高一物理期末仿真测试卷十(含答案)9763.pdf

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1、答案第 1页，共 6 页高一年级期末物理仿真测试十考试范围：第一章第六章；考试时间：90 分钟注意：本试卷包含、两卷。第卷为选择题，所有答案必须用 2B 铅笔涂在答题卡中相应的位置。第卷为非选择题，所有答案必须填在答题卷的相应位置。答案写在试卷上均无效，不予记分。第卷一、单项选择题：本题共 8 小题，每小题 3 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，选对得 3 分，选错得 0 分。1下列物理量中属于基本量的是（）A速度B加速度C质量D力2手抛泡沫滑翔飞机是一款锻炼儿童双手操作能力的户外玩具。手抛滑翔飞机在某次滑行过程中，在同一竖直面内从 A 到 B 滑出了一段曲线，

2、如图所示。关于该段运动，下列说法正确的是（）A飞机速度始终不变B飞机所受合力不为零C在A处，空气对飞机没有作用力D在B处，空气对飞机的作用力与速度方向相反3 在光滑水平面上，一个质量为1kg的物体受到大小分别为3N4N、和5N的三个水平方向的共点力作用静止，现在撤去其中3N的力，其余力不变，则物体的加速度大小为（）A21m/sB23m/sC26m/sD29m/s4修正带结构如图所示，大小齿轮相互咬合，且大、小齿轮的半径之比为2:1，a、b点分别位于大、小齿轮的边缘，则a、b点的角速度大小之比为（）A 1:1B1:2C1:4D 2:15用力传感器研究橡皮绳中拉力F的大小随时间t变化。如图（a）所

3、示，用橡皮绳的一端系住可视为质点的小球，另一端系在力传感器末端。现将小球从传感器末端静止释放，采集到的信息如图（b）所示，以下时间段内小球向上运动且处于超重状态的是（）答案第 2页，共 6页At1t2Bt2t3Ct3t4Dt4t56如图所示，某物体由A点静止释放做自由落体运动，从释放到落地的轨迹AE刚好被分成长度相等的四段。下列说法正确的是（）A物体到达各点的速率之比BCDE:1:2:3:4vvvv B物体通过每一段的速度增量BACBDCEDvvvvvvvvC物体从A到E的平均速度等于其经过B点的瞬时速度vBD物体从A到B的时间是从B到C的时间的两倍7如图所示，轻弹簧一端固定，另一端系一质量为

4、m的小球，小球通过不可伸长的轻绳绕过光滑定滑轮处于平衡状态，已知定滑轮位于弹簧固定点的正上方。现缓慢收绳，使滑轮右侧的绳长减小少许，小球仍处于平衡状态，则收绳后弹簧的弹力大小变化情况为（）A不变B变小C变大D无法确定8无线蓝牙耳机可以在一定距离内与手机等设备实现无线连接。已知无线连接的最远距离为 10m，甲和乙两位同学做了一个有趣实验。甲佩戴无线蓝牙耳机，乙携带手机检测，如图（a）所示，甲、乙同时分别沿两条平行相距6m的直线轨道向同一方向运动，甲做匀速直线运动，乙从静止开始先做匀加速直线运动，再做匀速直线运动，其速度v随时间t的关系如图（b）所示，则在运动过程中，手机检测到蓝牙耳机能被连接的总

5、时间为（）答案第 3 页，共 6页A 4sB9sC13sD 17s二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对得 4 分，选对不选全得 2 分，有错选得 0 分。9在物理学的发展过程中，物理方法起到了重要的作用，下列说法正确的是（）A重心、合力的概念，体现了等效思想B用质点代替物体是建立理想化模型的方法C牛顿通过“冲淡重力”的斜面实验得出自由落体运动是匀变速直线运动D伽利略的理想实验将实验和逻辑推理结合得出了力不是维持运动的原因10如图所示，一轻绳跨过无摩擦的小定滑轮O与小球B连接，另一端与套在光滑竖直杆上的小物块A

6、连接，杆两端固定，开始时用手握住B使A静止在P点，细线伸直。现静止释放B，A向上运动，经过K点时细线与竖直杆成角，此时A、B的速度大小分别为vA、vB，Q点位置与O等高，不计一切摩擦，B球未落地，则（）AABcosvvBBAcosvvC当物块A上升到与滑轮等高时，B的速度最大D当物块A上升到与滑轮等高时，B的速度为零11如图所示，A、B 质量分别为m、M，当 A 沿倾角为的光滑斜面 B 下滑时，斜面 B 保持静止不动，B 对地面的压力为NF，B 对地面的摩擦力为fF，重力加速的为g，则（）ANsincosFMgmgB2NsinFMm gmg答案第 4页，共 6页C2fsinFmgDfsinco

