高考数学总复习------排列组合与概率统计.pdf

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1、 高考数学总复习-排列组合与概率统计 【重点知识回顾】1.排列与组合 分类计数原理与分步计数原理是关于计数的两个基本原理，两者的区别在于分步计 数原理和分步有关，分类计数原理与分类有关.排列与组合主要研究从一些不同元素中，任取部分或全部元素进行排列或组合，求共有多少种方法的问题.区别排列问题与组合问题要看是否与顺序有关，与顺序有关的属于 排列问题，与顺序无关的属于组合问题.排列与组合的主要公式 排列数公式：Anm (n n!n(n1)(nm 1)(mn)m)!Ann=n!=n(n 1)(n.2)21.组合数公式：Cnm n!n(n 1)(n m 1)(mn).m!(n m)!m(m 1)2 1

2、 组合数性质：Cnm Cnn m(mn).Cn0 Cn1 Cn2 Cnn 2n Cn0 Cn2 Cn4 Cn1 Cn3 2n1 2.二项式定理 二项式定理 (a+b)n=Cn0an+C1nan1b+Cnr anrbr+Cnnbn，其中各项系数就是组合数 Cnr，展开 r rbr.式共有 n+1 项，第 r+1 项是 Tr+1=Cnan 二项展开式的通项公式 二项展开式的第 r+1 项Tr+1=Cnr anrbr(r=0,1,叫 n)做二项展开式的通项公式。二项式系数的性质 在二项式展开式中，与首末两端 “等距离”的两个二项式系数相等，r n r(r=0,1,2,n).即Cn=Cn 若 n 是偶

3、数，则中间项(第 n n 项)的二项公式系数最大，其值为 Cn2；若 n 是奇数，1 2 则中间两项(第n 1项和第n 3 n1 n1 项)的二项式系数相等，并且最大，其值为Cn 2=Cn 2.2 2 所有二项式系数和等于 2n，即 C0n+C1nC2n+Cnn=2n.奇数项的二项式系数和等于偶数项的二项式系数和，1 02 13 n1 即Cn+Cn+=Cn+Cn+=2.3.概率 （1）事件与基本事件：随机事件:在条件下,可能发生也可能不发生的事件 S 事件 不可能事件:在条件下,一定不会发生的事件 确定事件 S 必然事件:在条件下,一定会发生的事件 S 基本事件：试验中不能再分的最简单的“单位

4、”随机事件；一次试验等可能的产生一个基 本事件；任意两个基本事件都是互斥的；试验中的任意事件都可以用基本事件或其和的形式 来表示 （2）频率与概率：随机事件的频率是指此事件发生的次数与试验总次数的比值频率 往往在概率附近摆动，且随着试验次数的不断增加而变化，摆动幅度会越来越小随机事件 的概率是一个常数，不随具体的实验次数的变化而变化 （3）互斥事件与对立事件：事件 定义 集合角度理解 关系 事件 A 与 B 不可能同时 两事件交集为空 事件 A 与 B 对立，则 A 互斥事件 与 B 必为互斥事件；发生 事件 A 与 B 不可能同时 两事件互补 事件 A 与 B 互斥，但不 对立事件 一是对立

5、事件 发生，且必有一个发生 （4）古典概型与几何概型：古典概型：具有“等可能发生的有限个基本事件”的概率模型 几何概型：每个事件发生的概率只与构成事件区域的长度（面积或体积）成比例 两种概型中每个基本事件出现的可能性都是相等的，但古典概型问题中所有可能出现的 基本事件只有有限个，而几何概型问题中所有可能出现的基本事件有无限个 （5）古典概型与几何概型的概率计算公式：古典概型的概率计算公式：P(A)A 包含的基本事件的个数 基本事件的总数 构成事件 A 的区域长度(面积或体积)几何概型的概率计算公式：P(A)试验全部结果构成的区域长度(面积或体积)两种概型概率的求法都是“求比例”，但具体公式中的

6、分子、分母不同 （6）概率基本性质与公式 事件 A 的概率 P(A)的 X 围为：0P(A)1 互斥事件 A 与 B 的概率加法公式：P(A B)P(A)P(B)对立事件 A 与 B 的概率加法公式：P(A)P(B)1 （7）如果事件 A 在一次试验中发生的概率是 p，则它在 n 次独立重复试验中恰好发生 k 次 的概率是 p k k nk n的展开式的第 k+1 项.n(1 p).实际上，它就是二项式(1 p)+p (k)=Cnp 2 （8）独立重复试验与二项分布 一般地，在相同条件下重复做的 n 次试验称为 n 次独立重复试验注意这里强调了 三点：（1）相同条件；（2）多次重复；（3）各次

