福建省龙岩市武平县第一中学2021-2022学年高一上学期月考物理试卷4287.pdf

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1、 武平一中高一物理试卷 一、单选题 1.如图所示，倾角为 的斜面体 c 置于水平地面上，小盒 b 置于斜面上，通过跨过光滑定滑轮的细绳与物体 a 连接，连接 b 的一段细绳与斜面平行，连接 a 的一段细绳竖直，a 连接在竖直固定在地面的弹簧上，现向 b 盒内缓慢加入适量砂粒，abc、始终处于静止状态，下列说法中正确的是()A.b 对 c 的摩擦力可能先减小后增大 B.地面对 c 的支持力可能不变 C.c 对地面的摩擦力方向始终向左 D.弹簧的弹力可能增大 2.如图所示的四个图中，ABBC、均为轻质杆，各图中杆的AC、端都通过铰链与墙连接，两杆都在 B 处由铰链连接，且系统均处于静止状态。现用等

2、长的轻绳来代替轻杆，能保持平衡的是()A.图中的AB杆可以用轻绳代替的有甲、乙、丙 B.图中的AB杆可以用轻绳代替的有甲、丙、丁 C.图中的BC杆可以用轻绳代替的有乙、丙、丁 D.图中的BC杆可以用轻绳代替的有甲、乙、丁 3.木板 MN 的 N 端通过铰链固定在水平地面上，M 端可自由转动。刚开始 A、B 两物块叠放在一起静止在木板上，如图所示，此时 B 物块上表面水平，木板与地面之间的夹角为。现使夹角 缓慢增大，若此过程中 A、B 与木板始终保持相对静止状态。则()A.物块 A、B 间始终没有摩擦力 B.物块 B 对物块 A 的作用力不变 C.木板对物块 B 的作用力减小 D.木板与物块 B

3、 之间的摩擦力减小 4.如图所示，A、B、C 三球质量均为 m，轻质弹簧一端固定在斜面顶端、另一端与 A 球相连，A、B 间固定一个轻杆，B、C 间由一轻质细线连接倾角为 的光滑斜面固定在地面上，弹簧、轻杆与细线均平行于斜面，开始系统处于静止状态在细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是()A.A 球的受力情况未变，加速度为零 B.C 球的加速度沿斜面向下，大小为 g C.A、B 之间杆的拉力为 mgsin D.A、B 两个小球的加速度均沿斜面向上，大小均为1sin2g 5.如图所示,静止在水平地面上倾角为 斜面光滑的斜面体上,有一斜劈A,A 的上表面水平且放有一斜劈 B,B 的上表面上有一物块 C

4、,A、B、C 一起沿斜面匀加速下滑.已知 A、B、C 的质量均为 m,重力加速度为 g.下列说法正确的是()A.A 的上表面可以是光滑的 B.C 可能只受两个力作用 C.A 加速度大小为 gcos D.斜面体受到地面的摩擦力为零 6.在如图所示的甲、乙、丙、丁四幅图中，滑轮本身所受的重力忽略不计，滑轮的轴 O 安装在一根轻木杆 P 上，一根轻绳 ab 绕过滑轮，a 端固定在墙上，b 端下面挂一个质量都是 m的重物，当滑轮和重物都静止不动时，甲、丙、丁图中木杆 P 与竖直方向的夹角均为，乙图中木杆 P 竖直假设甲、乙、丙、丁四幅图中滑轮受到木杆 P 的弹力的大小依次为FFFF甲乙丁丙、，则以下判

5、断中正确的是()AFFFF甲乙丁丙 BFFFF甲乙丁丙 C FFFF甲丁乙丙 DFFFF丁甲乙丙 7.两根平行金属导轨 MN、PQ，间距为 d，与水平面成60角时，质量为 m 的圆柱体恰能匀速下滑，圆柱体横截面半径为 r，当两根平行金属导轨 MN、PQ 放水平后，间距不变，对圆柱体施加一水平拉力，使圆柱体作匀速直线运动，已知 d=r,则为 A.33mg B.32mg C.mg D.3mg 8.如图，将一根不可伸长、柔软的轻绳左、右两端分别系于 A、B 两点上，一物体用动滑轮悬挂在轻绳上，达到平衡时，两段绳子间的夹角为1，绳子张力为1F；将绳子右端移到 C点，待系统达到平衡时，两段绳子间的夹角为

