2021年山东省高考物理模拟试卷(解析版)7917.pdf

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1、山东省日照市高考物理二模试卷 二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分，共 48 分 1相隔一定距离的电荷或磁体间的相互作用是怎样发生的？这是一个曾经使人感到困惑、引起猜想且有过长期争论的科学问题19 世纪以前，不少物理学家支持超距作用的观点英国的迈克尔法拉第于 1837 年提出了电场和磁场的概念，解释了电荷之间以及磁体之间相互作用的传递方式，打破了超距作用的传统观念1838 年，他用电力线（即电场线）和磁力线（即磁感线）形象地描述电场和磁场，并解释电和磁的各种现象 下列对电场和磁场的认识，正确的是（）A法拉第提出的磁场和电场以及电力线和磁力线都是客观存在的 B在电场中由静止释放的带正电粒

2、子，一定会沿着电场线运动 C磁感线上某点的切线方向跟放在该点的通电导线的受力方向一致 D通电导体与通电导体之间的相互作用是通过磁场发生的 2一摩托车在 t=0 时刻由静止开始在平直的公路上行驶，其运动过程的 at 图象如图所示，根据已知的信息，可知（）A摩托车的最大动能 B摩托车在 30s 末的速度大小 C在 030s 的时间内牵引力对摩托车做的功 D10s 末摩托车开始反向运动 3自耦变压器铁芯上只绕有一个线圈某自耦变压器的电路如图所示，副线圈匝数可调已知变压器的线圈总匝数为 1100 匝，原线圈接在 e=220sin100tV的交流电源上副线圈接阻值为 44 的负载电阻，正常工作时消耗的功

3、率为11W已知负载电阻正常工作，则下列说法正确的是（）.2 A副线圈的匝数是 100 匝 B通过原线圈的电流为 5A C副线圈的输出电压为 22V D副线圈上输出电压的频率为 5Hz 4如图所示，真空中存在着宽度为 d 的匀强磁场，磁感应强度的大小为 B、方向垂直纸面向里从磁场左边界上某点射入一质量为 m、带电荷量为+q 的粒子（不计重力），入射的初速度大小 v0=、方向与水平方向成 30角则粒子从磁场右边界离开时，速度的偏转角是（）A15 B30 C45 D60 5天文学家通过观测双星轨道参数的变化来间接证明引力波的存在2016 年 2月 11 日，LIGO 宣布于 2015 年 9 月 1

4、4 日直接探测到引力波若某双星系统中两星做圆周运动的周期为 L 经过一段时间演化后，两星的总质量不变，但是两星间的距离变为原来的，此后双星做圆周运动的周期为（）A T B T C T D T 6如图所示，A、B、C 是某匀强电场中的三个点，它们的连线组成等腰直角三角形，AB=BC=lm电场线与三角形所在的平面平行若将一电子从 A 点移到 B点，克服电场力做功为 1eV，从 B 点移到 C 点，电场力做功为 1eV现有一电子（不计重力）从 C 点沿着 CA 方向飞出则下列说法正确的是（）.3 A电场强度大小为 1 V/m BA、C 两点在同一等势面上 C沿着 CA 方向飞出的电子可能会经过 B

5、点 D沿着 CA 方向飞出的电子，电势能一定减小 7在内蒙古的腾格里沙漠，有一项小孩很喜欢的滑沙项目其运动过程可类比为如图所示的模型，倾角为 37的斜面上有长为 lm 的滑板，滑板与沙间的动摩擦因数为小孩（可视为质点）坐在滑板上端，与滑板一起由静止开始下滑小孩与滑板之间的动摩擦因数取决于小孩的衣料，假设图中小孩与滑板间的动摩擦因数为 0.5，小孩的质量与滑板的质量相等，斜坡足够长，g 取 l0m/s2，则以下判断正确的是（）A小孩在滑板上下滑的加速度大小为 2m/s2 B小孩和滑板脱离前滑板的加速度大小为 0.5 m/s2 C经过的时间，小孩离开滑板 D小孩离开滑板时的速度大小为m/s 8如图

6、所示，轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与一物块相连，物块与水平面间的动摩擦因数为 开始时用力推着物块使弹簧压缩，将物块从 A 处由静止释放，经过 B 处时速度最大，到达 C 处速度为零，AC=L在 C 处给物块一初速度，物块恰能回到 A 处弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度为 g则物块（）.4 A在 B 处弹簧可能回复原长 B在 C 处的初速度大小一定是 2 C从 C 到 A 的运动过程中，也是在 B 处的速度最大 D从 C 到 A 经过 B 处的速度大于从 A 到 C 经过 B 处的速度 二、解答题（共 4 小题，满分 47 分）9某同学用探究动能定理的装置测滑块的质量 M如图甲所示，在水平气