7、之间相互独立；二项分布的概念：一般地，在 n 次独立重复试验中，设事件 A 发生的次数为 X，在每次试验中事件 A 发生的概率为 p，那么在 n 次独立重复试验中，事件 A 恰好发生 k 次的概 率为(Xk)k k(1)nk(012)P Cp p，k，n 此时称随机变量 X 服从二项分布，记作 n X B(n，p)，并称 p 为成功概率 4、统计 （1）三种抽样方法 简单随机抽样 简单随机抽样是一种最简单、最基本的抽样方法抽样中选取个体的方法有两种：放回 和不放回我们在抽样调查中用的是不放回抽取 简单随机抽样的特点：被抽取样本的总体个数有限从总体中逐个进行抽取，使抽样便于在实践中操作它是不放回

8、抽取，这使其具有广泛应用性每一次抽样时，每个个体等可能的被抽到，保证了抽样方法的公平性 实施抽样的方法：抽签法：方法简单，易于理解随机数表法：要理解好随机数表，即 表中每个位置上等可能出现 0，1，2，9 这十个数字的数表随机数表中各个位置上出 现各个数字的等可能性，决定了利用随机数表进行抽样时抽取到总体中各个个体序号的等可 能性 系统抽样 系统抽样适用于总体中的个体数较多的情况 系统抽样与简单随机抽样之间存在着密切联系，即在将总体中的个体均分后的每一段中进行抽样时，采用的是简单随机抽样 系统抽样的操作步骤：第一步，利用随机的方式将总体中的个体编号；第二步，将总体 的编号分段，要确定分段间隔

9、k，当N（为总体中的个体数，n 为样本容量）是整数时，n k N；当N不是整数时，通过从总体中剔除一些个体使剩下的个体个数 能被 n 整除，n n 这时 k N；第三步，在第一段用简单随机抽样确定起始个体编号 l，再按事先确定的规则 n 抽取样本通常是将 l 加上间隔 k 得到第 2 个编号(l k)，将(l k)加上 k，得到第 3 个编号 (l 2k)，这样继续下去，直到获取整个样本 分层抽样 当总体由明显差别的几部分组成时，为了使抽样更好地反映总体情况，将总体中各个个 体按某种特征分成若干个互不重叠的部分，每一部分叫层；在各层中按层在总体中所占比例 进行简单随机抽样 分层抽样的过程可分为

10、四步：第一步，确定样本容量与总体个数的比；第二步，计算出 各层需抽取的个体数；第三步，采用简单随机抽样或系统抽样在各层中抽取个体；第四步，将各层中抽取的个体合在一起，就是所要抽取的样本 （2）用样本估计总体 样本分布反映了样本在各个 X 围内取值的概率，我们常常使用频率分布直方图来表示相 应样本的频率分布，有时也利用茎叶图来描述其分布，然后用样本的频率分布去估计总体分布，总体一定时，样本容量越大，这种估计也就越精确 3 用样本频率分布估计总体频率分布时，通常要对给定一组数据进行列表、作图处理作 频率分布表与频率分布直方图时要注意方法步骤 画样本频率分布直方图的步骤：求全距 决定组距与组数分组列

11、频率分布表画频率分布直方图 茎叶图刻画数据有两个优点：一是所有的信息都可以从图中得到；二是茎叶图便于记 录和表示，但数据位数较多时不够方便 平均数反映了样本数据的平均水平，而标准差反映了样本数据相对平均数的波动程 1 n 2 有时也用标准差的平方方差来代替标准差，度，其计算公式为 s(xi x)ni1 两者实质上是一样的 （3）两个变量之间的关系 变量与变量之间的关系，除了确定性的函数关系外，还存在大量因变量的取值带有一定随机性的相关关系在本章中，我们学习了一元线性相关关系，通过建立回归直线方程就可 以根据其部分观测值，获得对这两个变量之间的整体关系的了解 分析两个变量的相关关系 时,我们可根

12、据样本数据散点图确定两个变量之间是否存在相关关系，还可利用最小二乘估 计求出回归直线方程通常我们使用散点图，首先把样本数据表示的点在直角坐标系中作出，形成散点图然后从散点图上，我们可以分析出两个变量是否存在相关关系：如果这些点大 致分布在通过散点图中心的一条直线附近，那么就说这两个变量之间具有线性相关关系，这 条直线叫做回归直线，其对应的方程叫做回归直线方程 在本节要经常与数据打交道，计算 量大，因此同学们要学会应用科学计算器 （4）求回归直线方程的步骤：n n 2；第一步：先把数据制成表，从表中计算出 ，xiyi，xy xi i1 i1 第二步：计算回归系数的 a，b，公式为 n n n n

