高考物理最新电磁学知识点之磁场全集汇编及答案解析(1).pdf

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1、高考物理最新电磁学知识点之磁场全集汇编及答案解析(1)一、选择题1如图所示为研究某种带电粒子的装置示意图，粒子源射出的粒子束以一定的初速度沿直线射到荧光屏上的O点，出现一个光斑在垂直于纸面向里的方向上加一磁感应强度为B的匀强磁场后，粒子束发生偏转，沿半径为r 的圆弧运动，打在荧光屏上的P点，然后在磁场区域再加一竖直向下，场强大小为E的匀强电场，光斑从P点又回到O点，关于该粒子（不计重力），下列说法正确的是A粒子带负电B初速度为BvEC比荷为2qB rmED比荷为2qEmB r2回旋加速器是加速带电粒子的装置.其核心部分是分别与高频交流电源两极相连接的两个 D 形金属盒,两盒间的狭缝中形成的周期

2、性变化的电场,使粒子在通过狭缝时都能得到加速,两 D 形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中,如图所示,要增大带电粒子射出时的动能,则下列说法中正确的是()A减小磁场的磁感应强度B增大匀强电场间的加速电压C增大 D 形金属盒的半径D减小狭缝间的距离3为了降低潜艇噪音可用电磁推进器替代螺旋桨。如图为直线通道推进器示意图。推进器前后表面导电，上下表面绝缘，规格为：a b c=0.5m 0.4m 0.3m。空间内存在由超导励磁线圈产生的匀强磁场，其磁感应强度B=10.0T，方向竖直向下，若在推进器前后方向通以电流 I=1.0 103A，方向如图。则下列判断正确的是（）A推进器对潜艇提供向左的驱动力，大小

3、为4.0 103NB推进器对潜艇提供向右的驱动力，大小为5.0 103NC超导励磁线圈中的电流方向为PQNMP 方向D通过改变流过超导励磁线圈或推进器的电流方向可以实现倒行功能4如图所示，匀强磁场的方向垂直纸面向里，一带电微粒从磁场边界d点垂直于磁场方向射入，沿曲线dpa打到屏 MN 上的 a点，通过pa 段用时为t.若该微粒经过P点时，与一个静止的不带电微粒碰撞并结合为一个新微粒，最终打到屏MN 上若两个微粒所受重力均忽略,则新微粒运动的 ()A轨迹为pb,至屏幕的时间将小于tB轨迹为pc,至屏幕的时间将大于tC轨迹为pa，至屏幕的时间将大于tD轨迹为pb,至屏幕的时间将等于t5如图所示，虚

4、线为两磁场的边界，左侧磁场垂直纸面向里，右侧磁场垂直纸面向外，磁感应强度大小均为B。一边长为L、电阻为 R 的单匝正方形导体线圈abcd，水平向右运动到图示位置时，速度大小为v，则（）Aab边受到的安培力向左，cd 边受到的安培力向右Bab 边受到的安培力向右，cd 边受到的安培力向左C线圈受到的安培力的大小为222B L vRD线圈受到的安培力的大小为224B L vR6如图所示，一块长方体金属板材料置于方向垂直于其前表面向里的匀强磁场中，磁感应强度大小为B。当通以从左到右的恒定电流I 时，金属材料上、下表面电势分别为1、2。该金属材料垂直电流方向的截面为长方形，其与磁场垂直的边长为a、与磁

5、场平行的边长为 b，金属材料单位体积内自由电子数为n，元电荷为e。那么A12IBenbB12IBenbC12IBenaD12IBena7如图甲所示，静止在水平面上的等边三角形金属线框，匝数n20，总电阻R2.5 ，边长 L0.3m，处在两个半径均为r0.1m 的圆形匀强磁场中，线框顶点与右侧圆心重合，线框底边与左侧圆直径重合，磁感应强度B1垂直水平面向外；B2垂直水平面向里，B1、B2随时间 t的变化如图乙所示，线框一直处于静止状态，计算过程中取 3，下列说法正确的是（）A线框具有向左的运动趋势Bt 0时刻穿过线框的磁通量为0.5WbCt 0.4s时刻线框中感应电动势为1.5VD00.6s内通

