物理金考卷22794.pdf

《物理金考卷22794.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《物理金考卷22794.pdf（6页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、 1 4、关 于 物 理 学 的 研 究 方 法，以 下 说 法 中 错 误 的 是 A、用合力替代各分力利用了等效替代的研究方法 B、在利用速度-时间图像推导匀变速直线运动位移公式时应用的是控制变量法 C、电场强度是用比值法定义的，因而电场中某点的电场强度与试探电荷无关 D、在不需要考虑物体本身的大小和形状时，建立质点概念使用的是理想模型法 15、如图所示，质量为 m 的小球 A、B 置于倾角为的光滑斜面上，小球 A、B 之间通过一段压缩的轻弹簧连接，小球 A 通过细线系在斜面体的挡板 M 上，小球 B与挡板 N 接触，系统处于静止状态下列说法正确的是 A、细线一定没有张力 B、剪断细线的瞬

2、间小球 A 有可能处于平衡状态 C、剪断细线的瞬间弹簧的弹性势能一定会转化为 A 的动能 D、撤去挡板 N 的瞬间小球 B 的加速度大小为 2gsin 16、质点以加速度 a 由静止出发做直线运动，在 t 时刻，加速度变为 2a;在 2t 时刻，加速度变为 3a；.；在 10t 时刻，加速度变为 11a，则下列说法正确的是 A、在 10t 时刻质点的速度大小为 11at B、在 10t 时刻质点的速度大小为 66at C、在 10t 时间内质点通过的总路程为 385at2 D、在 10t 时间内质点的平均速度大小为7 74at 17、地球赤道上的重力加速度为 g，物体在赤道上随地球自转的向心加

3、速度为 a，卫星甲、乙、丙在如图所示三个椭圆轨道上绕地球运行，卫星甲和乙的运行轨道在 P 点相切，以下说法中不正确的是 A、如果地球自转的角速度突然变为原来的g+aa 倍，那么赤道上的物体将会“飘”起来 B、卫星甲、乙经过 P 点时的速度大小相等 C、卫星甲的周期最大 D、三个卫星在远地点的速度一定小于第一宇宙速度 物理部分参考答案 14、B 15、B 16、D 17、B 18、B 19、ABD 20、BD 21、BD 22、（1）8.43 8.12 （2）D 23、（1）实物图如图所示（2）A C（3）R2-R1（4）不能 24、（1）根据法拉第电磁感应定律 E=BL1V1=4V I1=BL

4、1V1R 根据牛顿第二定律有 mg-BI1L1=ma a=6m/s2 当棒运动到 2 位置时根据牛顿第二定律有 mg-BI2L2=ma E=BL2V2 I2=B L 2 V 2R 联立解得 L2=22 (2)根据运动学公式 v22-v12=2ax mgx-W=12mv22-12mv12 W=32J 25、（1）设物块在斜面上滑动的加速度为 a，物块滑到斜面底端的速度为 v0，根据牛顿第二定律得 mgsin-1mgcos=ma 物块滑到斜面底端的速度大小为 v02=2ahsin，v0=4.0m/s 设物块受到圆弧面的支持力为 FN 则 FN-mg=mv02R 联立解得 FN=42N 根据牛顿第三

5、定律：物块对传送带底端的圆弧面的压力为 42N 以传送带为参考系，物块滑到传送带的初速度大小为 v0，=v02+v2=5m/s 如图所示，运动方向与传送带边缘的夹角满足 tan=43 物块在传动带上匀减速运动，其加速度大小为 a，=2g 当物块与传送带相对静止时物块在传送带上运动的距离为 S，=v0222g 物块不脱离传送带对应的最小动摩擦因数2应满足 s，sin=d 可得2=0.5（2）与传送带有相对运动的货物的总质量为 M=v0，2g 则货物对传送带的摩擦力的合力大小为 F=2Mg=v0，方向与 v0，的方向相同，以地面为参照系，传送带速度为 v，货物对传送带所做的功率为 P，=-Fvco

6、s 因此货物所引起的附加功率P=-P，=v2=640w 考虑到无货物时电动机的输出功率 P0=I0E-I02R=360W 有货物时电动机的输出功率为 P=P0+P=1000W 设有货物时的工作电流 I，则 P=IE-I2R 33、(1)ACE (2)初状态压强为 p1=p0-gh1、，体积为 v1=v0+h0s，T=300K 末状态：p2=p0，v2=v1+h12s，T2=（273+t）K 由理想气态方程有p1v1T1=p2v2T2 代入数据得 t=122.2 当往左管注入水 yin，末态压强为p，体积为v1=v0+h0s，由等温变化p2v2=pv1 解得 p=79.04cm 34、（1）AB

7、D (2)光从光源S 射出经半球体到达光路如图。光由空气射向半球体，由折射定律有 n=sinsin 解得=30 在?OBC中，由正弦定理得ocsin?（+90)=obsin 解得=30 光由半球体射向空气，由折射定律，有 n=sinsin 解得=60，即初射光线与轴线 OA 平行 AD=Rsin60，S=AD2=34R2 35、（1）BCE（2）以碰撞前 A 球的速度为正方向，A 球与 B 球发生弹性碰撞，设碰撞后的速度分别为 v1 和 v2，由能量守恒定律和动量守恒动律得：12mv02=12mv12+12Mv22 mv0=mv1+Mv2 解得 v2=2mm+Mv0 B 球与 C 球发生弹性碰撞，设碰撞后的速度分别为 V2，和 v3，由能量守恒定律和动量守恒定律的 12Mv22=12Mv22+124mv32 Mv2=Mv22+4mv3 解得 v3=2M4m+Mv2 故 c 球碰撞后的速度 v3=2M4m+M.2mm+Mv0=4m5m+M+4m2Mv0 由数学关系解得 M=m4m=2m 时，C 球碰撞后速度最大，即动能最大。最大动能为 Ek=4m2（49v0）2=3281mv02