13、 xiyi(xi)(yi)b i 1 i1 i 1，n 2 n xi)2 n xi(i 1 i 1 a y；bx 第三步：写出回归直线方程 y bxa （4）独立性检验 2 2 列联表：列出的两个分类变量 X 和 Y，它们的取值分别为 x1,x2和y1,y2的 样本频数表称为 2 2 列联表 1 分类 y1 y2 总计 x1 a b a b x2 c d c d 总计 a c b d a bcd 构造随机变量 K2 (a n(ad bc)2 d)（其中 n ab cd）b)(c d)(a c)b 4 得到 K2的观察值 k 常与以下几个临界值加以比较：如果 k 2.706，就有 9000的把握

14、因为两分类变量 X 和 Y 是有关系；如果 k 3.841 就有950 0的把握因为两分类变量 如果 k 6.635 就有 990 0 的把握因为两分类变量 如果低于 k 2.706，就认为没有充分的证据说明变量 【典型例题】考点一：排列组合 【方法解读】1、解排列组合题的基本思路：X 和 Y 是有关系；X 和 Y 是有关系；X 和 Y 是有关系 将具体问题抽象为排列组合问题，是解排列组合应用题的关键一步 对“组合数”恰当的分类计算是解组合题的常用方法；是用“直接法”还是用“间接法”解组合题，其前提是“正难则反”；2、解排列组合题的基本方法：优限法：元素分析法：先考虑有限制条件的元素的要求，再

15、考虑其他元素；位置优先法：先考虑有限制条件的位置的要求，再考虑其他位置；排异法：对有限制条件的问题，先从总体考虑，再把不符合条件的所有情况去掉。分类处理：某些问题总体不好解决时，常常分成若干类，再由分类计数原理得出结 论；注意：分类不重复不遗漏。分步处理：对某些问题总体不好解决时，常常分成若干步，再由分步计数原理解决；在解题过程中，常常要既要分类，以要分步，其原则是先分类，再分步。插空法：某些元素不能相邻或某些元素要在某特殊位置时可采用插空法，即先安排 好没有限制元条件的元素，然后再把有限制条件的元素按要求插入排好的元素之 间。捆绑法：把相邻的若干个特殊元素“捆绑”为一个大元素，然后再与其余“

16、普通元素”全排列，最后再“松绑”，将特殊元素在这些位置上全排列。穷举法：将所有满足题设条件的排列与组合逐一列举出来；这种方法常用于方法数 比较少的问题。【命题规律】排列组合的知识在高考中经常以选择题或填空题的形式出现，难度属中等。例 1.（2010XX）如图，用四种不同颜色给图中的A,B,C,D,E,F 六个点涂色，要求每个点涂一种颜色，且图中每条线 段的两个端点涂不同颜色，则不同的涂色方法用（）A.288 种 B.264 种 C.240 种 D.168 种 【提示】(1)B,D,E,F 用四种颜色，则有 A44 11 24 种涂色方法；(2)B,D,E,F 用三种颜色，则有 A43 2 2

17、A43 2 12 192 种涂 色方法；(3)B,D,E,F 用两种颜色，则有 A42 2 2 48 种涂色方法；5 所以共有 24+192+48=264 种不同的涂色方法。故选 B 例 2、某校开设 10 门课程供学生选修，其中 A，B，C 三门由于上课时间相同，至多选一门 学校规定，每位同学选修三门，则每位同学不同的选修方案种数是（B）A120 B98 C63 D56 【提示】分两类：第一类 A，B，C 三门课都不选，有 C3735 种方案；第二类 A，B，C 中 选一门，剩余 7 门课中选两门，有 C13C2763 种方案故共有 356398 种方案故选 B 例 3、某班新年联欢会原定的

18、 6 个节目已排成节目单，开演前又增加了 3 个新节目，如果将 这 3 个新节目插入节目单中，那么不同的插法种数为(A)A504 B210 C336 D120 【提示】三个新节目一个一个插入节目单中，分别有 7,8,9 种方法，插法种数为 789 504或A9 9 504.故选 A A6 6 考点二：二项式定理 【内容解读】掌握二项式定理和二项式系数的性质，并能用它们计算和论证一些简单问题。对二项式定理的考查主要有以下两种题型：1、求二项展开式中的指定项问题：方法主要是运用二项式展开的通项公式；2、求二项展开式中的多个系数的和：此类问题多用赋值法；要注意二项式系数与项的 系数的区别；【命题规律

