高考物理吉林电磁学知识点之静电场易错题汇编含答案解析.pdf

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1、高考物理吉林电磁学知识点之静电场易错题汇编含答案解析一、选择题1一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，两板间有一个带正电的检验电荷固定在 P 点，如图所示，以C 表示电容器的电容，E 表示两板间的场强，表示 P 点的电势，pE表示正电荷在P点的电势能，若正极板保持不动，将负极板缓慢向右平移一小段距离0l，则下列各物理量与负极板移动距离x 的关系图像正确的是（）ABCD2静电场方向平行于x 轴，将一电荷量为q的带电粒子在xd处由静止释放，粒子只在电场力作用下沿x 轴运动，其电势能EP随 x的变化关系如图所示若规定x轴正方向为电场强度E、加速度a的正方向，四幅示意图分别表示电势随x的分布、场

2、强E随x的分布、粒子的加速度a 随 x 的变化关系和粒子的动能Ek随 x 的变化关系，其中正确的是ABCD3如图所示，足够长的两平行金属板正对竖直放置，它们通过导线与电源E、定值电阻R、开关 S相连。闭合开关后，一个带电的液滴从两板上端的中点处无初速度释放，最终液滴落在某一金属板上。下列说法中正确的是（）A液滴在两板间运动的轨迹是一条抛物线B电源电动势越大，液滴在板间运动的加速度越大C电源电动势越大，液滴在板间运动的时间越长D定值电阻的阻值越大，液滴在板间运动的时间越长4如图所示，某电场中的一条电场线，一电子从a 点由静止释放，它将沿电场线向b 点运动，下列有关该电场的判断正确的是()A该电场

3、一定是匀强电场B场强 Ea一定小于EbC电子具有的电势能Epa一定大于EpbD电势 ab5如图所示，A、B、C、D 为半球形圆面上的四点，处于同一水平面，AB 与 CD 交于球心且相互垂直，E 点为半球的最低点，A点放置一个电量为+Q 的点电荷，B 点放置一个电量为 Q 的点电荷，则下列说法正确的是（）AC、E 两点电场强度不相同BC 点电势比 E 点电势高C沿 CE 连线移动一电量为+q 的点电荷，电场力始终不做功D将一电量为+q的点电荷沿圆弧面从C 点经 E点移动到D 点过程中，电场力先做负功，后做正功6如图所示，三条平行等间距的虚线表示电场中的三个等势面，电势分别为10V、20V、30V

4、，实线是一带电粒子（不计重力）在该区域内的运动轨迹，a、b、c是轨迹上的三个点，下列说法正确的是（）A粒子在三点所受的电场力不相等B粒子必先过a，再到 b，然后到cC粒子在三点所具有的动能大小关系为EkbEkaEkcD粒子在三点的电势能大小关系为EpcEpa Epb7如图所示,一绝缘光滑半圆环轨道放在竖直向下的匀强电场中，电场强度大小为E。在与环心等高处放有一质量为m、带电荷量+q的小球,由静止开始沿轨道运动，下述说法正确的是（）A小球在运动过程中机械能守恒B小球经过环的最低点时机械能最大C小球经过环的最低点时对轨道压力为2(mg+qE)D小球经过环的最低点时对轨道压力为(mg+qE)8空间存

5、在平行于纸面方向的匀强电场，纸面内ABC 三点形成一个边长为1cm 的等边三角形。将电子由A 移动到 B 点，电场力做功2eV，再将电子由B 移动到 C 点，克服电场力做功1eV。匀强电场的电场强度大小为A100V/mB20033V/mC200V/mD2003V/m9三个 粒子在同一地点沿同一方向飞入偏转电场，出现了如图所示的轨迹，由此可以判断下列不正确的是A在 b飞离电场的同时,a刚好打在负极板上Bb和c同时飞离电场C进电场时c 的速度最大,a 的速度最小D动能的增加值c 最小,a和 b 一样大10 a、b、c、d分别是一个菱形的四个顶点，abc=120 现将三个等量的正点电荷Q固定在 a、

6、b、c 三个顶点上，将一个电量为q 的点电荷依次放在菱形中心点O 点和另一个顶点 d 点处，两点相比：（）A+q 在 d 点所受的电场力较大B+q 在 d 点所具有的电势能较大Cd 点的电势低于O 点的电势Dd 点的电场强度大于O 点的电场强度11 研究与平行板电容器电容有关因素的实验装置如图所示，下列说法正确的是()A实验前，只用带电玻璃棒与电容器a板接触，能使电容器带电B实验中，只将电容器b 板向上平移，静电计指针的张角变小C实验中，只在极板间插入有机玻璃板，静电计指针的张角变大D实验中，只增加极板带电量，静电计指针的张角变大，表明电容增大12 如图所示，用劲度系数为15N/m的轻弹簧悬挂