7、垫导轨上靠近定滑轮处固定一个光电门 让一带有遮光片的滑块自某一位置由静止释放，计时器可以显示出遮光片通过光电门的时间 t（t 非常小），同时用米尺测出释放点到光电门的距离 s （1）该同学用螺旋测微器测出遮光片的宽度 d 如图乙所示，则 d=mm（2）实验中多次改变释放点，测出多组数据，描点连线，做出的图象为一条倾斜直线，如图丙所示图象的纵坐标 s 表示释放点到光电门的距离，则横坐标表示的是 At Bt2 C D（3）已知钩码的质量为 m，图丙中图线的斜率为 k，重力加速度为 g根据实验测得的数据，写出滑块质量的表达式 M=（用字母表示）10物理实验小组的同学们拆下一报废摩托车的指示灯 Ll（

8、12V，3W）和转向灯L2（12V，24W）、L3（12V，24W），并进行研究（1）某同学将欧姆表的选择开关调至“1”挡，测指示灯 Ll的电阻，指针指示如图 1 所示，可知指示灯的电阻为 .5 （2）根据指示灯的参数，可计算指示灯的电阻 R=48计算结果与（1）中的测量结果的差比较大，请分析原因：（3）实验小组的同学想描绘出转向灯L2的伏安特性曲线，现给出器材：蓄电池 E（电动势为 12V，内阻不计）；电流表 A（量程 0.6A，内阻约为 1；量程 3.0A，内阻约为 0.2）；电压表 V（量程 3.0V，内阻约为 30K；量程 15V，内阻约为 60K）；滑动变阻器 R（015）；开关、导

9、线若干 如图 2 所示是已连好的部分电路 请用笔画线代替导线，将答题卡中的实物电路图补充完整 11飞机着陆后立即关闭动力系统，沿直线滑行约 1000m 停下来如果着陆后钩住阻拦索（如图甲），阻拦索将对飞机施加一作用力，使飞机滑行较短的距离后就能停止 飞机着陆后滑行的 vt 图象如图乙所示 已知飞机的总质量为 80t，重力加速度 g=10m/s2 （1）若没有阻拦索时飞机做匀减速运动，求飞机受到的阻力大小（2）在有阻拦索的运动过程中，求飞机对质量为 50kg 的飞行员的最大作用力 12如图所示，水平放置的电容器与滑动变阻器 Rx并联，然后与阻值为 R0的定值电阻以及间距为 s 的足够长的光滑固定

10、倾斜导轨相连接，导轨处于匀强磁场之 .6 中，磁场方向垂直于导轨平面向上将滑动变阻器 Rx的阻值调到等于定值电阻的阻值 R0，然后将导体棒自导轨上端由静止释放，待速度稳定后，从电容器左端中点沿两极板中线以水平速度 v0射入的电子恰能从极板边缘离开电场已知磁场的磁感应强度为 B，电子的质量为 m（重力忽略不计）、电荷量为 q电容器两板间距为 d、板长为 L，金属导轨与水平面夹角为，导体棒的电阻为 R0，重力加速度为 g则：（1）电子从哪个极板离开电场？（2）求导体棒的质量 M 以及导体棒稳定时的速度vl 物理-选修 3-3（共 2 小题，满分 15 分）13下列说法正确的是（）A液体表面层中分子

11、间的距离比液体内部分子间的距离大 B当分子间的距离减小时，分子间作用力的合力也减小，分子势能增大 C布朗运动就是液体分子的无规则运动 D热量可以从低温物体传到高温物体 E一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热 14如图所示，用一个绝热活塞将绝热容器平均分成 A、B 两部分，用控制阀 K固定活塞，开始时 A、B 两部分气体的温度都是 20，压强都是 1.0105Pa，保持 A 体积不变，给电热丝通电，使气体 A 的温度升高到 60，求：气体 A 的压强是多少？保持气体 A 的温度不变，拔出控制闩 K，活塞将向右移动压缩气体 B，平衡后气体 B 的体积被压缩 0.05 倍

12、，气体 B 的温度是多少？.7 物理-选修 3-4（共 2 小题，满分 0 分）15一列沿 x 轴正方向传播的简谐横波在 t=0 时刻的波形如图所示，质点 P 的 x坐标为 3m己知任意振动质点连续 2 次经过平衡位置的时间问隔为 0.4s下列说法正确的是（）A波速为 1m/s B波的频率为 1.25Hz Cx 坐标为 15m 的质点在 t=0.2s 时恰好位于波峰 Dx 坐标为 22m 的质点在 t=0.2s 时恰好位于波峰 E当质点 P 位于波峰时，x 坐标为 17m 的质点恰好位于波谷 16如图所示，一束截面为圆形（半径 R=1m）的平行紫光垂直射向一半径也为R 的玻璃半球的平面，经折射

