高考物理二轮复习专题十选考3-5重点讲练52.pdf

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1、第 1 页 专题十 选考 3-5 重点讲练 1(2021 西安交大附中三模)以下说法正确是()A玻尔对氢原子光谱研究导致原子核式构造模型建立 B可利用某些物质在紫外线照射下发出荧光来设计防伪措施 C天然放射现象中产生射线都能在电场或磁场中发生偏转 D观察者与波源互相远离时接收到波频率与波源频率不同 E汤姆孙通过阴极射线在电场与磁场中偏转实验，发现了阴极射线是由带负电粒子组成，并测出了该粒子比荷 答案 BDE 解析 A 项，卢瑟福通过粒子散射实验建立了原子核式构造模型，故 A 项错误；B 项，紫外线可以使荧光物质发出荧光，利用这一特性对钞票或商标进展有效防伪措施，故 B 项正确；C 项，天然放射

2、现象中产生射线不能在电场或磁场中发生偏转，故 C 项错误；D 项，当波源与观察者有相对运动时，如果二者相互接近，间距变小，观察者接收频率增大，如果二者远离，间距变大，观察者接收频率减小，故D 项正确；E 项，汤姆孙通过阴极射线在电场与在磁场中偏转实验，发现了阴极射线是由带负电粒子组成，并测出了该粒子比荷，故 E 正确 命题立意 本试题旨在考察物理学史 2(2021 重庆)高空作业须系平安带如果质量为m高空作业人员不慎跌落，从开场跌落到平安带对人刚产生作用力前人下落距离为h(可视为自由落体运动)此后经历时间t平安带到达最大伸长，假设第 2 页 在此过程中该作用力始终竖直向上，那么该段时间平安带对

3、人平均作用力大小为()A.m2ghtmg B.m2ghtmg C.m ghtmg D.m ghtmg 答案 A 解析 人下落h高度为自由落体运动，由运动学公式v22gh，可知v2gh；缓冲过程(取向上为正)由动量定理得(Fmg)t0(mv)，解得Fm2ghtmg，应选 A 项 命题立意 此题考察运动学公式、动量定理 3(2021 北京朝阳二练)在以下四个核反响方程中，符号“X表示中子是()A.2713Al10n2712MgX B.2411Na2412MgX C.94Be42He12 6CX D.239 92U239 93NpX 答案 C 解析 由核反响过程中，电荷数守恒、质量数守恒可知：C 项

4、，X质量数为 1，核电荷数为 0，即X为中子，应选 C.命题立意 考察电荷数守恒与质量数守恒应用 4(2021 龙岩综测)图甲所示为氢原子能级，图乙为氢原子光谱 谱线a是氢原子从n4 能级跃迁到n2 能级时辐射光，那么谱线b可能是氢原子_时辐射光(填选项前字母)A从n5 能级跃迁到n3 能级 第 3 页 B从n4 能级跃迁到n3 能级 C从n5 能级跃迁到n2 能级 D从n3 能级跃迁到n2 能级 答案 C 解析 谱线a是氢原子从n4 能级跃迁到n2 能级时辐射光，波长大于谱线b，所以a光光子频率小于b光光子频率，所以b光光子能量大于n4 与n2 间能级差；n3 跃迁到n2，n5 跃迁到n3

5、能级差小于n4 与n2 能级差；n5 与n2 间能级差大于n4 与n2 间能级差，故 A、B、D 项错误，C 项正确应选 C 项 命题立意 此题旨在考察氢原子能级公式与跃迁 5.(2021 宝鸡三检)甲、乙两种金属发生光电效应时，光电子最大初动能与入射光频率间关系分别如图中a、b所示以下判断正确是()A图线a与b不一定平行 B乙金属极限频率大于甲金属极限频率 C改变入射光强度不会对图线a与b产生任何影响 D图线a与b斜率是定值，与入射光与金属材料均无关系 E甲、乙两种金属发生光电效应时，假设光电子最大初动能一样，甲金属入射光频率大 答案 BCD 6(2021 江山市模拟)如下图是光电管原理图，

6、当有波长为0光照到阴极 K 上时，电路中有光电流，那么()第 4 页 A假设换用波长为1(10)光照射阴极K时，电路中一定没有光电流 B假设换用波长为2(20)光照射阴极K时，由于频率变小，不一定发生光电效应，电路中不一定有光电流，故 A 项错误；B 项，换用波长为2(20)光照射阴极K时，频率变大，一定能发生光电效应，电路中一定有光电流，故 B 项正确；C 项，增加电路中电源路端电压，当到达饱与电流，不再增大，故 C项错误；D 项，将电路中电源极性反接，光电子做减速运动，还可能到达阳极，所以还可能有光电流故 D 项错误 命题立意 此题旨在考察光电效应 7(2021 陕西三模)如图是各种元素原