7、sFmg12如图所示，P、Q 两个滑块放在光滑的水平地面上，Q 连在水平轻弹簧的左端，弹簧的右端固定在竖直墙面上，水平向右外力6NF 作用在 P 上，系统处于静止状态，已知 P、Q 的质量分别为p1kgm、Q0.5kgm，弹簧的劲度系数100N/mk。现将F的方向突变为水平向左，大小不变，仍然作用在 P 上，则（）A力F突变为水平向左的瞬间，P、Q 的加速度大小为28m/sB弹簧恢复原长时，P、Q 开始分离CP、Q 分离时，Q 的速度最大D从力F方向突变为水平向左到 P、Q 两者分离，所经历的时间大于3s20三、实验题：本题共 2 小题，共 16 分。第 13 题 6 分，第 14 题 10

8、分。13用如图所示装置研究平抛运动，将白纸和复写纸对齐重叠并固定在竖直的硬板上，钢球沿斜槽轨道PQ滑下后从Q点水平飞出，落在水平挡板MN上。由于挡板靠近硬板一侧较低，钢球落在挡板上时，钢球侧面会在白纸上挤压出一个痕迹点。移动挡板，重新释放钢球，如此重复，白纸上将留下一系列痕迹点。（1）关于这个实验，下列说法正确的是_；A斜槽轨道末段必须水平B实验应选择密度大、体积小的球C实验前要用重锤线检查坐标纸上的竖直线是否竖直D应不断改变小球在斜槽上的释放点以获得更多的点（2）取平抛运动的起始点为坐标原点，将钢球静置于O点，钢球的_（选填“最上端”、“最下端”或者“球心”）对应白纸上的位置即为原点；（3）

9、若实验中遗漏了记录平抛运动的起点，在轨迹上取A、B、C三个点，如图所示，测量得到AB、BC的竖直距离分别为1h、2h，AB、BC的水平距离均为x，重力加速度g，则球平抛运动的初速度0v的大小为_（用1h、2h、x、g表示）。答案第 5页，共 6页14甲、乙两个实验小组分别采用如图（a）、（b）所示的实验装置，验证“当质量一定时，物体运动的加速度与它所受的合力成正比”这一物理规律。已知他们使用的小车完全相同，小车的质量为M，砝码和砝码盘的总质量为m，试回答下列问题：（1）甲实验小组利用图（a）装置_（填“需要”、“不需要”）平衡小车和长木板之间的摩擦力，乙实验小组利用图（b）_（填“需要”、“不

10、需要”）满足Mm的条件。（2）利用图（b）装置在满足实验条件时得到一条纸带如图（c）所示，实验所用电源的频率为 60Hz，A、B、C、D、E为每 5 个计时点取一个计数点，小车质量M=1250g，力传感器示数为0.35N，重力加速度g取9.8m/s2，根据纸带可求得小车的加速度大小为_m/s2，该次实验砝码和砝码盘的总质量为m=_g。（结果均保留三位有效数字）（3）利用图（a）在满足实验条件时，研究小车质量一定的情况下其加速度a与砝码重力F（忘记测量砝码盘的质量，但其他操作均正确）的关系，得到的aF图线应该是图（d）中的_（填“”“”或“”）。四、计算题（各小题解答应写出必要的文字说明、方程式

11、和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位，其中 15 题 12 分，16 题14 分，17 题 18 分，共 44 分）152022 年第 24 届冬季奥林匹克运动会将在北京和张家口举行，跳台滑雪是最具观赏性的项目之一。图示是简化的跳台滑雪的雪道示意图，AO为助滑道，OB为着陆坡。运动员从助滑道上的A点由静止滑下，然后从O点以速度0v沿水平方向飞出，最后在着陆坡上着陆。已知着陆坡OB的倾角为，重力加速度为g。将运动员和滑雪板整体看作质点，不计一切摩擦和空气阻力，求：（1）运动员从飞出到着陆所需的时间t；（2）运动员的着陆点到O点的距离S。答案第 6页