7、一个绝缘带有电荷量为72.0 10C的小球 A，此时弹簧的长度为10cm。在 A 的正下方放一个带电球B 时，弹簧伸长量增加4cm，此时两球相距12cm。已知静电力常量为9229 10 N m/Ck，A、B 可视为点电荷，则（）AA 球受到的库仑力是2.1NBA 球受到的库仑力是1.5NCB 球带负电，电荷量是51.210 CDB 球带负电，电荷量是64.8 10 C13 一个简易的电磁弹射玩具如图所示，线圈、铁芯组合充当炮筒，硬币充当子弹。现将一个金属硬币放在铁芯上（金属硬币半径略大于铁芯半径），电容器刚开始时处于无电状态，先将开关拨向1，电容器充电，再将开关由1拨向2瞬间，硬币将向上飞出。

8、则下列说法正确的是（）A当开关拨向1 时，电容器上板带负电B当开关由1 拨向 2 时，线圈内磁感线方向向上C当开关由1 拨向 2 瞬间，铁芯中的磁通量减小D当开关由1 拨向 2 瞬间，硬币中会产生向上的感应磁场14 利用图示装置“探究决定电容大小的因素”。实验中静电计的指针已有一个偏角，则在此情境下（）A仅增大两板间的距离，指针偏角将增大B仅增大两板间的距离，指针偏角将减小C仅减小两板间的正对面积，指针偏角将减小D仅将一块有机玻璃插到两板间，指针偏角将不变15板间距为d的平行板电容器所带电荷量为Q时，两极板间电势差为1U，板间场强为1E现将电容器所带电荷量变为2Q，板间距变为12d，其他条件不

9、变，这时两极板间电势差2U，板间场强为2E，下列说法正确的是A2121,UUEEB21212,4UUEEC2121,2UUEED21212,2UUEE16 如图所示，匀强电场的场强为E，M与N两点间的距离为d，MN与电场线的夹角为，则M、N两点间的电势差为（）AEd BsinEd C cosEd DtanEd17 某电场的电场线的分布如图所示一个带电粒子由M点沿图中虚线所示的途径运动通过N 点。下列判断正确的是（）A粒子带负电B电场力对粒子做正功C粒子在N 点的加速度小DN 点的电势比M 点的电势高18 特斯拉线圈是一种制造人工闪电的装置，该装置的简化结构如图所示。金属顶端和大地构成一个特殊的

10、电容器。顶端放电后，“电荷补充线圈”给顶端补充电荷，因而能持续地放电。设顶端与大地间电压为U，顶端带电量为Q，下列说法正确的是（）A放电过程中，该电容器的电容增大B充电过程中，该电容器的电容增大C若 Q 不变，顶端离地面越近U 越小D若 Q 不变，顶端正对面积越大U 越大19 如图所示，实线是一个电场中的电场线，虚线是一个负检验电荷在这个电场中的轨迹，若电荷是从a处运动到b 处，以下判断正确的是（）A电荷从a 到 b 加速度减小Bb 处电势能较大Cb 处电势较高D电荷在b 处速度大20 真空中 Ox 坐标轴上的某点有一个点电荷Q，坐标轴上A、B 两点的坐标分别为0.2 m和 0.7 m。在 A

11、点放一个带正电的试探电荷，在B 点放一个带负电的试探电荷，A、B 两点的试探电荷受到电场力的方向都跟x 轴正方向相同，电场力的大小F 跟试探电荷电量q 的关系分别如图中直线a、b所示。下列说法正确的是A点电荷Q 是正电荷B点电荷Q 的位置坐标为0.30 mCB 点的电场强度的大小为0.25 N/CDA 点的电场强度的方向沿x 轴负方向21 一个检验电荷q 在电场中某点受到的电场力为F，该点的电场强度为E.下图中能正确表示 q、E、F 三者关系的是（）ABCD22 一负电荷从电场中A 点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B 点，它运动vt 图像如图所示，则A、B 两点所在区域的电场线分布

12、情况可能是下图中的（）ABCD23 如图，半径为R 的圆盘均匀分布着电荷量为Q 的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c 的轴线上有 a、b、d 三个点，a 和 b、b 和 c、c 和 d 间的距离均为R，在 a点处有一电荷量为q（q0）的固定点电荷，已知b 点处的场强为零，则d 点处场强的大小为（k为静电力常量）Ak23qRBk2109qRCk2QqRDk299QqR24 一平行电容器两极板之间充满云母介质，接在恒压直流电源上，若将云母介质移出，则电容器（）A极板上的电荷量变大，极板间的电场强度变大B极板上的电荷量变小，极板间的电场强度变大C极板上的电荷量变大，极板间的电场强度不变D极板上的电荷量变小