6、过线框横截面电荷量为0.018C8下列关于教材中四幅插图的说法正确的是（）A图甲是通电导线周围存在磁场的实验。这一现象是物理学家法拉第通过实验首先发现B图乙是真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，线圈产生大量热量，从而冶炼金属C图丙是李辉用多用电表的欧姆挡测量变压器线圈的电阻刘伟手握线圈裸露的两端协助测量，李辉把表笔与线圈断开瞬间，刘伟觉得有电击说明欧姆挡内电池电动势很高D图丁是微安表的表头，在运输时要把两个接线柱连在一起，这是为了保护电表指针，利用了电磁阻尼原理9如图所示，空间某处存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，一个带负电的金属小球从M点水平射入场区，经一段时间运动到M点的

7、右下方N点，关于小球由M到N的运动，下列说法正确的是（）A小球可能做匀变速运动B小球一定做变加速运动C小球动量可能不变D小球机械能守恒10 如图所示，把一重力不计的通电直导线水平放在蹄形磁铁磁极的正上方，导线可以自由转动和平动，当导线通入图示方向的电流I 时，从上往下看，导线的运动情况是（）A顺时针方向转动，同时下降B顺时针方向转动，同时上升C逆时针方向转动，同时下降D逆时针方向转动，同时上升11 如图所示，两平行直导线cd 和ef竖直放置，通以方向相反大小相等的电流，a、b 两点位于两导线所在的平面内则Ab 点的磁感应强度为零Bef导线在 a点产生的磁场方向垂直纸面向里C cd 导线受到的安

8、培力方向向右D同时改变了导线的电流方向，cd 导线受到的安培力方向不变12 如图所示，台秤上放一光滑平板，其左边固定一挡板，一轻质弹簧将挡板和一条形磁铁连接起来，此时台秤读数为N1，现在磁铁上方中心偏左位置固定一通电导线，电流方向如图，当加上电流后，台秤读数为N2，则以下说法正确的是（）AN1N2,弹簧长度将变长BN1N2,弹簧长度将变短CN1N2,弹簧长度将变长DN1N2,弹簧长度将变短13 如图所示，空间某区域存在匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向上(与纸面平行)，磁场方向垂直于纸面向里，三个带正电的微粒a、b、c 电荷量相等，质量分别为ma、mb、mc，已知在该区域内，a 在纸面内做匀速

9、圆周运动，b 在纸面内向右做匀速直线运动，c 在纸面内向左做匀速直线运动，下列选项正确的是()AmambmcBmbmamcCmcmambDmcmbma14 研究放射性元素射线性质的实验装置如图所示两块平行放置的金属板A、B 分别与电源的两极a、b 连接，放射源发出的射线从其上方小孔向外射出则Aa为电源正极，到达A板的为射线Ba 为电源正极，到达A 板的为 射线Ca 为电源负极，到达A板的为 射线Da 为电源负极，到达A 板的为 射线15 为了解释地球的磁性，19 世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流I引起的在下列四个图中，正确表示安培假设中环形电流方向的是（）AB CD16 如图

10、所示，空间中存在在相互垂直的匀强电场和匀强磁场，有一带电液滴在竖直面内做半径为 R 的匀速圆周运动，已知电场强度为E，磁感应强度为B，重力加速度为g，则液滴环绕速度大小及方向分别为（）AEB，顺时针BEB，逆时针CBgRE，顺时针DBgRE，逆时针17 质量和电量都相等的带电粒子M 和 N，以不同的速度率经小孔S垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图中虚线所示，下列表述正确的是（）AM 带正电，N 带负电BM 的速度率小于N 的速率C洛伦兹力对M、N 做正功DM 的运行时间等于N 的运行时间18 下列有关运动电荷和通电导线受到磁场对它们的作用力方向判断正确的是（）ABCD19 导线中带电粒子的定

11、向运动形成了电流。带电粒子定向运动时所受洛伦兹力的矢量和，在宏观上表现为导线所受的安培力。如图所示，设导线ab 中每个带正电粒子定向运动的速度都是v，单位体积的粒子数为n，粒子的电荷量为q，导线的横截面积为S，磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里，则下列说法正确的是A由题目已知条件可以算得通过导线的电流为InqvSB题中导线受到的安培力的方向可用安培定则判断C每个粒子所受的洛伦兹力为FqvB洛，通电导线所受的安培力为FnqvB安D改变适当的条件，有可能使图中带电粒子受到的洛伦兹力方向反向而导线受到的安培力方向保持不变20 在两个倾角均为的光滑斜面上，放有两个相同的金属棒，分别通有电流I1和 I