19、】历年高考二项式定理的试题以客观题的形式出现，多为课本例题、习题迁移的改编题，难度不大，重点考查运用二项式定理去解决问题的能力和逻辑划分、化归转化等思想方法。为此，只要我们把握住二项式定理及其系数性质，会把实际问题化归为数学模型问题或方程问题去解决，就可顺利获解。例 4、设(1x)8 a0 a1x a8x8,则a0,a1,a8 中奇数的个数为（）A2 B3 C4 D5 解：由题知 i ，逐个验证知 0 8 i C 8(i 0,1,2,8)C 8 C 81，其它为偶数，选 A。a 例 5、组合数Cr（nr1，n、rZ）恒等于（n r+1r-1 r-1 An+1Cn-1 B(n+1)(r+1)Cn

20、-1 解：由 Cnr n!n(n1)!r!(nr)!r(r 1)!(n1)(r ）r-1 nr-1 CnrCn-1 DrCn-1 nCnr 11.1)!r 例 6、在(x 1)(x2)(x 3)(x4)(x5)的展开式中，含 x4的项的系数是（A）-15（B）85（C）-120（D）274 6 解：本题可通过选括号（即 5 个括号中 4 个提供 x，其余1 个提供常数）的思路来完成。故含 x4的项的系数为(1)(2)(3)(4)(5)15.例 7、若(x+1 2x )n的展开式中前三项的系数成等差数，则展开式中 x4项的系数为 (A)6 (B)7 (C)8 (D)9 解：因为(x 1)n的展开

21、式中前三项的系数 Cn0、1Cn1、1Cn2成等差数列，所以 1Cn2 2x 2 4 Cn0 Cn1，即 n2 9n8 0，解得：n 8 或 n1（舍）。4 Tr1C8rx8r(1)r(1)rC8rx82r。令82r 4 可得，r 2，所以 x4的系数为 1 2x 2 ()2C82 7，故选 B。2 考点三：概率 【内容解读】概率试题主要考查基本概念和基本公式，对等可能性事件的概率、互斥事 件的概率、独立事件的概率、事件在 n 次独立重复试验中恰发生 k 次的概率、离散型随机变 量分布列和数学期望等内容都进行了考查。掌握古典概型和几何概型的概率求法。【命题规律】（1）概率统计试题的题量大致为

22、2 道，约占全卷总分的 6-10，试题 的难度为中等或中等偏易。（2）概率统计试题通常是通过对课本原题进行改编，通过对基础知识的重新组合、变式和拓展，从而加工为立意高、情境新、设问巧、并赋予时代气息、贴近学生实际的问题。这样的试题体现了数学试卷新的设计理念，尊重不同考生群体思维的差异，贴近考生的实际，体现了人文教育的精神。例 8、在平面直角坐标系 xoy 中，设 D 是横坐标与纵坐标的绝对值均不大于 2 的点构成 的区域，E 是到原点的距离不大于 1 的点构成的区域，向 D 中随意投一点，则落入 E 中的 概率为。解：如图：区域 D 表示边长为 4 的正方形 ABCD 的内部（含边界），区域

23、E 表示单位圆及其内部，因此 P 12。4 4 16 答案 16 点评：本题考查几何概型，利用面积相比求概率。例 9、从编号为 1,2,10 的 10 个大小相同的球中任取 4 个，则所取 4 个球的最大是 6 的概率为 (A)1 1(C)2 3 84(B)(D)21 5 5 C53 1 解：P，故选 B。C104 21 点评：本小题主要考查组合的基本知识及等可能事件的概率。例 10、在某地的奥运火炬传递活动中，有编号为 1，2，3，18 的 18 名火炬手.若从 中任选 3 人，则选出的火炬手的编号能组成 3 为公差的等差数列的概率为 7 （A）1 （B）1 51 68 （C）1 （D）1

24、306 408 解：基本事件总数为 C183 17 163。选出火炬手编号为 an a13(n1)，a11 时，由 1,4,7,10,13,16 可得 4 种选法；a1 2 时，由 2,5,8,11,14,17 可得 4 种选法；a1 3 时，由 3,6,9,12,15,18 可得 4 种选法。P 4 4 4 1.17 16 3 68 点评：本题考查古典概型及排列组合问题。例 11、某一批花生种子，如果每 1 粒发牙的概率为 4,那么播下 4 粒种子恰有 2 粒发芽 5 的概率是（）A.16 B.96 C.192 D.256 625 625 625 625 B(4,4)，P(k2)2 2 解：

25、独立重复实验 C42 4 1 96 5 5 5 625 例 12、某射击测试规则为：每人最多射击 3 次，击中目标即终止射击，第 i 次击中目标 得 1i(i 1，2，3)分，3 次均未击中目标得 0 分已知某射手每次击中目标的概率为 0.8，其 各次射击结果互不影响 （）求该射手恰好射击两次的概率；（）该射手的得分记为，求随机变量 的分布列及数学期望 解：（）设该射手第 i 次击中目标的事件为(123)，则 P(A)08.，Aii，()P02.A i i P(AiAi)P(Ai)P(Ai)0.20.8 0.16 （）可能取的值为 0，1，2，3 的分布列为 0 1 2 3 P 0.008 0