13、后在屏幕 S 上形成一个圆形亮区屏幕 S 至球心距离为 D=（+1）m，不考虑光的干涉和衍射，试问：若玻璃半球对紫色光的折射率为n=，请你求出圆形亮区的半径；若将题干中紫光改为白光，在屏幕S 上形成的圆形亮区的边缘是什么颜色？【物理-选修 3-5】（共 2 小题，满分 0 分）17按照氢原子的能级图，下列说法正确的是（）.8 A氢原子从 n=5 能级跃迁到 n=4 能级比从 n=4 能级跃迁到 n=3 能级辐射光子频率低 B用能量为 10.2eV 的光子可以激发处于基态的氢原子 C大量氢原子从 n=4 能级跃迁到 n=1，能够辐射 3 种频率的光子 D氢原子由 n=2 能级跃迁到 n=1 能级

14、辐射光子波长最小 E要使处于基态的氢原子电离至少需要吸收能量 E=13.6eV 18如图所示，在光滑水平面上有一个长为 L 的木板 B，上表面粗糙在其左端有一个光滑的圆弧槽 C 与长木板接触但不连接，圆弧槽的下端与木板的上表面相平，B、C 静止在水平面上现有滑块 A 以初速度 v0从右端滑上 B 并以滑离B，恰好能到达 C 的最高点A、B、C 的质量均为 m，试求：（1）木板 B 上表面的动摩擦因数 （2）圆弧槽 C 的半径 R .9 山东省日照市高考物理二模试卷 参考答案与试题解析 二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分，共 48 分 1相隔一定距离的电荷或磁体间的相互作用是怎样发生的

15、？这是一个曾经使人感到困惑、引起猜想且有过长期争论的科学问题19 世纪以前，不少物理学家支持超距作用的观点英国的迈克尔法拉第于 1837 年提出了电场和磁场的概念，解释了电荷之间以及磁体之间相互作用的传递方式，打破了超距作用的传统观念1838 年，他用电力线（即电场线）和磁力线（即磁感线）形象地描述电场和磁场，并解释电和磁的各种现象 下列对电场和磁场的认识，正确的是（）A法拉第提出的磁场和电场以及电力线和磁力线都是客观存在的 B在电场中由静止释放的带正电粒子，一定会沿着电场线运动 C磁感线上某点的切线方向跟放在该点的通电导线的受力方向一致 D通电导体与通电导体之间的相互作用是通过磁场发生的【考

16、点】磁感线及用磁感线描述磁场；安培力【分析】电场与磁场都是客观存在的特殊物质；电场线和磁感线都是为了描述电场和磁场而假想的曲线，电场线越密的地方，电场强度越大，电场中某点电场强度的大小由电场决定；通电导体与通电导体之间的相互作用是通过磁场发生的【解答】解：A、电场和磁场均是客观存在的特殊物质；电场线和磁感线是人类为了形象地描述电场场而引入的虚拟的线，实际中并不存在；故 A 错误；B、电荷的运动取决于初速度和力的方向，故电场线不是电荷在场中的轨迹只有在点电荷的电场和匀强电场中由静止释放的带正电粒子，一定会沿着电场线运动 故 B 错误；C、根据左手定则可知，磁感线上某点的切线方向跟放在该点的通电导

17、线的受力方向垂直；故 C 错误；D、根据磁场的性质可知，通电导体与通电导体之间的相互作用是通过磁场发生的；故 D 正确；故选：D .10 2一摩托车在 t=0 时刻由静止开始在平直的公路上行驶，其运动过程的 at 图象如图所示，根据已知的信息，可知（）A摩托车的最大动能 B摩托车在 30s 末的速度大小 C在 030s 的时间内牵引力对摩托车做的功 D10s 末摩托车开始反向运动【考点】动能定理的应用；匀变速直线运动的图像【分析】根据加速度时间图象与时间轴所围的面积表示速度变化，求出摩托车在30s 末的速度 再分析能否求出最大动能 根据动能定理分析能否求牵引力做功【解答】解：A、010s 内摩

18、托车做匀加速直线运动，1030s 内摩托车做减速运动，所以 10s 末速度最大，动能最大，根据 v=at 可求出最大速度，但由于摩托车的质量未知，所以不能求最大动能故 A 错误 B、根据加速度时间图象与时间轴所围的面积表示速度变化，可知求出 30s 内速度的变化量，由于初速度为 0，所以可求摩托车在 30s 末的速度大小 故 B 正确 C、1030s 内牵引力是变力，由于不能求出位移，也不知道摩托车的质量，所以不能根据动能定理求出牵引力对摩托车做的功故C 错误 D、根据“面积”表示速度变化量，可知，30s 内速度变化量为零，所以摩托车一直沿同一方向运动，故 D 错误 故选：B 3自耦变压器铁芯

19、上只绕有一个线圈某自耦变压器的电路如图所示，副线圈匝数可调已知变压器的线圈总匝数为 1100 匝，原线圈接在 e=220sin100tV的交流电源上副线圈接阻值为 44 的负载电阻，正常工作时消耗的功率为11W已知负载电阻正常工作，则下列说法正确的是（）.11 A副线圈的匝数是 100 匝 B通过原线圈的电流为 5A C副线圈的输出电压为 22V D副线圈上输出电压的频率为 5Hz【考点】变压器的构造和原理【分析】根据负载电阻的额定值，可求得输出电压，由变压器两端的电压与匝数成正比，可得副线圈的匝数，由输入功率等于输出功率，可得原线圈电流【解答】解：A、原线圈两端的电压为：，根据得副线圈两端的