12、2，磁场的磁感应强度大小相同，方向分别为竖直向上和垂直于斜面向上，如图所示，两金属棒均处于平衡状态则两种情况下的电流之比I1:I2为Asin :1B1:sinCcos :1D1:cos 21 如图所示，ab 和 cd 是位于水平面内的平行金属轨道，轨道间距为l，其电阻可忽略不计。ac之间连接一阻值为R 的电阻。ef 为一垂直于ab和 cd 的金属杆，它与ab 和 cd 接触良好并可沿轨道方向无摩擦地滑动，其电阻可忽略。整个装置处在匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂直，磁感应强度为B。当施外力使杆ef 以速度 v 向右匀速运动时，杆ef 所受的安培力为（）A B C D22 如图所示，矩形虚线框M

13、NPQ 内有一匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里a、b、c 是三个质量和电荷量都相等的带电粒子，它们从PQ 边上的中点沿垂直于磁场的方向射入磁场，图中画出了它们在磁场中的运动轨迹粒子重力不计下列说法正确的是A粒子a带负电B粒子c的动能最大C粒子b在磁场中运动的时间最长D粒子b在磁场中运动时的向心力最大23 2019 年我国研制出了世界上最大的紧凑型强流质子回旋加速器，该回旋加速器是我国目前自主研制的能量最高的质子回旋加速器。图示为回旋加速器原理示意图，现将两个相同的回旋加速器置于相同的匀强磁场中，接入高频电源。分别加速氘核和氦核，下列说法正确的是（）A它们在磁场中运动的周期不同B它们的最大速度相等

14、C两次所接高频电源的频率不相同D仅增大高频电源的频率可增大粒子的最大动能24 如图所示，以O 为圆心的圆形区域内，存在方向垂直纸面向外的勻强磁场，磁场边界上的A点有一粒子发射源，沿半径AO方向发射出速率不同的同种粒子（重力不计），垂直进入磁场，下列说法正确的是A率越大的粒子在磁场中运动的时间越长B速率越小的粒子在磁场中运动的时间越长C速率越大的粒子在磁场中运动的角速度越大D速率越小的粒子在磁场中运动的角速度越大25 如图所示，地面附近某真空环境中存在着水平方向的匀强电场和匀强磁场，已知磁场方向垂直纸面向里，一个带正电的油滴，沿着一条与竖直方向成 角的直线 MN 运动，由此可以判断A匀强电场方向

15、一定是水平向左B油滴沿直线一定做匀加速运动C油滴可能是从N 点运动到M 点D油滴一定是从N 点运动到M 点【参考答案】*试卷处理标记，请不要删除一、选择题1D 解析：D【解析】【详解】垂直于纸面向里的方向上加一磁感应强度为B的匀强磁场后，粒子束打在荧光屏上的P点，根据左手定则可知，粒子带正电，选项A 错误；当电场和磁场同时存在时：qvBEq,解得EvB，选项 B 错误；在磁场中时，由2vqvBmr，可得：2qvEmrBB r,故选项 D 正确，C 错误；故选D.【点睛】本题主要是考查带电粒子在复合场的运动，解答本题要能够根据共点力的平衡条件分析洛伦兹力和电场力的大小关系；在复合场中做匀速直线运

16、动粒子，在解题时要注意过程分析和受力分析2C 解析：C【解析】【详解】粒子在回旋加速器中的最大半径为D 形盒的半径，由2mqBmR，故最大动能为2222122mkmq B REmmA由以上推导可知，增大磁感应强度可以增大最大动能，故A 错误；B增加加速电压对最大动能无影响，故B 错误；C增大D形盒半径R可以增大最大动能，故C正确；D减小狭缝间距离对最大动能无影响，D 错误；故选 C。3D 解析：D【解析】【分析】【详解】AB磁场方向向下，电流方向向里，依据左手定则，则安培力方向向左，因此驱动力方向向右，根据安培力公式有3310 1.0100.4N4.0 10 NFBIL故 AB 错误；C磁场方