26、.032 0.16 0.8 E 0 0.008 1 0.032 2 0.16 3 0.8 2.752.例 13、随机抽取某厂的某种产品 200 件，经质检，其中有一等品 126 件、二等品50 件、三等品 20 件、次品 4 件已知生产 1 件一、二、三等品获得的利润分别为 6 万元、2 万元、1 万元，而 1 件次品亏损 2 万元设 1 件产品的利润（单位：万元）为 8 （1）求 的分布列；（2）求 1 件产品的平均利润（即 的数学期望）；（3）经技术革新后，仍有四个等级的产品，但次品率降为 1%，一等品率提高为 70%如 果此时要求 1 件产品的平均利润不小于 4.73 万元，则三等品率最

27、多是多少？解：的所有可能取值有 6，2，1，-2；P(6)126 50 200 0.63，P(2)0.25 20 4 200 P(1)2)0.02 0.1，P(200 200 故 的分布列为：6 2 1-2 P 0.63 0.25 0.1 0.02 （2）E 6 0.63 2 0.25 10.1(2)0.02 4.34 （3）设技术革新后的三等品率为 x，则此时 1 件产品的平均利润为 E(x)6 0.7 2(1 0.7 0.01 x)(2)0.01 4.76 x(0 x 0.29)依题意，E(x)4.73，即 4.76 x 4.73，解得 x 0.03 所以三等品率最多为 3%考点四：统计

28、【内容解读】理解简单随机抽样、系统抽样、分层抽样的概念，了解它们各自的特点及 步骤会用三种抽样方法从总体中抽取样本 会用样本频率分布估计总体分布 会用样本数 字特征估计总体数字特征 会利用散点图和线性回归方程，分析变量间的相关关系；掌握独 立性检验的步骤与方法。【命题规律】（1）概率统计试题的题量大致为 2 道，约占全卷总分的 6-10，试题 的难度为中等或中等偏易。（2）概率统计试题通常是通过对课本原题进行改编，通过对基础知识的重新组合、变式和拓展，从而加工为立意高、情境新、设问巧、并赋予时代气息、贴近学生实际的问题。这样的试题体现了数学试卷新的设计理念，尊重不同考生群体思维的差异，贴近考生

29、的实际，体现了人文教育的精神。例 14、下表提供了某厂节能降耗技术改造后生产甲产品过程中记录的产量 x(吨)与相应 的生 产能耗 Y(吨标准煤)的几组对照数据 3 4 5 6 y 2.5 3 4 4.5(1)请画出上表数据的散点图；(2)请根据上表提供的数据，崩最小二乘法求出 Y 关于 x 的线性回归方程 Y=bx+a；(3)已知该厂技改前 100 吨甲产品的生产能耗为 90 吨标准煤试根据(2)求出的线性回归方 程，预测生产 100 吨甲产品的生产能耗比技改前降低多少吨标准煤?(参考数值：325+43+54+645=66.5)解：(1)散点图略.9 4 4 2 2 xiyi66.5,4x x

30、i (2)y 63,86,4x 81 i 1 i1 由所提供的公式可得 b 0.7 a0.35,故所求线性回归方程为 y 0.7x0.3510 分 (3)100(0.7 100 0.35)29.65 吨.例 15、为了研究某高校大学新生学生的视力情况，随机地抽查了该校 100 名进校学生 的视力情况，得到频率分布直方图,如图.已知前 4组的频数从左到右依次是等比数列an 的 前四项，后 6 组的频数从左到右依次是等差数列 bn 的前六项 ()求等比数列 an 的通项公式;（)求等差数列 bn 的通项公式；()若规定视力低于 5.0 的学生属于近视学生,试估计该校新生的近视率 的大小.频率 组距

31、 0.3 0.1 4.3 4.44.5 4.64.74.8 4.95.05.1 5.2 视力 解：由题意知：a1 0.1 0.1 100 1，a2 0.3 0.1 100 3.数列 an是等比数列，公比 q a2 3,a1 an a1qn1 3n1.a1 a2 a3=13,b1 b2 b6 100(a1 a2 a3)87，数列bn 是等差数列，设数列 bn 公差为 d，则得，b1b2 b6 6b1 15d6b1 15d87，b1 a4 27，d 5，bn 325n =a1 a2 a3 b1 b2 b3 b4 0.91,100 (或=1 b5 b6 0.91)100 答:估计该校新生近视率为 9