20、电压为：，根据电压与匝数成正比得：，即，解得：匝，故 A 错误，C 正确；B、根 据 输 入 功 率 等 于 输 出 功 率，通 过 原 线 圈 的 电 流，故 B 错误；D、根据交变电压的瞬时值表达式知=100=2f，解得 f=50Hz，故 D 错误；故选：C 4如图所示，真空中存在着宽度为 d 的匀强磁场，磁感应强度的大小为 B、方向垂直纸面向里从磁场左边界上某点射入一质量为m、带电荷量为+q 的粒子（不计重力），入射的初速度大小 v0=、方向与水平方向成 30角则粒子从磁场右边界离开时，速度的偏转角是（）.12 A15 B30 C45 D60【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动【分析】由洛

21、仑兹力提供向心力列方程从而求出粒子做匀速圆周运动的半径，并结合宽度 d 及几何关系确定离开右边界的位置，再求出偏转角【解答】解：由洛仑兹力提供向心力得：，从而得到半径：，粒子做匀 速圆周运动的部分轨迹如图所示设速度的偏转角为，则半径的偏向角也为，由几何关系有：将 R 的值代入并解三角方程得：=15，所以选项 BCD 错误，选项 A 正确 故选：A .13 5天文学家通过观测双星轨道参数的变化来间接证明引力波的存在 2016 年 2月 11 日，LIGO 宣布于 2015 年 9 月 14 日直接探测到引力波若某双星系统中两星做圆周运动的周期为 L 经过一段时间演化后，两星的总质量不变，但是两星

22、间的距离变为原来的，此后双星做圆周运动的周期为（）A T B T C T D T【考点】万有引力定律及其应用；向心力【分析】双星做匀速圆周运动具有相同的角速度，靠相互间的万有引力提供向心力，得到双星的周期与总质量的关系，再结合已知量分析得出结论【解答】解：设双星质量分别为、，之间的距离原来是 L，后来是，原来周期 T，后来 T，双星靠它们之间的万有引力提供向心力 对：对：解得 由题知，总质量不变，距离变为原来的，周期变为原来的 即 .14 故选：A 6如图所示，A、B、C 是某匀强电场中的三个点，它们的连线组成等腰直角三角形，AB=BC=lm电场线与三角形所在的平面平行若将一电子从 A 点移到

23、 B点，克服电场力做功为 1eV，从 B 点移到 C 点，电场力做功为 1eV现有一电子（不计重力）从 C 点沿着 CA 方向飞出则下列说法正确的是（）A电场强度大小为 1 V/m BA、C 两点在同一等势面上 C沿着 CA 方向飞出的电子可能会经过 B 点 D沿着 CA 方向飞出的电子，电势能一定减小【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电势能【分析】从 A 点移到 B 点，克服电场力做功为 1eV，则由 B 到 A 点电场力做功为1eV，则 AC 电势相等，由 E=可确定场强，有电场力做功确定电势能的变化【解答】解：AB、由 B 到 A 点电场力做功为 1eV，则 AC 电势相等，B 正确，

24、E=V，则 A 错误 C、着 CA 方向飞出的电子受力方向背离 B 点，且电场力做正功，则电势能减小，D 正确，C 错误，故选：BD 7在内蒙古的腾格里沙漠，有一项小孩很喜欢的滑沙项目其运动过程可类比为如图所示的模型，倾角为 37的斜面上有长为 lm 的滑板，滑板与沙间的动摩擦因数为小孩（可视为质点）坐在滑板上端，与滑板一起由静止开始下滑小 .15 孩与滑板之间的动摩擦因数取决于小孩的衣料，假设图中小孩与滑板间的动摩擦因数为 0.5，小孩的质量与滑板的质量相等，斜坡足够长，g 取 l0m/s2，则以下判断正确的是（）A小孩在滑板上下滑的加速度大小为 2m/s2 B小孩和滑板脱离前滑板的加速度大

25、小为 0.5 m/s2 C经过的时间，小孩离开滑板 D小孩离开滑板时的速度大小为m/s【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】对小孩和滑板受力分析，根据牛顿第二定律求出小孩滑板下滑的加速度；根据运动学公式，分别求出滑板和小孩的位移，小孩相对滑板的位移等于滑板的长度，由速度公式求出小孩离开滑板时的速度大小【解答】解：A、对小孩受力分析，小孩受到重力、支持力和滑板对小孩向上的摩擦力，根据牛顿第二定律有：mgsin371mgcos37=ma1 得：，故 A 正确；B、小孩和滑板脱离前，对滑板运用牛顿第二定律有：mgsin371mgcos3722mgcos37=ma2 代入数据解