12、，共 6页16如图所示，物块 A 和与斜面成30 的轻质细绳相连，放在斜面上，斜面的倾角也为30，物块 A 与斜面间的动摩擦因数32。细绳绕过定滑轮O，细绳右端固定在天花板上，O为细绳上一光滑动滑轮，其右侧绳与竖直方向的夹角60，下方悬挂着重物B，A、B质量分别为m、M，整个装置处于静止状态，重力加速度为g，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不考虑动滑轮重力，求：(1)细绳拉力FT的大小；(2)增大重物 B 的质量要使物块 A 仍静止，求重物 B 质量的最大值。17皮带传输装置示意图的一部分如下图所示，传送带与水平地面的夹角37，以恒定的速率02m/sv逆时针运转。质量为1kg的煤块无初速度地放在传

13、送带的顶端P，经时间10.2st 煤块速度与传送带相同，再经21st到达传送带底端Q点，已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度210m/sg，sin370.6，cos37 0.8，求：（1）煤块与传送带间的动摩擦因数；（2）传送带PQ的长度L；（3）煤块从P点到达Q点的过程中在传送带上留下的划痕长度l。答案第 1 页，共 9 页1 C【详解】七个国际基本物理量中力学中有质量、长度、时间，则质量是基本物理量，速度、加速度和力都不是基本量。故选 C。2 B【详解】A 飞机速度方向不断变化，则速度不断变化，A错误；B 飞机做曲线运动，则所受合力不为零，B正确；CD 飞机做曲线运动，其合力指向曲线

14、的凹面，故 AB 两点均受到空气作用力，不可能只受重力作用，且在 B处，空气对飞机的作用力与速度方向不是相反的，CD 错误。故选 B。3 B【详解】依题意，可得当撤去其中3N的力，其余力不变时，剩下 4N 和 5N 的合力与 3N 等大，反向，根据牛顿第二定律可得物体加速度大小为223m/s 3m/s1Fam合故选 B。4 B【详解】a、b 点分别位于大、小齿轮的边缘，线速度相同，由vr:2:1abr r可得:1:2ab 故选 B。5 C【详解】根据图像，在 t2t4时间内，橡皮绳的拉力大于重力，小球处于超重状态，且在 t2-t3向下运高一物理期末仿真测试卷十答案答案第 2 页，共 9 页动，

15、t3-t4向下运动。故选 C。6 C【详解】A 依题意，根据22vgh解得:1:2:3:2BCDEv v v v故 A错误；BD 依题意，根据初速度为零的匀加速直线运动，在通过连续相等位移所用时间之比为1:(2 1):(3:2):.:(1)nn可知物体从 A到 B的时间是从 B到 C的时间12 12 1ABBCtt根据v gt 显然物体通过每一段的时间不相等，所以速度增量不相等，故 BD 错误；C 根据初速度等于零的匀加速直线运动时间等分规律ABBEtt物体从 A到 E的平均速度等于其中间时刻 B点的瞬时速度Bv，故 C正确。故选 C。7 D【详解】小球受力如图所示答案第 3 页，共 9 页滑

16、轮右侧的绳长减小少许，弹簧与竖直方向的夹角变小，弹簧与轻绳的夹角不确定，由矢量三角形可知，收绳后弹簧的弹力变化不确定。故选 D。8 C【详解】如图所示，当甲、乙相距 10m时，根据勾股定理，甲比乙多走 8m，设此时二人的运动时间为 t1，根据位移公式得211182vtat甲乙根据图像224m/s 1m/s4a 乙解得14st根据图像，此时速度相等，恰好最远，即相距最远时也能接收的信号，然后乙超过甲，当乙比甲多走 8m 时，是最后接收到信号的时刻，设从开始到该时刻的时间为 t2，乙加速的时间为06s 6s1t乙加速 6s后开始以 6m/s的速度匀速运动，乙匀速运动的时间为 t2-6，根据题意22

17、216 6682atvt 甲解得答案第 4 页，共 9 页213st也就是说，前 13s内，甲、乙之间的距离都在 10m以内，都能接收到信号。故选 C。9 ABD【详解】A 重心、合力的概念，体现了等效思想，A正确；B 用质点代替物体是建立理想化模型的方法，B正确；C 伽利略通过“冲淡重力”的斜面实验得出自由落体运动是匀变速直线运动，C错误；D 伽利略的理想实验将实验和逻辑推理结合得出了力不是维持运动的原因，D正确。故选 ABD。10BD【详解】AB 如图所示BAcosvvA错误，B正确；CD 当物块 A上升到与滑轮等高时90 答案第 5 页，共 9 页BAcosvv解得0BvC错误，D正确。