17、向向下，根据安培定则可判定超导励磁线圈中的电流方向为PMNQP 方向，故C错误；D通过改变流过超导励磁线圈或推进器的电流方向，根据左手定则可知驱动力方向相反，故 D 正确。故选 D。4C 解析：C【解析】试题分析：由动量守恒定律可得出粒子碰撞后的总动量不变，由洛仑兹力与向心力的关系可得出半径表达式，可判断出碰后的轨迹是否变化；再由周期变化可得出时间的变化带电粒子和不带电粒子相碰，遵守动量守恒，故总动量不变，总电量也保持不变，由2vBqvmr，得：mvPrqBqB，P、q 都不变，可知粒子碰撞前后的轨迹半径r 不变，故轨迹应为pa，因周期2 mTqB可知，因 m 增大，故粒子运动的周期增大，因所

18、对应的弧线不变，圆心角不变，故pa 所用的时间将大于t，C 正确；【点睛】带电粒子在匀强磁场中运动时，洛伦兹力充当向心力，从而得出半径公式mvRBq，周期公式2 mTBq，运动时间公式2tT，知道粒子在磁场中运动半径和速度有关，运动周期和速度无关，画轨迹，定圆心，找半径，结合几何知识分析解题，5D 解析：D【解析】【分析】【详解】AB线框的左右两边分别切割两磁场产生的动生电动势由右手定则可找出方向，如图所示两动生电源串联，总电流为顺时针方向，再由左手定则可得ab 边受到的安培力向左，cd边受到的安培力向左，故AB 错误；CD线框的电动势为2EBLv，则电流为2EBLvIRR两个安培力力之和为线

19、框受到的安培力224=22B L vFFBILR总故 C 错误，D 正确。故选 D。6B 解析：B【解析】【分析】金属导体自由电荷为电子，根据左手定则知电子受到洛伦兹向上，知上表面带负电，下表面带正电，上表面的电势比下表面的低。抓住电荷所受的洛伦兹力和电场力平衡求出电荷的移动速度，从而得出上下表面的电势差。【详解】因为上表面的电势比下表面的低，因为evB=eUa，解得：UvBa，因为电流I=nevs=nevab，解得：IBUbne所以 1-2=-IBenb，故 B 正确。故选B。【点睛】解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，以及知道最终电荷在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡。7C 解析：

20、C【解析】【分析】【详解】A线框的磁通量是向外多于向内，故合磁通向外，有增加趋势，根据楞次定律，产生感应电流，受安培力，会阻碍磁通量的增加，故安培力向右（向右运动会导致磁通量减小）而阻碍磁通量的增加，即线框具有向右的运动趋势，故A 错误；B设磁场向外穿过线框磁通量为正，由磁通量的定义得0t时穿过线框的磁通量为221210.025Wb162BrBr故 B 错误；C由于2B不变，故根据法拉第电磁感应定律有221152203 0.11.5V120.6V2BEnnrtt故 C 正确；D由于是恒定电流，根据闭合电路欧姆定律可得1.5A0.6A2.5EIR00.6s内通过线框横截面电荷量为0.60.6C0

21、.36CqIt故 D 错误。故选 C。8D 解析：D【解析】【分析】【详解】A图甲是通电导线周围存在磁场的实验，研究的电流的磁效应，这一现象是物理学家奥斯特首先发现，选项A 错误；B图乙中真空冶炼炉的工作原理是电磁感应现象中的涡流，当炉外线圈通入高频交流电时，炉内金属产生大量热量，从而冶炼金属，选项B 错误；C图丙中李辉把表笔与线圈断开瞬间，刘伟觉得有电击感，这是电磁感应现象中的自感现象，选项C错误；D图丁在运输时要把两个接线柱连在一起，产生了闭合回路，目的保护电表指针，利用了电磁阻尼原理，选项D 正确。故选 D。9B 解析：B【解析】【分析】【详解】A小球受到重力、电场力和洛伦兹力作用，若速