32、1%.例 16、某兴趣小组欲研究昼夜温差大小与患感冒人数多少之间的关系,他们分别到气象 局与某医院抄录了 1 至 6 月份每月 10 号的昼夜温差情况与因患感冒而就诊的人数,得到如下 资料:10 日 期 1 月 10 日 2 月 10 日 3 月 10 日 4 月 10 日 5 月 10 日 6 月 10 日 昼夜温差x(C)10 11 13 12 8 6 就诊人数 y(个)22 25 29 26 16 12 该兴趣小组确定的研究方案是:先从这六组数据中选取 2 组,用剩下的 4 组数据求线性回 归方程,再用被选取的 2 组数据进行检验.()求选取的 2 组数据恰好是相邻两个月的概率；(5 分

33、)()若选取的是 1 月与 6 月的两组数据,请根据 2 至 5 月份的数据,求出 y 关于 x 的线性 回归方程 y bx a；(6 分)()若由线性回归方程得到的估计数据与所选出的检验数据的误差均不超过 2 人,则认 为得到的线性回归方程是理想的,试问该小组所得线性回归方程是否理想?(3 分)n n xiyi nxy (xix)(yi y)(参考公式:b i 1 i 1,ay bx)n 2 n xi 2 (xix)2 nx i 1 i1 解：()设抽到相邻两个月的数据为事件 A.因为从 6 组数据中选 取 2 组数据共有 15 种情况,每种情况都是等可能出现的 其中,抽到相邻两个月的数据的

34、情况有 5 种 所以 P(A)5 1 15 3 ()由数据求得 x 11,y 24 由公式求得 18 b 7 30 再由 ay bx 7 18x 30 所以 y 关于 x 的线性回归方程为 y 150,|150 7 7 ()当 x 10 时,y 22|2；7 7 同样,当 x 78 78 14|2 6 时,y,|7 7 所以,该小组所得线性回归方程是理想的.四、复习建议 1.对于一些容易混淆的概念，如排列与排列数、组合与组合数、排列与组合、二项式 系数与二项展开式中各项的系数等，应注意弄清它们之间的联系与区别.2.复习中，对于排列组合应用题，注意从不同的角度去进行求解，以开阔思维，提高解题能力

35、.3.注意体会解决概率应用题的思考方法，正向思考时要善于将较复杂的问题进行分解，解决有些问题时还要学会运用逆向思考的方法.4、注意复习求线性回归方程的方法，回归分析方法，独立性检验的方法及其应用问题。11 【模拟演练】计数原理部分：1.(2010 XX)在某种信息传输过程中，用 4 个数字的一个排列（数字也许重复）表示一个 信息，不同排列表示不同信息，若所用数字只有 0 和 1，则与信息 0110 至多有两个对应位 置上的数字相同的信息个数为 A10 B.11 C.12 D.15 【提示】与信息 0110 至多有两个对应位置上的数字相同的信息包括三类：第一类：与信息 0110 有两个对应位置上

36、的数字相同有 C426（个）第二类:与信息 0110 有一个对应位置上的数字相同有 C144（个）第三类:与信息 0110 没有一个对应位置上的数字相同有 C041（个）与信息 0110 至多有两个对应位置上的数字相同信息有 6+4+1=11 故选 B 2只用 1,2,3 三个数字组成一个四位数，规定这三个数必须同时使用，且同一数字不能相邻 出现，这样的四位数有 (C)A6 个 B9 个 C18 个 D36 个 【提示】由题意知，1,2,3 中必有某一个数字重复使用 2 次第一步确定谁被使用 2 次，有 3 种方法；第二步把这 2 个相等的数放在四位数不相邻的两个位置上，也有 3 种方法；第三

37、步 将余下的 2 个数放在四位数余下的 2 个位置上，有 2 种方法故共可组成 33218 个不 同的四位数故选 C 3(2011 淮阴一模)已知集合M1，2,3，N4,5,6，7，从两个集合中各取一个 元素作为点的坐标，则这样的坐标在直角坐标系中可表示第一、二象限内不同的点的个数是 (D)A18 B10 C16 D14 【提示】M 中的元素作点的横坐标，N 中的元素作点的纵坐标，在第一象限的点共有 22 个，在第二象限的点共有 12 个N 中的元素作点的横坐标，M 中的元素作点的纵坐标，在第一象限的点共有 22 个，在第二象限的点共有 22 个所求不同的点的个数是 2212 222214(个

38、).故选 D 4.(2010 本溪模拟)如图所示的几何体是由一个正三棱锥 PABC 与正三棱柱 ABCA1B1C1 组合而成，现用 3 种不同颜色对这个几何体的表面染色(底面 A1B1C1 不涂色)，要求相邻的 面均不同色，则不同的染色方案共有 _12_种 提示：先涂三棱锥 PABC 的三个侧面，然后涂三棱柱的三个侧面，共有 C13C12C11 C12 321212 种不同的涂法 12 5设集合 A1,2,3,4，m，nA，则方程 x2 y2 1 表示焦点在 x 轴上的椭圆有 m n (D)A6 个 B8 个 C12 个 D16 个 【提示】因为椭圆的焦点在 x 轴上，所以当 m4 时，n1,