26、得：，故 B 错误；C、设经过时间 t，小孩离开滑板，解得：s，故 C 正确；D、小孩离开滑板时的速度为：，故 D 错误；故选：AC 8如图所示，轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与一物块相连，物块与水平面 .16 间的动摩擦因数为 开始时用力推着物块使弹簧压缩，将物块从 A 处由静止释放，经过 B 处时速度最大，到达 C 处速度为零，AC=L在 C 处给物块一初速度，物块恰能回到 A 处弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度为 g则物块（）A在 B 处弹簧可能回复原长 B在 C 处的初速度大小一定是 2 C从 C 到 A 的运动过程中，也是在 B 处的速度最大 D从 C 到 A 经过 B 处的速度大

27、于从 A 到 C 经过 B 处的速度【考点】动能定理的应用【分析】物块从 A 到 C 的过程中，合力为零时速度最大对来回两个过程，分别运用能量守恒定律列式，可求初速度 根据物块返回时受力情况判断其运动情况【解答】解：A、物块从 A 到 C 的过程中，弹簧的弹力先大于滑动摩擦力，后小于滑动摩擦力，物块先加速后减速，所以当弹力等于滑动摩擦力时速度最大，此时弹簧处于压缩状态故 A 错误 B、设释放前弹簧的弹性势能为 Ep根据能量守恒定律得 从 AC 的过程有：Ep=mgL 从 CA 的过程有：Ep+mgL=解得，在 C 处的初速度 v0=2，故 B 正确 C、从 C 到 A 的运动过程中，物块经过

28、B 时弹力向右，滑动摩擦力也向右，合力不为零，所以 B 点的速度不是最大，故 C 错误 D、两次经过 B 点时弹簧的弹性势能相同，设为 EpBBC 间的距离为 S 根据能量守恒定律得 从 BC 的过程有：EpB+=mgS，即得=mgSEpB 从 CB 的过程有：EpB+mgS+=，即得=EpBmgS 将 Ep=mgL 和 Ep+mgL=代入上式得 .17=2mgLEpBmgS 可知，vB2vB1即从 C 到 A 经过 B 处的速度大于从 A 到 C 经过 B 处的速度故D 正确 故选：BD 二、解答题（共 4 小题，满分 47 分）9某同学用探究动能定理的装置测滑块的质量 M如图甲所示，在水平

29、气垫导轨上靠近定滑轮处固定一个光电门 让一带有遮光片的滑块自某一位置由静止释放，计时器可以显示出遮光片通过光电门的时间 t（t 非常小），同时用米尺测出释放点到光电门的距离 s （1）该同学用螺旋测微器测出遮光片的宽度 d 如图乙所示，则 d=1.880 mm（2）实验中多次改变释放点，测出多组数据，描点连线，做出的图象为一条倾斜直线，如图丙所示图象的纵坐标 s 表示释放点到光电门的距离，则横坐标表示的是 D At Bt2 C D（3）已知钩码的质量为 m，图丙中图线的斜率为 k，重力加速度为 g根据实验测得的数据，写出滑块质量的表达式 M=（用字母表示）【考点】探究功与速度变化的关系【分析】

30、（1）螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数，需估读（2）根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度得出滑块通过光电门的瞬时速度，根据动能定理抓住钩码重力做功等于系统动能的增加量列出表达式，从而确定横坐标表示的物理量（3）结合表达式得出图线斜率k 的含义，从而求出滑块质量 M 的表达式【解答】解：（1）螺旋测微器的固定刻度读数为 1.5mm，可动刻度读数为 0.01 .18 38.0mm=0.380mm，则最终读数为 1.880mm（2）滑 块 通 过 光 电 门 的 瞬 时 速 度v=，根 据 动 能 定 理 得，mgs=，则，因为图线为线性关系图线，可知横坐标表示故选：D（3）由知，图

31、线的斜率k=，解得滑块质量 M=故答案为：（1）1.880，（2）D，（3）10物理实验小组的同学们拆下一报废摩托车的指示灯 Ll（12V，3W）和转向灯L2（12V，24W）、L3（12V，24W），并进行研究（1）某同学将欧姆表的选择开关调至“1”挡，测指示灯 Ll的电阻，指针指示如图 1 所示，可知指示灯的电阻为 30 （2）根据指示灯的参数，可计算指示灯的电阻 R=48计算结果与（1）中的测量结果的差比较大，请分析原因：指示灯正常工作时的时候，温度比较高，金属丝的电阻率大，故电阻要比不工作的时候大的多 （3）实验小组的同学想描绘出转向灯 L2的伏安特性曲线，现给出器材：蓄电池 E（电动