6、2，绳子张力为2F；将绳子右端再由 C 点移到 D 点，待系统达到平衡时，两段绳子间的夹角为3，绳子张力为3F，不计摩擦，并且BC 为竖直线，则（）A321 B 321 C 321FFF D.321FFF 9.一足够长的木板 B 静置于光滑水平面上，如图甲所示，其上放置小滑块 A，木板 B 受到随时间 t 变化的水平拉力 F 作用，木板 B 的加速度 a 随力 F 变化的aF图像如图乙所示，g取210 m/s，下列判定错误的是()A.木板 B 的质量为 1 kg B.当10 NF 时木板 B 的加速度为24 m/s C.滑块 A 的质量为 4 kg D.当10 NF 时滑块 A 的加速度为22

7、 m/s 10.如图所示，处于自然状态下的轻弹簧一端固定在水平地面上，质量为 m 的小球从弹簧的另一端所在位置由静止释放，设小球和弹簧一直处于竖直方向，弹簧的劲度系数为 k，重力加速度为 g。在小球将弹簧压缩到最短的过程中，下列叙述中不正确的是()A.小球的速度先增大后减小 B.小球的加速度先减小后增大 C.小球速度最大时弹簧的形变量为mgk D.弹簧的最大形变量为mgk 11.如图所示，弹簧左端固定，右端自由伸长到 O 点并系住质量为 m 的物体，现将弹簧压缩到 A 点，然后释放，物体可以一直运动到 B 点。如果物体受到的阻力恒定，则()A.物体从 A 到 O 先加速后减速 B.物体从 A

8、到 O 做加速运动，从 O 到 B 做减速运动 C.物体运动到 O 点时，所受合力为零 D.物体从 A 到 O 的过程中，加速度逐渐减小 12.两倾斜的平行杆上分别套着ab、两相同圆环，两环上均用细线悬吊着相同的小球，如图所示。当它们都沿杆向下滑动，各自的环与小球保持相对静止时，a 的悬线与杆垂直，b 的悬线沿竖直方向，下列说法正确的是()A.a 环与杆有摩擦力 B.d 球处于失重状态 C.杆对ab、环的弹力大小相等 D.细线对cd、球的弹力大小可能相等 13.将两质量不同的物体PQ、放在倾角为 的光滑斜面体上，如图甲所示，在物体 P 上施加沿斜面向上的恒力 F，使两物体沿斜面向上做匀加速直线

9、运动；图乙为仅将图甲中的斜面体调整为水平，在 P 上施加水平向右的相等恒力 F；图丙为两物体叠放在一起，在物体 P上施加一竖直向上的相等恒力 F 使二者向上加速运动。三种情况下两物体的加速度大小分别为 aaa甲乙丙、，两物体间的作用力分别为 FFF甲乙丙、。则下列说法正确的是()A.a乙最大，F乙最大 B.a丙最大，F丙最大 C.,aaaFFF甲乙甲乙丙丙 D.,aaaFFF乙甲甲乙丙丙 二、多选题 14.如图所示，光滑水平面和倾角为 45的光滑斜面对接，质量为 m 的小球静止在斜面底端。对小球施加一水平向右的作用力 F，小球未离开水平面，重力加速度为 g，则 F 的值可能为()A.12mg

10、B.22mg C.2mg D.2mg 15.大国工匠节目中讲述了王进利用“秋千法”在 1000 kV 的高压线上带电作业的过程,如图所示，绝缘轻绳OD一端固定在高压线杆塔上的 O 点，另一端固定在兜篮上。令一绝缘轻绳跨过固定在杆塔上 C 点的定滑轮，一端连接兜篮，另一端由工人控制。身穿屏蔽服的王进坐在兜篮里，缓慢地从 C 点运动到处于 O 点正下方 E 点的电缆处。绳OD一直处于伸直状态，兜篮、王进及其携带的设备总质量为 m，不计一切阻力，重力加速度大小为 g。关于王进从 C 点运动到 E 点的过程中，下列说法正确的是()A.工人对绳的拉力一直变大 B.绳OD的拉力一直变小 C.ODCD、两绳