22、度大小变化，则洛伦兹力变化，合力变化，所以小球不可能做匀变速运动，故A 错误；B小球向下偏转，则初始时刻合力一定向下，又因为一定是曲线运动，因此洛伦兹力方向一定变化，所以小球合力一定变化，一定做变加速运动，故B 正确；C由于小球一定做变加速运动，由动量定理可知，小球的动量一定变化，故C 错误；D小球运动过程中电场力做负功，所以机械能减少，故D 错误。故选 B。10A 解析：A【解析】【分析】【详解】在导线两侧取两小段，左边一小段所受的安培力方向垂直纸面向里，右侧一小段所受安培力的方向垂直纸面向外，从上往下看，知导线顺时针转动，当转动90度时，导线所受的安培力方向向下，所以导线的运动情况为，顺时

23、针转动，同时下降。故A 正确，BCD 错误。故选 A。11D 解析：D【解析】【分析】【详解】由右手螺旋定则可知.cd导线和 ef 导线在 b 处产生的磁场方向都垂直纸面向外.所以由矢量合成知 b 处的磁感应强度垂直纸面向外.故 A 错误:由右手螺旋定则知ef 导线在左侧产生的磁感应强度垂直纸面向外，故B 错误:由左手定则知.cd 导线受到的安培力方向向左.故 C 错误:由题意可知，cd 导线所处的位置磁场方向发生改变，但同时自身电流方向也发生改变，由左手定则知cd 导线所受安培力方向不变.故 D 正确综上所述本题答案是：D12B 解析：B【解析】【分析】【详解】磁铁的磁感线在它的外部是从N极

24、到 S极，因为长直导线在磁铁的中心偏左位置，所以此处的磁感线是斜向右上的，电流的方向垂直与纸面向里，根据左手定则，导线受磁铁给的安培力方向是斜向右下，长直导线是固定不动的，根据物体间力的作用是相互的，导线给磁铁的反作用力方向就是斜向左上的；导线给磁铁的反作用力方向就是斜向左上的，将这个力在水平和竖直分解，因此光滑平板对磁铁支持力减小，由于在水平向左产生分力，所以弹簧产生压缩，弹簧长度将变短故选B13B 解析：B【解析】【详解】由题意：a 在纸面内做匀速圆周运动，所以am gqE；b 在纸面内向右做匀速直线运动，所以bm gqEBqv；c 在纸面内向左做匀速直线运动所以cm gBqvqE，根据公

25、式可解的：bacmmm，故 B 正确，ACD 错误14B 解析：B【解析】【分析】【详解】从图可以看出，到达两极板的粒子做类平抛运动，到达A 极板的粒子的竖直位移小于到达B板的粒子的竖直位移，粒子在竖直方向做匀速直线运动，则根据公式200mdxv tvqU，两个粒子初速度0v相同，两极板间电压U相同，放射源与两极板的距离2d也相同，而电子的mq小，所以电子的竖直位移小，故达到A 极板的是 射线，A极板带正电，a 为电源的正极，故选项B 正确【点睛】通过类平抛运动计算粒子在竖直方向的位移关系式，根据公式分析该位移与比荷的关系，再结合图示进行比较判断15B 解析：B【解析】【分析】要知道环形电流的

26、方向首先要知道地磁场的分布情况：地磁的南极在地理北极的附近，故右手的拇指必需指向南方，然后根据安培定则四指弯曲的方向是电流流动的方向从而判定环形电流的方向【详解】地磁的南极在地理北极的附近，故在用安培定则判定环形电流的方向时右手的拇指必需指向南方；而根据安培定则：拇指与四指垂直，而四指弯曲的方向就是电流流动的方向，故四指的方向应该向西故B 正确【点睛】主要考查安培定则和地磁场分布，掌握安培定则和地磁场的分布情况是解决此题的关键所在另外要掌握此类题目一定要乐于伸手判定16C 解析：C【解析】【分析】【详解】液滴在复合场中做匀速圆周运动，知重力和电场力平衡，则液滴受到向上的电场力，可知液滴带负电，

27、根据左手定则可知液滴做顺时针的匀速圆周运动，根据洛伦兹力提供向心力有2vqvBmR又因为重力和电场力平衡，则有qEmg解得BgRvE故 A、B、D 错误，C 正确；故选 C。17D 解析：D【解析】【详解】A.由左手定则判断出N带正电荷，M带负电荷，故选项A 不符合题意；B.粒子在磁场中运动，根据洛伦兹力提供向心力则有：2vqvBmr解得速度的大小为qBrvm，在质量与电量相同的情况下，半径大说明速率大，即M的速度率大于N的速率，故选项B 不符合题意；C.洛伦兹力始终与速度的方向垂直，洛伦兹力对M、N不做功，故选项C 不符合题意；D.粒子在磁场中运动半周，即时间为周期的一半，而周期为2 mTq