32、势为 12V，内阻不计）；电流表 A（量程 0.6A，内阻约为 1；量程 3.0A，内阻约为 0.2）；电压表 V（量程 3.0V，内阻约为 30K；量程 15V，内阻约为 60K）；滑动变阻器 R（015）；开关、导线若干 .19 如图 2 所示是已连好的部分电路请用笔画线代替导线，将答题卡中的实物电路图补充完整【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线【分析】（1）根据欧姆表的读数方法可明确对应的读数；（2）根据灯泡电阻随温度变化的规律进行分析，明确电阻变化的原因；（3）根据题意明确滑动变阻器以及电流表接法，同时注意分析电表的量程，再按照实物图的连接要求进行连接【解答】解：（1）由图可知，指针示数为

33、 30，档位为1 档，故读数为：301=30.0；（2）由题意可知，灯泡电阻在工作时较大，原因是指示灯正常工作时的时候，温度比较高，金属丝的电阻率大，故电阻要比不工作的时候大的多；（3）要描绘小灯泡的伏安特性曲线应采用滑动变阻器分压接法；同时=150；=2000；因此；故说明应采用电流表外接法；电池电压为 12V，则电压表量程应选择 15V；故连接的实物图如图所示；故答案为：（1）30.0；（2）指示灯正常工作时的时候，温度比较高，金属丝的电 阻 率 大，故 电 阻 要 比 不 工 作 的 时 候 大 的 多；（3）如 图 所示 11飞机着陆后立即关闭动力系统，沿直线滑行约 1000m 停下来

34、如果着陆后钩住阻拦索（如图甲），阻拦索将对飞机施加一作用力，使飞机滑行较短的距离后就能停止 飞机着陆后滑行的 vt 图象如图乙所示 已知飞机的总质量为 80t，重力加速度 g=10m/s2 .20 （1）若没有阻拦索时飞机做匀减速运动，求飞机受到的阻力大小（2）在有阻拦索的运动过程中，求飞机对质量为 50kg 的飞行员的最大作用力【考点】动能定理的应用【分析】（1）由 vt 图象可读出飞机着陆时的初速度根据动能定理求阻力大小（2）飞机匀减速运动时加速度最大，飞机对飞行员有最大的作用力根据图象的斜率求出加速度 根据牛顿第二定律求出飞机对飞行员水平方向和竖直方向的作用力，再合成求飞机对飞行员的作用

35、力【解答】解：（1）由 vt 图象可知，飞机着陆时的初速度为 v0=70m/s 设飞机所受的阻力大小为 F，由动能定理得 Fs=0 解得 F=1.96105N（2）由 vt 图象可知，飞机加速度最大的时候是匀减速运动阶段 匀减速运动的加速度大小为 a=10m/s2 设飞机对飞行员的作用力为 F，对飞行员受力分析如图F 的竖直分力等于重力，F 的水平分力提供减速的加速度，即有 Fy=mg，Fx=ma 则 F=500N 答：（1）飞机受到的阻力大小是 1.96105N（2）在有阻拦索的运动过程中，飞机对质量为 50kg 的飞行员的最大作用力是500N .21 12如图所示，水平放置的电容器与滑动变

36、阻器 Rx并联，然后与阻值为 R0的定值电阻以及间距为 s 的足够长的光滑固定倾斜导轨相连接，导轨处于匀强磁场之中，磁场方向垂直于导轨平面向上将滑动变阻器 Rx的阻值调到等于定值电阻的阻值 R0，然后将导体棒自导轨上端由静止释放，待速度稳定后，从电容器左端中点沿两极板中线以水平速度 v0射入的电子恰能从极板边缘离开电场已知磁场的磁感应强度为 B，电子的质量为 m（重力忽略不计）、电荷量为 q电容器两板间距为 d、板长为 L，金属导轨与水平面夹角为，导体棒的电阻为 R0，重力加速度为 g则：（1）电子从哪个极板离开电场？（2）求导体棒的质量 M 以及导体棒稳定时的速度vl 【考点】导体切割磁感线

37、时的感应电动势；带电粒子在匀强电场中的运动；安培力的计算【分析】（1）根据右手定则判断感应电流的方向，得到电容器中的电场方向，判断电子受电场力的方向；（2）由电磁感应定律求电动势 E=BLv、闭合电路欧姆定律求电流 I=，由导体棒受力平衡求速度，由带电粒子的匀速通过电容器求电压，结合闭合电路求速度【解答】解：（1）由右手定则可知，导体棒 a 端为等效电源正极，则电容器下极板为正，电子向下偏转从下极板离开电场；（2）电子做类似平抛运动，竖直方向上：a=，；水平方向上：t=；.22 联立可得：U=，导体棒切割磁感线产生的感应电动势为：E=3IR0=，又有 E=Bsv1，联立解得：v1=，速度稳定时

38、，导体棒受力平衡，则：Mgsin=BIl，解得：M=；答：（1）电子从下极板离开电场；（2）导体棒的质量 M 为，导体棒稳定时的速度 vl为 物理-选修 3-3（共 2 小题，满分 15 分）13下列说法正确的是（）A液体表面层中分子间的距离比液体内部分子间的距离大 B当分子间的距离减小时，分子间作用力的合力也减小，分子势能增大 C布朗运动就是液体分子的无规则运动 D热量可以从低温物体传到高温物体 E一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热【考点】热力学第一定律；布朗运动【分析】表面张力产生的原因是由于表面层中分子间的距离比液体内部分子间的距离大；分子间同时存在引力和斥