39、2,3；当 m3 时，n1,2；当 m2 时，n1.即满足条件的椭圆共有 3216 个故选 D 6有不同的语文书 9 本，不同的数学书 7 本，不同的英语书 5 本，从中选出不属于同一学 科的书 2 本，则不同的选法有 (C)A21 种 B315 种 C143 种 D153 种 1 C7 1 1 1 1 1 143 故选 C 【提示】C9 C7 C5 C9 C5 6从 5 位同学中选派 4 位同学在星期五、星期六、星期日参加公益活动，每人一天，要求 星期五有 2 人参加，星期六、星期日各有 1 人参加，则不同的选派方法共有 (B)A40 种 B60 种 C100 种 D120 种 【提示】由题

40、意可列式为 C54C4 2A2 2 60(种)故选 B 7（2010全国卷 1 理）某校开设 A 类选修课 3 门，B 类选择课 4 门，一位同学从中共选 3 门.若要求两类课程中各至少选一门，则不同的选法共有 (A)A.30 种 B.35 种 C.42 种 D.48 种 【提示】用间接法 C73 C4 3 C3 3 30 种,故选 A 8（2010XX）为了迎接 2010 年 XX 亚运会，某大楼安装 5 个彩灯，它们闪亮的顺序不固 定，每个彩灯彩灯闪亮只能是红、橙、黄、绿、蓝中的一种颜色，且这 5 个彩灯所闪亮的颜 色各不相同记这 5 个彩灯有序地闪亮一次为一个闪烁，在每个闪烁中，每秒钟有

41、且仅有一 个彩灯闪亮，而相邻两个闪烁的时间间隔均为 5 秒。如果要实现所有不同的闪烁，那么需要 的时间至少是（C）A、1205 秒 B.1200 秒 C.1195 秒 D.1190 秒 【提示】每次闪烁时间 5 秒，共 5120=600s，每两次闪烁之间的间隔为 5s，共5（120-1）=595s总共就有 600+595=1195s故选 C 9（2010全国卷1）某学校开设 A 类选修课 3 门，B 类选修课 4 门，一位同学从中共选 3 门，若要求两类课程中各至少选一门，则不同的选法共有 种 30.(用数字作答)【提示】可分以下 2 种情况:(1)A 类选修课选 1 门,B 类选修课选 2门

42、,有C31C42 种不同的选 法;(2)A 类选修课选 2 门,B 类选修课选 1 门有C32C41 种不同的选法.所以不同的选法共有 C31C42+C32C41 181230种.10“渐升数”是指每个数字比它左边的数字大的正整数（如 1458），若把四位“渐升数”按从 小到大的顺序排列，则第 30 个数为 1359.【提示】渐升数由小到大排列，形如 的渐升数共有：6+5+4+3+2+1=21（个），如 123，个位可从 4，5，6，7，8，9 六个数字选一个，有 6 种等；13 形如 的渐升数共有 5 个；形如 的 渐升数共有 4 个，故此时共有 21+5+4=30 个，因此从小到大的渐升数

43、的第 30 个必为 1359，所以应填 1359.11用 n 种不同的颜色为下列两块广告牌着色(如图甲、乙)，要求在四个区域中相 邻(有公共边界)的区域不用同一颜色 (1)若 n6，则为甲图着色的不同方法共有 _480_种；(2)若为乙图着色时共有 120 种不同方法，则 n_5_.【提示】(1)由分步乘法计数原理，对区域按顺序着色，共有 6544480 种方法 (2)与第(1)问的区别在于与相邻的区域由 2 块变成了 3 块同样利用分步乘法计数原理，得 n(n1)(n2)(n3)120.所以(n23n)(n23n2)120，即(n23n)22(n23n)12100，所以 n23n100，n2

44、3n120(舍去)，解得 n5，n2(舍去)12如图所示，在 A，B 间有四个焊接点，若焊接点脱落，则可能导致电路不通 今发现 A，B 之间线路不通，则焊接点脱落的不同情况有 _13_种 【提示】每个焊接点都有脱落与不脱落两种状态，电路不通可能是 1 个或多个焊接点脱落，问题比较复杂但电路通的情况却只有 3 种，即 2 或 3 脱落或全不脱落 因为每个焊接点有 脱落与不脱落两种情况，故共有 24313 种情况 13现有高一四个班学生 34 人，其中一、二、三、四班各 7 人、8 人、9 人、10 人，他们自愿组成数学课外小组 (1)选其中一人为负责人，有多少种不同的选法？(2)每班选一名组长，