11、拉力的合力大小等于mg D.当绳CD与竖直方向的夹角为30时，工人对绳的拉力为33mg 16.一斜劈静止于粗糙的水平地面上,在其斜面上放一滑块,若给一向下的初速度,则正好保持匀速下滑,斜劈依然不动。如图所示,正确的是()A.在滑块上加一竖直向下的力1F,则滑块将保持匀速运动,斜劈对地无摩擦力的作用 B.在滑块上加一个沿斜面向下的力2F,则将做加速运动,斜劈对地有水平向左的静摩擦力作用 C.在滑块上加一个水平向右的力3F,则滑块将做减速运动,停止前对地有向右的静摩擦力作用 D.无论在滑块上加什么方向的力,在滑块停止前斜劈对地都无静摩擦力的作用 17.如图所示,质量为 m 的木块在质量为 M 的长

12、木板上，受到拉力 F 作用向右滑行，长木板处于静止状态，已知木块与木板间的动摩擦因数为1，木板与地面间的动摩擦因数为2.下列说法正确的是 A.木板受到地面的摩擦力的大小是2mM g B.木板受到地面的摩擦力的大小是1mg C.当2FmM g时,木板便会开始运动 D.无论怎样改变 F 的大小,木板都不可能运动 18.光滑水平面上有一足够长的轻质木板 C,C 上放有质量分别为 2m、m 的物块 A 和 B,AB 与木板之间的摩擦因数均为(认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力),如图所示,系统处于静止状态。逐渐增大作用在A上的水平拉力F,以下说法正确的是()A.当 F=2mg 时,A 与 C 将发生相对滑

13、动 B.无论 F 为多大,A 与都不会发生相对滑动 C.当 F=3mg 时,B 与 C 将发生相对滑动 D.无论 F 为多大,B 与 C 都不会发生相对滑动 19.一个质量为 M 的圆环(可视为质点)套在一个倾角为的粗糙直杆上,圆环下面通过细线悬挂一个质量为 m 的小球,小球受到水平向右的风力作用,此时细线与竖直方向的夹角为。整个过程中环相对于杆静止,稳定后球相对于环静止。则下列说法中正确的是()A.若水平风力增大后,圆环受到杆的支持力不变 B.若水平风力增大后,圆环受到杆的支持力增大 C.当时,环受到杆的摩擦力为零 D.当时,环受到杆的摩擦力不为零,方向沿杆斜向上 武平一中高一物理试卷参考答

14、案 1.答案：A 解析：本题考查了力的平衡问题，需注意本题中摩擦力的方向，体现了科学推理的素养要素。当向 b 盒内缓慢加入砂粒的过程中，abc、一直处于静止状态，对 a 分析，弹簧弹力不变，a 的重力不变，则细绳拉力不变；对bc、整体分析知，其受方向始终向左的摩擦力，故 c对地面的摩擦力方向始终向右，由于bc、整体质量增大，则地面对 c 的支持力增大，B、C、D 错。如果开始时，b 所受 c 的摩擦力沿斜面向下，则对 b 分析可知，随着砂粒的加入 c 对b 的摩擦力可能先减小后增大，则 b 对 c 的摩擦力先减小后增大，A 对。2.答案：B 解析：题中两杆都由铰链固定或连接，所受弹力方向都沿着

15、杆。如果杆受拉力作用，可以用与之等长的轻绳代替，如果杆受压力作用，则不可用等长的轻绳代替，题图甲、丙、丁中的AB杆均受拉力作用，而甲、乙、丁中的BC杆均受沿杆的压力作用，故 A、C、D 均错误，B 正确。3.答案：B 解析：A.当 增大时，B 的上表面不在水平，此时 A 有向下运动趋势，物块 A、B 间就有摩擦力了，故 A 错误；B.物体 A 始终处于平衡状态，物块 B 对物块 A 的作用力始终与 A 的重力等大反向，物块 B 对物块 A 的作用力不变，故 B 正确；C.木板对物块 B 的作用力与 A对 B 的作用力的合力与 B 的重力平衡，物块 B 对物块 A 的作用力不变，则物块 A 对物

16、块 B 的作用力不变，所以木板对物块 B 的作用力不变，故 C 错误 D.随着 角的增大，A、B 与木板始终保持相对静止状态，则木板与物块 B 之间的摩擦力增大，故 D 错误。故选：B。4.答案：D 解析：细线被烧断的瞬间，AB作为整体，不再受细线的拉力作用，故受力情况发生变化，合力不为零，加速度不为零，故 A 错误；对球 C，由牛顿第二定律得：sinmgma，解得：sinag，方向沿斜面向下，故 B 错误；以AB、组成的系统为研究对象，烧断细线前，AB、静止，处于平衡状态，合力为零，弹簧的弹力T3sinFmg，以 C 为研究对象知，细线的拉力为sinmg，烧断细线的瞬间，AB、受到的合力等于