39、力，随着分子间距的增加，引力和斥力同时减小 根据热力学第二定律可知，在特定条件下热量会由低温物体传递给高温物体 固体小颗粒做布朗运动说明了液体分子不停的做无规则运动 根据气态方程分析压强不变、体积增大时温度的变化，即可判断内能的变化，由热力学第一定律分析吸放热情况 .23【解答】解：A、表面张力产生的原因是由于表面层中分子间的距离比液体内部分子间的距离大；故 A 正确；B、当分子间的距离减小时，分子间作用力可能先增大后减小，故 B 错误 C、布朗运动是悬浮在液体中的固体小颗粒的无规则运动，是液体分子热运动的体现，故 C 错误 D、量不可能自发地从低温物体传到高温物体，在特定条件下热量会由低温物

40、体传递给高温物体，如电冰箱中热量会由低温物体传递给高温物体，故 D 正确；E、一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大，由=c 可知温度升高，则内能增加，根据热力学第一定律得知气体一定吸热，故 E 正确 故选：ADE 14如图所示，用一个绝热活塞将绝热容器平均分成 A、B 两部分，用控制阀 K固定活塞，开始时 A、B 两部分气体的温度都是 20，压强都是 1.0105Pa，保持 A 体积不变，给电热丝通电，使气体 A 的温度升高到 60，求：气体 A 的压强是多少？保持气体 A 的温度不变，拔出控制闩 K，活塞将向右移动压缩气体 B，平衡后气体 B 的体积被压缩 0.05 倍，气体 B 的温

41、度是多少？【考点】理想气体的状态方程；封闭气体压强【分析】气体 A 发生等容变化，根据查理定律求出气体 A 的体积 气体 A 发生等温变化，根据玻意耳定律列式；气体 B 根据理想气体状态方程列式，最终平衡时，气体 AB 的压强相等，联立即可求解【解答】解：对 A 部分气体，在加热的过程中发生等容变化，根据查理定律可得：.24 解得：1.14 拔出控制阀 K，活塞将向右移动压缩气体 B平衡后，气体 A 发生等温变化，根据玻意耳定律有：气体 B 的压缩过程，根据理想气体状态方程有：根据活塞受力平衡有 代入数据联立解得：，即 答：气体 A 的压强是 保持气体 A 的温度不变，拔出控制闩 K，活塞将向

42、右移动压缩气体 B，平衡后气体 B 的体积被压缩 0.05 倍，气体 B 的温度是 29.2 物理-选修 3-4（共 2 小题，满分 0 分）15一列沿 x 轴正方向传播的简谐横波在 t=0 时刻的波形如图所示，质点 P 的 x坐标为 3m己知任意振动质点连续 2 次经过平衡位置的时间问隔为 0.4s下列说法正确的是（）A波速为 1m/s B波的频率为 1.25Hz Cx 坐标为 15m 的质点在 t=0.2s 时恰好位于波峰 Dx 坐标为 22m 的质点在 t=0.2s 时恰好位于波峰 E当质点 P 位于波峰时，x 坐标为 17m 的质点恰好位于波谷【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象

43、【分析】根据任意振动质点连续 2 次经过平衡位置的时间间隔为 0.4s 即可求出周期相邻两个波峰或波谷之间的距离等于波长，由图读出波长由 v=求出 .25 波速根据时间与周期的关系分析质点的状态【解答】解：A、由题，任意振动质点连续 2 次经过平衡位置的时间间隔为 0.4s，则该波的周期为 T=20.4s=0.8s由图可知，该波的波长是=4m，所以波速：v=s=5m/s故 A 错误；B、该波的周期是 T=0.8s，则频率：f=Hz=1.25Hz故 B 正确；C、x 坐标为 15m 的质点到 P 点的距离为：x1=15m3m=12m=3，所以 x 坐标为 15m 的质点与 P 点的振动情况始终相

44、同 P 质点经过 t=0.6s=T 时间恰好经过平衡位置，所以 x 坐标为 15m 的质点在 t=0.6s 时恰好位于平衡位置故 C 错误；D、x 坐标为 22m 的质点到 x=2 质点的距离为：x2=22m2m=20m=5，所以 x坐标为 15m 的质点与 x=2 的点的振动始终相同t=0 时刻 x=2 的质点向上振动，经过 t=0.2s=T 时间恰好到达波峰，所以 x 坐标为 22m 的质点在 t=0.2s 时恰好位于波峰位置故 D 正确；E、x 坐标为 17m 的质点到 P 点的距离为：x1=17m3m=14m=3，所以 x 坐标为 17m 的质点与 P 点的振动情况始终相反，当质点 P