45、有多少种不同的选法？(3)推选二人作中心发言，这二人需来自不同的班级，有多少种不同的选法？解：(1)分四类，第一类，从一班学生中选 1 人，有 7 种选法；第二类，从二班学生中选 1 人，有 8 种选法；第三类，从三班学生中选 1 人，有 9 种选法；第四类，从四班学生中选 1 人，有 10 种选法，所以，共有不同的选法 N7891034(种)(2)分四步，第一、二、三、四步分别从一、二、三、四班学生中选一人任组长，所以共有不同的选法 N789105040(种)(3)分六类，每类又分两步：14 从一班、二班学生中各选 1 人，有 78 种不同的选法；从一、三班学生中各选 1 人，有 79 种不

46、同的选法，从一、四班学生中各选 1 人，有 710 种不同的选法；从二、三班学生中各选 1 人，有 89 种不同的选法；从二、四班学生中各选 1 人，有 810 种不同的选法；从三、四班学生中各选 1 人，有 910 种不同的选法，所以共有不同的选法 N787971089810910431(种)概率统计部分：1在一所有 1000 名学生的学校中随机调查了 100 人，其中有 85 人上学之前吃早餐，在这所学校里随便问 1 人，上学之前吃过早餐的概率是（）A0.85 B0.085 C0.1 D850 2一布袋中有红球 8 个，白球 5 个和黑球 12 个，它们除颜色外没有其他区别，随机地 从袋中

47、取出 1 球不是黑球的概率为（）8 1 12 13 A25 B5 C25 D25 3某商店举办有奖销售活动，购物满 100 元者发兑奖券一 X，在 10000X奖券中，设 特等奖 1 个，一等奖 10 个，二等奖 100 个，若某人购物满 100 元，那么他中一等奖的概率 是（）1 1 1 111 A100 B 1000 C10000 D 10000 4如图所示的两个转盘分别被均匀地分成 5 个和 4 个扇形，每个扇形上都标有数字，同时自由转动两个转盘，转盘停止后，指针都落在奇数上的概率是（）2 3 3 1 A B A5 B10 C20 D5 5军军的文具盒中有两支蜡笔，一支红色的、一支绿色的

48、；三支水彩笔，分别是黄色、黑色、红色，任意拿出一支蜡笔和一支水彩笔，正好都是红色的概率为（）5 1 1 1 A6 B3 C5 D6 6甲、乙两位学生一起在玩抛掷两枚硬币的游戏，游戏规定：甲学生抛出两个正面得 1 分；乙学生抛出一正一反得 1 分那么各抛掷 100 次后他们的得分情况大约应为（）A甲25 分，乙25 分 B甲25 分，乙50 分 C甲50 分，乙25 分 D甲50 分，乙50 分 二、填空题 1口袋中放有 3 只红球和 11 只黄球，这两种球除颜色外没有任何区别，随机从口袋中 15 任取一只球，取到黄球的概率是 _ 2一个口袋中有 4 个白球，1 个红球，7 个黄球搅匀后随机从袋

49、中摸出 1 个是白球 的概率是_ 32006 年 5 月份，某市市区一周空气质量报告中某项污染指数的数据是：31、35、31、34、30、32、31，这组数据的中位数是 _.4为了缓解旱情，我市发射增雨火箭，实施增雨作业 在一场降雨中，某县测得 10 个面积相等区域的降雨量如下表：区域 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 降雨量(mm)10 12 13 13 20 15 14 15 14 14 则该县这 10 个区域降雨量的众数为 _(mm)；平均降雨量为 _（mm）5一个骰子，六个面上的数字分别为 1、2、3、3、4、5，投掷一次，向上的面出现数 字 3 的概率是_ 6某校学生会在“暑

50、假社会实践”活动中组织学生进行社会 调查，并组织评委会对学生写出的调查报告进行了评比学生 会随机抽取了部分评比后的调查报告进行统计，绘制了统计图 如下，请根据该图回答下列问题：（1）学生会共抽取了 _份调查报告；（2）若等第 A 为优秀，则优秀率为 _；第 6 题 （3）学生会共收到调查报告 1000 份，请估计该校有多少份调查报告的等第为 E?7有 100X 已编号的卡片（从 1 号到 100 号）从中任取 1X，计算卡片是奇数的概率是 _，卡片号是 7 的倍数的概率是 _ 8掷一枚正六面体的骰子，掷出的点数不大于 3 的概率是_ 三、解答题 1小谢家买了一辆小轿车，小谢连续记录了七天每天行