17、3sin2sinsinmgmgmg，由于弹簧弹力不能突变，弹簧弹力不变，由牛顿第二定律得：sin2mgma，则加速度1sin2ag，以 B 为研究对象，由牛顿第二定律得：sinABFmgma，解得：3sin2ABFmg，故 C 错误，D 正确 5.答案：B 解析：对 B、C 整体受力分析,受重力、支持力,B、C 沿斜面匀加速下滑,则 A、B 间摩擦力不为零,故 A 错误;如果 B 的上表面是光滑的,倾角也为,C 可能只受两个力作用,B 正确;选 A、B、C 整体为研究对象,根据牛顿第二定律可知 A 加速度大小为 gsin,C 错误;对 A、B、C 和斜面体整体分析,斜面体受地面的摩擦力水平向左

18、,故 D 错误.6.答案：D 解析：轻绳上的拉力等于重物所受的重力 mg，设滑轮两侧轻绳之间的夹角为，滑轮受到木杆 P 的弹力 F 等于滑轮两侧轻绳拉力的合力，即2cos2Fmg，由夹角关系可得FFFF丁甲乙丙，选项 D 正确。7.答案：D 解析：8.答案：B 解析：9.答案：C 解析：当 F 等于 8 N 时，A B、的加速度都为22 m/sa，对整体分析，由牛顿第二定律有()FMm a，代入数据解得4 kgMm；当 F 大于 8 N 时，对 B 由牛顿第二定律得1FmgmgaFMMM，由图示图像可知，图线的斜率1112kg1kg86akMF，则木板 B 的质量1kgM，滑块A 的质量3kg

19、m，故 A 正确，不符合题意，C 错误，符合题意。根据 F 大于 8 N 的图线知，6 NF 时，0a，由1mgaFMM，可知13 100611，解得0.2，由图示图像可知，当10 NF 时，滑块与木板相对滑动，B 的加速度为2110.23 1010m/s11mgaFMM 24 m/s，故 B 正确，不符合题意；当10 NF 时，A B、相对滑动，滑块 A 的加速度22 m/sAMgagM，故 D 正确，不符合题意。故选 C。10.答案：D 解析：开始时，小球的重力大于弹力，加速度方向向下，小球向下加速运动，随着弹簧的压缩，弹力逐渐变大，则加速度逐渐减小，当弹力等于重力时，加速度为零，即mgk

20、x，得mgxk，此时小球的速度最大，然后小球继续向下运动压缩弹簧，弹力大于重力,加速度变为向上，速度逐渐减小，直到速度减小到零，到达最低点，由对称性可知，此时弹簧的压缩 量为22mgxk，故选项 A、B、C 正确，D 错误。11.答案：A 解析：物体从 A 到 O，初始阶段受到的向右的弹力大于阻力，合力向右，随着物体向右运动，弹力逐渐减小，合力逐渐减小，由牛顿第二定律可知，加速度向右且逐渐减小，由于加速度与速度同向，物体的速度逐渐增大；当物体向右运动至AO、间某点（设为点O）时，弹力减小到与阻力相等，物体所受合力为零，加速度为零，速度达到最大；此后，随着物体继续向右运动，弹力继续减小，阻力大于

21、弹力，合力方向变为向左，至 O 点时弹力减为零，此后弹力向左且逐渐增大，所以物体越过O点后，合力（加速度）方向向左且逐渐增大，由于加速度与速度反向，故物体做加速度逐渐增大的减速运动。综合以上分析，只有选项 A正确。12.答案：C 解析：13.答案：D 解析：以PQ、为整体由牛顿第二定律可得：甲图：sinPQPQFmmgmma甲 解得：sinPQPQFmmgamm甲 乙图：PQFmma乙 解得：PQFamm乙 丙图：PQPQFmmgmma丙 解得：PQPQFmmgamm丙 由以上三式可得：aaa乙甲丙；对 Q 由牛顿第二定律可得：甲图：sinQQFm gm a甲甲 解得：QPQm FFmm甲 乙