7、子核中核子平均质量与原子序数Z关系图像，由此可知()A假设原子核D与E结合成原子核F，结合过程一定会释放能量 B假设原子核D与E结合成原子核F，结合过程一定要吸收能量 C假设原子核A分裂成原子核B与C，分裂过程一定要释放能量 D假设原子核A分裂成原子核B与C，分裂过程一定要吸收能量 答案 AC 第 5 页 解析 根据重核裂变、轻核聚变都有质量亏损，都向外释放能量，从而即可求解D与E结合成F，有质量亏损，根据爱因斯坦质能方程，有能量释放故 A 项正确，B 项错误假设A分裂成B与C，也有质量亏损，根据爱因斯坦质能方程，有能量释放故 C 项正确，D 项错误 命题立意 此题旨在考察质能方程 8(202

8、1 日照联合检测)目前，在居室装修中经常用到花岗岩、大理石等装饰材料，这些材料都不同程度地含有放射性元素，以下有关放射性元素说法中正确是()A射线与射线一样都是电磁波，但穿透本领远比射线弱 C.238 92U 衰变成206 82Pb 要经过 8 次衰变与 6 次衰变 D放射性元素发生衰变时所释放电子是原子核内中子转化为质子时产生 答案 CD 解析 A 项，射线实质是电子流，射线实质是电磁波，射线穿透本领比拟强，故 A 项错误；B 项，半衰期对大量原子核适用，对少量原子核不适用，故 B 项错误；C 项，因为衰变质量数不变，所以衰变次数n23820648，在衰变过程中电荷数总共少 16，那么衰变次

9、数m16101，故C 项正确；D 项，衰变时，原子核中一个中子，转变为一个质子与一个电子，电子释放出来，故 D 项正确应选 CD.第 6 页 命题立意 此题旨在考察原子核衰变及半衰期、衰变速度、天然放射现象 9(2021 德州二模)如下图，在光滑水平面上放置一个质量为 2m木板B，B左端放置一个质量为m物块A，A、B之间动摩擦因数为，现有质量为m小球以水平速度v0飞来与A物块碰撞后立即粘住，在整个运动过程中物块A始终未滑离木板B，且物块A与小球均可视为质点(重力加速度g)求：(1)物块A相对B静止后速度大小；(2)板B至少多长 答案 v0(2)v2016g 解析 小球与A碰撞过程中动量守恒，三

10、者组成系统动量也守恒，结合动量守恒定律求出物块A相对B静止后速度大小 对子弹与A共速后到三种共速过程，运用能量守恒定律求出木板至少长度 设小球与物体A碰撞后二者速度为v1，三者相对静止后速度为v2，规定向右为正方向，根据动量守恒，得 mv02mv1 2mv14mv2 联立得，v2v0.当A在木板B上滑动时，系统动能转化为摩擦热，设木板B长度为L，假设A刚好滑到B右端时共速，那么由能量守恒，得 第 7 页 122mv21124mv222mgL 联立式，得Lv2016g 命题立意 此题旨在考察动量守恒定律 10.(2021 西安交大附中三模)如下图，质量为m由绝缘材料制成球与质量为M19m金属球并

11、排悬挂，摆长一样，均为l.现将绝缘球拉至与竖直方向成60位置自由释放，摆至最低点与金属球发生弹性碰撞在平衡位置附近存在垂直于纸面磁场，由于磁场阻尼作用，金属球总能在下一次碰撞前停在最低点处，重力加速度为g.求：(1)第一次碰撞前绝缘球速度v0；(2)第一次碰撞后绝缘球速度v1；(3)经过几次碰撞后绝缘球偏离竖直方向最大角度将小于 37.234560.282)答案(1)gl；(2)910gl，方向水平向右；(3)37 解析(1)绝缘球下摆过程机械能守恒，由机械能守恒定律，得 mgl(1cos)12mv20 解得v02gl1cosgl(2)两球碰撞过程动量守恒，以绝缘球初速度方向为正方向，由动量守