28、B，M运行时间等于N的运行时间，故选项D 符合题意。18B 解析：B【解析】【分析】【详解】由左手定则可判定电荷受到的洛伦兹力竖直向下，故A错误；由左手定则可判定电荷受到的洛伦兹力竖直向下，故B 正确；由左手定则可判定导线受到的安培力竖直向下，故C 错误；由左手定则可判定导线受到的安培力竖直向上，故D 错误19A 解析：A【解析】【分析】判断洛伦兹力的方向用左手定则，电流由其定义I=Q/t 确定，洛伦兹力的集中表现为安培力。【详解】电流：QnqvstInqvstt，则 A 正确；导线受到的安培力的方向由左手定则判断，则B 错误；粒子所受的洛伦兹力为F洛=qvB，导线长度为L，则其受的安培力为：

29、F=nqLSvB=BIL，则 C 错误；洛伦兹力方向反向决定了所受到的安培力方向也反向，则D错误；故选A。【点睛】本题考查电流的微观表达式，关键在于明确有多少电荷流过我们所确定的截面，并由洛伦兹力的集中表现为安培力。20D 解析：D【解析】导体棒受力如图，根据共点力平衡得12tansinFmgFmg，所以导体棒所受的安培力之比12tan1sincosFF，因为FBIL，所以11221cosIFIF，D 正确21B 解析：B【解析】当杆ef 以速度 v 向右匀速运动时，产生的感应电动势为，感应电流为，杆 ef 受到的安培力，联立解得，B 正确22D 解析：D【解析】根据左手定则知粒子a 带正电，

30、粒子b、c 带负电；粒子在磁场中做匀速圆周运动时，由洛伦兹力提供向心力，根据2vqvBmr，可得：mvrqB，粒子的动能EK=12mv2，则可知三个带电粒子的质量、电荷量相同，在同一个磁场中，当速度越大时、轨道半径越大，则由图知，c 粒子速率最小，b 粒子速率最大b 粒子动能最大，向心力最大故B错误，D正确根据22mmtqBqB，则 c 粒子圆弧转过的圆心角最大，时间最长，选项C错误；故选D23B 解析：B【解析】【分析】【详解】A粒子在磁场中，洛伦兹力提供向心力，周期2 mTqB，氘核和氦核的比荷相等，则两粒子在磁场中运动的周期相同，根据回旋加速器的工作原理可知，粒子在磁场中运动的频率等于高

31、频电源的频率，故两次频率相同，故AC 错误；B根据2vqvBmr可得maxqBRvm由于氘核和氦核比荷相同，且加速器的半径也相同，因此它们的最大速度也相同，故B 正确；D最大动能2222kmax122q B REmvm高频电源的频率与粒子最大动能无关，故D 错误。故选 B。24B 解析：B【解析】粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力作向心力，则有2vBqvmR，解得粒子做圆周运动的半径mvRBq，设磁场圆形区域半径为r，如图所示粒子在磁场中运动的偏转角为2，由向何关系得：rtanR，所以 v 越大，则R 大，则tan越小，故也越小，而周期2 mTBq，即不同速率的粒子在磁场中做圆周运动的周期相同，

32、则粒子在磁场中运动的偏转角越大，运动时间越长，所以速率越大的粒子在磁场中运动的偏转角越小，运动的时间越短，故A 错误，B 正确粒子在磁场中运动的角速度vBqRm，所以不同速率粒子在磁场中运动的角速度相等，故CD 错误；25A 解析：A【解析】【详解】A.粒子的受力如图所以的情况，即电场力只能水平向左，粒子才能沿直线运动。故A 正确。B.油滴做直线运动，受重力、电场力和洛伦兹力作用，因为重力和电场力均为恒力，根据物体做直线运动条件可知，粒子所受洛伦兹力亦为恒力据FqvB可知，粒子必定做匀速直运动。故B 错误。CD.粒子受到的洛仑磁力的方向为垂直MN 向上，又因为粒子带正电，再结合左手定则，可知油滴一定是从M 点运动到N 点一定。故CD都错误。