22、图：QQPQm FFm amm乙乙 丙图：QQFm gm a丙丙 解得：QPQm FFmm丙 综上所述，应选 D。14.答案：AB 解析：本题考查物体平衡条件的应用。对小球施加一水平向右的作用力 F，当力 F 为零时，小球受重力和水平面的支持力保持平衡，随着力 F 的增大，斜面对小球产生弹力的作用，当小球恰好与水平面无作用力，仅受斜面弹力而保持平衡时，F 最大，此时小球受力如图所示，根据几何关系有maxFmg，所以12mg和22mg为 F 的可能值，故 A、B 正确，C、D错误。15.答案：CD 解析：对兜篮、王进及其携带的设备整体受力分析如图所示，绳OD的拉力为1F，与竖直方向的夹角为，绳C

23、D的拉力为2F，与竖直方向的夹角为，根据几何知识知290，由正弦定理可得12,sinsinsin2FFmg增大，减小，则1F增大，2F减小，A、B 错误；两绳拉力的合力大小等于mg，C 正确；30时，30，则22cos30Fmg，可求出233Fmg，D 正确。16.答案：AD 解析：m 原来保持匀速下滑，M 静止，以滑块和斜面组成的整体为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件得知地面对斜面没有摩擦力，如有摩擦力，整体的合力不为零，将破坏平衡状态与题矛盾。对 m，有：sincosmgfmg，即得sincos，是斜面的倾角。A.当施加竖直向下的力1F时，对整体受力分析，水平方向不受摩擦力，否则不能平

24、衡，故对地面也没有摩擦力；再对 m 受力分析可知,sincos0mgFmgF，所以 m 依然做匀速运动，故 A正确。B.在 m 上加一沿斜面向下的力2F，如图，物块所受的合力将沿斜面向下，故做加速运动，但 m 与斜面间的弹力大小不变，故滑动摩擦力大小不变，即物块所受支持力与摩擦力的合力仍然竖直向上，则斜面所受摩擦力与物块的压力的合力竖直向下，则斜面水平方向仍无运动趋势，故仍对地无摩擦力作用，故 B 错误；C.在 m 上加一水平向右的力3F,沿斜面方向：33sincoscossi)n(0mgFmgF,故物体做减速运动;对物块,所受支持力增加了3sinF,则摩擦力增加3sinF，即支持力与摩擦力均

25、成比例的增加，其合力方向还是竖直向上，如图：则斜面所受的摩擦力与压力的合力放还是竖直向下，水平放向仍无运动趋势，则不受地面的摩擦力，故 C 错误；D.无论在 m 上加上什么方向的力，m 对斜面的压力与 m 对斜面的摩擦力都是以1:的比例增加，则其合力的方向始终竖直向下，斜面便没有运动趋势，始终对地面无摩擦力作用，故D 正确。故选：AD 17.答案：BD 解析：18.答案：BC 解析：19.答案：BD 解析：将圆环和小球看作整体,受力分析如图甲所示,建立如图甲所示的坐标系,由于F风沿 x轴的分量和重力沿 x 轴的分量大小未知,所以摩擦力的方向不确定;y 轴方向有()cossin0yNFFMm g

26、F风,则()cossinNFMm gF风,所以当F风增大的时候,NF一定增大,故 A 错误;B 正确;当时对圆环受力分析如图乙所示,故 C 错误,D 正确。20.答案：AC 解析：将 B 放在 A 上前，以 A 为研究对象受力分析，根据平衡条件得1sin302Fmgmg；当 B 放在 A 上瞬间，以AB、整体为研究对象受力分析，整体所受合外力2sin302FmgFma合，可得整体的加速度1122224mgmggam，故 A 正确。当 B 放在 A 上瞬间时，B 具有沿斜面向下的加速度，可将 B 的加速度沿水平方向和竖直方向分解，B 的加速度有水平方向的分量，重力与支持力在竖直方向，故可知此加速度水平分量由 A 对B 的摩擦力提供，故 B 错误。B 的加速度有竖直方向的分量，且竖直向下，故可知，A 对 B的支持力与 B 的重力的合力竖直向下，故 A 对 B 的支持力小于 B 的重力，故 D 错误。AB、一起下滑时，弹簧弹力增大，共同下滑的加速度减小，故当加速度减小至 0 时，AB、具有最大速度，2sin300mgF，可得弹簧弹力Fmg，所以共同下滑的距离122mgmgFFmgxkkk，故 C 正确。