45、 位于波峰时，x 坐标为17m 的质点恰好位于波谷故 E 正确 故选：BDE 16如图所示，一束截面为圆形（半径 R=1m）的平行紫光垂直射向一半径也为R 的玻璃半球的平面，经折射后在屏幕 S 上形成一个圆形亮区屏幕 S 至球心距离为 D=（+1）m，不考虑光的干涉和衍射，试问：若玻璃半球对紫色光的折射率为n=，请你求出圆形亮区的半径；若将题干中紫光改为白光，在屏幕S 上形成的圆形亮区的边缘是什么颜色？.26【考点】光的折射定律【分析】（1）光线沿直线从 O 点穿过玻璃，方向不变从 A 点射出玻璃砖的光线方向向右偏折，射到屏幕 S 上圆形亮区，作出光路图，由光的折射定律结合数学几何知识求出圆形

46、亮区的半径（2）当光线从空气垂直射入半圆玻璃砖，光线不发生改变，当入射角小于临界角时，光线才能再从玻璃砖射出，所以平行白光中的折射率不同，导致临界角不同，因此偏折程度不同，从而确定圆形亮区的最外侧的颜色；【解答】解：如图，紫光刚要发生全反射时的临界光线射在屏幕S 上的点 E，E 点到亮区中心 G 的距离 r 就是所求最大半径设紫光临界角为 C，由全反射的知识：sinC=由几何知识可知：AB=RsinC=OB=RcosC=R BF=ABtanC=GF=D（OB+BF）=D 又=所以有：rm=GE=AB=DnR，代入数据得：rm=1m 将题干中紫光改为白光，在屏幕 S 上形成的圆形亮区的边缘是紫色

47、 因为当平行光从玻璃中射向空气时，由于紫光的折射率最大，临界角最小，所以首先发生全反射，因此出射光线与屏幕的交点最远 故圆形亮区的最外侧是紫光 答：圆形亮区的最大半径为 1m 屏幕 S 上形成的圆形亮区的最外侧是紫光 .27 【物理-选修 3-5】（共 2 小题，满分 0 分）17按照氢原子的能级图，下列说法正确的是（）A氢原子从 n=5 能级跃迁到 n=4 能级比从 n=4 能级跃迁到 n=3 能级辐射光子频率低 B用能量为 10.2eV 的光子可以激发处于基态的氢原子 C大量氢原子从 n=4 能级跃迁到 n=1，能够辐射 3 种频率的光子 D氢原子由 n=2 能级跃迁到 n=1 能级辐射光

48、子波长最小 E要使处于基态的氢原子电离至少需要吸收能量 E=13.6eV【考点】氢原子的能级公式和跃迁【分析】能级间跃迁辐射的光子能量等于两能级间的能级差，可知电离需要的最小能量；能级差是不连续的，吸收或辐射的光子能量等于两能级的能级差，所以光子能量不连续根据数学组合，即可判定辐射的种类，并依据能级差值来确定电离或跃迁的能量值【解答】解：A、氢原子跃迁时吸收或辐射的光子能量等于两能级间的能级差，从 n=5 能级跃迁到 n=4 能级，释放能量为E=0.850.54=0.31eV 而从 n=4 能级跃迁到 n=3 能级，释放能量为E=1.510.85=0.66eV，因此从 n=5 能级跃迁到n=4

49、 能级比从 n=4 能级跃迁到 n=3 能级辐射光子频率低故 A 正确 B、氢原子由 n=2 能级跃迁到 n=1 能级辐射能量为 13.63.4=10.2eV，因此当用 .28 能量为 10.2eV 的光子可以激发处于基态的氢原子，故 B 正确；C、根据=6 可知，大量处于 n=4 能级的氢原子跃迁时能辐射出 6 种不同频率的光子故 C 错误 D、根据氢原子跃迁时吸收或辐射的光子能量等于两能级间的能级差，从 n=2 能级跃迁到 n=1 能级辐射能量最多，则对应的波长最小，故 D 正确 E、由图可知，n=1 能级为 13.6eV，因此要使处于基态的氢原子电离至少需要吸收能量 E=13.6eV，故

50、 E 正确；故选：ABDE 18如图所示，在光滑水平面上有一个长为 L 的木板 B，上表面粗糙在其左端有一个光滑的圆弧槽 C 与长木板接触但不连接，圆弧槽的下端与木板的上表面相平，B、C 静止在水平面上现有滑块 A 以初速度 v0从右端滑上 B 并以滑离B，恰好能到达 C 的最高点A、B、C 的质量均为 m，试求：（1）木板 B 上表面的动摩擦因数 （2）圆弧槽 C 的半径 R 【考点】动量守恒定律；功能关系；能量守恒定律【分析】1、当 A 在 B 上滑动时，A 与 BC 整体发生相互作用，由于水平面光滑，A 与 BC 组成的系统动量守恒列出等式，由能量守恒得知系统动能的减少量等于滑动过程中产