18、故选 BD。11BD【详解】AB A的加速度有竖直向下分量，大小为21sinag以 A、B为整体，竖直方向上由牛顿第二定律可得2NsinMm g Fmg则2NsinFMm g mg故 A错误，B正确；CD A的加速度有水平方向分量，大小为2sin cosag以 A、B为整体，水平方向上由牛顿第二定律可得fsin cosFmg故 C错误，D正确。故选 BD。12AD【详解】A F方向未改变时，由平衡可知，弹簧弹力大小等于力 F的大小即为 6N，当 F方向改变时，弹簧弹力不变，P、Q的加速度大小为226 6m/s8m/s1 0.5a故 A正确；B P、Q恰好分离时具有相同加速度，且 P、Q间的弹力

19、为 0，对 P有答案第 6 页，共 9 页0PF ma得2206m/s6m/s1PFam对 Q有0QFmakx弹得00.56m 0.03m=3cm100QmaxkP、Q开始分离时，弹簧处于压缩状态，B错误；C P、Q分离时，Q保持加速状态，分析得弹簧形变量为 0 时，Q速度最大，C错误；D 弹簧刚开始的压缩量为06m=0.06m6cm100Fxk从力 F方向突变为水平向左到 P、Q两者分离，P位移为03cm0.03ms xx 若 P以开始时的加速度 8m/s2运动时，则有022 0.033ss820sta由于 P向左运动过程中加速度减小，则 P左移 3cm所经历的时间大于3s20，故 D正确。

20、故选 AD。13ABC 球心021gxhvh【详解】（1）1A要使小球做平抛运动，斜槽轨道末段必须是水平，故 A正确；B 为了减小实验误差，小球应选密度大体积小，故 B正确；C 实验前要用重锤线检查坐标纸上的竖直线是否竖直，故 C正确；D 小球在斜槽上的释放位置必须保持不变，故 D错误。故选 ABC。（2）2小球运动中记录下的是其球心的位置，故抛出点也应是小球静止于 O点时球心的位答案第 7 页，共 9 页置，则球心对应白纸上的位置即为原点。（3）3根据平抛运动水平方向的运动规律，由于 AB 和 BC 的水平间距相等且均为 x，则根据0 x v t可知小球在 AB 和 BC 的运动时间相等，再

21、根据竖直方向的运动规律，利用逐差法可得221h hgt 解得021gxhvh14需要不需要0.3960.0343【详解】（1）1图（a）装置需要让绳子的拉力等于小车所受的合力，故需要平衡小车和长木板之间的摩擦力；2图（b）装置因为有力的传感器，可以直接读出拉力的大小，不需要砝码和砝码盘的总重力近似等于绳子的拉力，故不需要满足Mm的条件。（2）3电源的频率为60Hz，A、B、C、D、E为每 5 个计时点取一个计数点，可知两计数点之间的时间间隔为115ss60 12T 根据纸带可求得小车的加速度大小为222226.957.21 6.366.7010 m/s0.396m/s144()12CEACxx

22、aT4对砝码和砝码盘，根据牛顿第二定律有mgT ma 代入数据解得0.0343kgm（3）5因为忘记测量砝码盘的质量，则当砝码质量为 0 时，小车有加速度，故应该是图。15（1）02 tanvg；（2）202 tancosvg【详解】答案第 8 页，共 9 页（1）运动员从 O点飞出后，做平抛运动。水平方向0 x v t竖直方向212ygt落到斜面上tanyx联立以上各式，解得02 tanvtg（2）着陆点到 O点的距离22=Sxy带入数据可得202tan=cosvSg16(1)TFMg；(2)339Mm【详解】(1)根据平衡条件2 cos60TFMg 解得TFMg(2)重物 B质量最大时，A

23、的静摩擦力达到最大值，方向沿斜面向下，根据平衡条件Ncos30sin30TFmgF Nsin30cos30TFFmg 解得339Mm17（1）0.5；（2）3.2m；（3）1m【详解】（1）物块刚放上传送带的10.2st内，物体的加速度答案第 9 页，共 9 页201110m/svat由牛顿第二定律1sincosmgmgma 解得=0.5（2）在最初 0.2s内物块的位移0110.2m2vxt以后物块的加速度2sin-cosmgmgma解得a2=2m/s2再经21st到达传送带底端 Q点，则22022213m2x v ta t则传送带PQ的长度L=x1+x2=3.2m（3）在最初 0.2s内物块相对传送带向上运动，相对滑动的距离10110.2mx v t x 以后的 1s内滑块相对传送带向下滑动，则相对滑动的距离22021mxx v t 则煤块从 P点到达 Q点的过程中在传送带上留下的划痕长度=1ml