12、恒定律，得mv0mv1MvM 第 8 页 由机械能守恒定律，得12mv2012mv2112Mv2M 联立解得 v1mMmMv0910v0910gl，负号表示方向与碰撞前方向相反，向右；(3)设在第n次碰撞前绝缘球速度为vn1，碰撞后绝缘球、金属球速度分别为vn与vN由于碰撞过程中动量守恒与机械能守恒，以碰撞前绝缘球速度方向为正方向，由动量守恒定律，得mvn1mvnMvN 由机械能守恒定律，得12mv2n112mv2n12Mv2N 由、两式及M19m，解得vn910vn1 第n次碰撞后绝缘球动能为：En12mv2n(0.81)nE0 E0为第 1 次碰撞前绝缘球动能，即初始能量 得EnE0(0.

13、81)n 而绝缘球在60与37处势能之比为：mgl1cos37mgl1cos60 450.349，因此，经过 5 次碰撞后将小于 37 命题立意 本试题旨在考察动量守恒定律、机械能守恒定律 11(2021 海南)运动原子核AZX放出粒子后变成静止原子核Y.X、Y与粒子质量分别是M、m1与m2，真空中光速为c，粒子速度远小于光速求反响后与反响前总动能之差以及粒子动能 第 9 页 答案 Ek(Mm1m2)c2，MMm2(Mm1m2)c2 解析 反响后由于存在质量亏损，所以反响前后总动能之差等于质量亏损而释放出能量，故根据爱因斯坦质能方程可得12m2v212Mv2X(Mm1m2)c2 反响过程中三个

14、粒子组成系统动量守恒，故有 MvXm2v 联立式，得12m2v2MMm2(Mm1m2)c2 12(2021 聊城二模)如下图，A、B两木块靠在一起放在光滑水平面上，A、B质量分别为mA2.0 kg、mBmC0.5 kg 小铁块C以v08 m/s 速度滑到木块A上，离开木块A后最终与木块B一起匀速运动假设木块A在铁块C滑离后速度为vA0.8 m/s，铁块C与木块A、B间存在摩擦求：(1)铁块C在滑离A时速度；(2)摩擦力对B做功 答案(1)2.4 m/s(2)0.6 J 解析(1)铁块C在滑离A过程中，A、B、C系统动量守恒，以C初速度方向为正方向，由动量守恒定律，得 mCv0(mAmB)vAm

15、CvC 代入数据解得vC2.4 m/s(2)选择BC为研究对象，设铁块C与木块B一起匀速运动时速度为v，摩擦力对B做功为Wf，第 10 页 由动量守恒，有mBvAmCvC(mBmC)v 由动能定理，得Wf12mBv212mBv2A 代入数据解得Wf0.6 J.命题立意 此题旨在考察动量守恒定律、机械能守恒定律 13(2021 广东)如下图，一条带有圆轨道长轨道水平固定，圆轨道竖直，底端分别与两侧直轨道相切，半径R0.5 m，物块A以v06 m/s 速度滑入圆轨道，滑过最高点Q，再沿圆轨道滑出后，与直轨道上P处静止物块B碰撞，碰后粘在一起运动，P点左侧轨道光滑，右侧轨道呈粗糙段、光滑段交替排列，

16、每段长度都为L0.1 m，物块与各粗糙段间动摩擦因数都为0.1，A、B质量均为m1 kg(重力加速度g取 10 m/s2；A、B视为质点，碰撞时间极短)(1)求A滑过Q点时速度大小v与受到弹力大小F；(2)碰后AB最终停顿在第k个粗糙段上，求k数值；(3)碰后AB滑至第n个(nk)光滑段上速度vn与n关系式 答案(1)v4 m/s F22 N(2)k45(3)vn m/s(且nk)解析(1)由机械能守恒定律，得12mv20 mg(2R)12mv2 得A滑过Q点时速度v4 m/s 在Q点，由牛顿第二定律与向心力公式有Fmgmv2R 解得A滑过Q点时受到弹力F22 N(2)AB碰撞前A速度为vA，由机械能守恒定律有 第 11 页 12mv20 12mv2A，得vAv06 m/s AB碰撞后以共同速度vp前进，由动量守恒定律，得 mvA(mm)vp 得vp3 m/s 总动能Ek12(mm)v2p9 J 滑块每经过一段粗糙段损失机械能 EfL(m m)gL0.2 J 那么：kEkE45(3)AB滑到第n个光滑段上损失能量E损nEn J 由能量守恒得12(mm)v2p12(mm)v2nnE 带入数据解得vn m/s，(nk)