0.1kg，=2rad/s(2)对小球受力分析如图竖直方向由平衡可得FNsin53=mg解得FN=1.25N水平方向有八答案第 9 页，共 9 页FNcos53=2mr其中r=x sin53解得758 xrad/s