13、，极板间的电场强度不变25 某电场的电场线分布如图所示，M、N、Q 是以电场线上一点O 为圆心的同一圆周上的三点，OQ 连线与直线MN 垂直以下说法正确的是AO 点电势与Q 点电势相等BM、O间的电势差大于O、N间的电势差C将一负电荷由M 点移到 Q 点，电荷的电势能减少D正电荷在Q 点所受电场力的方向与OQ 垂直且竖直向上【参考答案】*试卷处理标记，请不要删除一、选择题1C 解析：C【解析】【详解】A由电容器的决定式：4SCkd可知 C 与两极板间距离d 成反比，故C 与 x 不是线性关系，故A 错误；B电容器充电后与电源断开，电荷量Q 不变，由:4SCkdQCUUEd可得：4 kQES所以

14、可知电场强度E 是定值，故B 错误；C因负极板接地，电势为零，所以P点电势为：()PE LxL 为 P 点到负极板的初始距离，因为E 不变，随 x增大而线性减小，故C 正确；D由：pEq可知pE与成正比，故也随x 增大而线性减小，故D 错误。故选 C。2D 解析：D【解析】【分析】根据电势能和电势的关系确定-x 图象，而在-x 图象的斜率表示电场强度，判断出场强的大小，由牛顿第二定律F=qE=ma 判断出加速度的变化，由v=v0+at 判断出速度的变化，根据动能定理判断出动能的变化【详解】A、根据 EP=q 可知，由于粒子带负电，则可知，电势的变化应与图中方向相反，故-x图象应为与EP-x 形

15、状对称的图象；故A 错误；B、-x 图象的斜率表示电场强度，沿电场方向电势降低，则知在x=0 的左侧，存在向左的匀强电场，x=0 右侧存在向右的匀强电场，故B 错误；C、根据牛顿第二定律知 qE=ma，粒子在匀强电场中运动时加速度不变，由于粒子带负电，粒子的加速度在x=0 左侧加速度为正值，大小不变，在x=0 右侧加速度为负值，且大小不变，故C 错误；D、在 x=0 左侧粒子根据动能定理qEx=Ek2，在 x=0 的右侧，根据动能定理可得-qEx=Ek-Ek，故给出的图象正确，故D 正确故选 D【点睛】本题主要考查了-x 图象，从图象中判断出斜率即为电场强度，然后利用牛顿第二定律判断出加速度，

16、速度时间公式判断速度3B 解析：B【解析】【分析】【详解】A液滴在磁场中受重力及电场力，电场力沿水平方向，重力沿竖直方向。因液滴由静止释放，故合力的方向一定与运动方向一致，故液滴做直线运动，故A 错误；B两板间的电势差等于电源电压，当电动势变大时，两板上的电压变大，由UEd 可知，板间的电场强度增大，电场力变大，合力变大，故加速度增大，故B 正确；C因粒子最终打在极板上，故运动时间取决于水平方向的加速度，当电动势变大时，其水平方向受力增大，加速度增大，运动时间减小，故C 错误；D定值电阻在此电路中只相当于导线，阻值的变化不会改变两板间的电势差，故带电粒子受力不变，加速度不变，运动时间不变，故D

17、 错误。故选B。4C 解析：C【解析】【详解】AB因电子由静止释放，且由a 向 b 运动，则电子所受的电场力一定是由a指向 b，因为电子带负电荷，所受的电场力方向与场强方向相反，说明电场线的方向一定是由b 指向a。由于不知负电荷由a 运动到 b 的过程中电场力的变化情况，因此无法确定场强大小关系，故A错误，B错误；C由题意知，电场力对电子做正功，电势能减小，所以电子具有的电势能EPa一定大于EPb，故 C 正确；D由分析可知电场方向由b 指向 a，而沿着电场线方向电势降低，所以电势a一定低于b，故 D 错误。5C 解析：C【解析】【分析】【详解】A等量异种电荷形成的电场，根据电场线的分布情况和

18、对称性知，C、E 两点的电场强度大小相等，方向相同，故A 错误。B由等量异种电荷形成的电场，根据电场线的分布情况和对称性知，C、E 两点在通过AB 连线的中垂面上，C、D、E 在同一等势面上，所以C 点电势等于E 点电势，故B 错误。C由以上分析知，C、E 在同一等势面上，则沿CE 连线移动一电量为+q 的点电荷，电场力始终不做功，故C 正确。D由上面的方向知，C、D、E 在同一等势面上，所以将一电量为+q 的点电荷沿圆弧面从C 点经 E点移动到D 点过程中，电场力不做功，故D 错误。故选 C。6D 解析：D【解析】【详解】A因表示电场中三个等势面的三条虚线是平行且等间距的，由此可判断电场是匀

19、强电场，所以带电粒子在电场中各点受到的电场力相等。选项A 错误。B由题中的图可知，电场的方向是向上的，带负电的粒子将受到向下的电场力作用，带负电的粒子无论是依次沿a、b、c运动，还是依次沿c、b、a 运动，都会的到如图的轨迹。选项 B 错误。CD带负电的粒子在电场中运动时，存在电势能与动能之间的互化，由题意和图可知，在b 点时的电势能最大，在c 点的电势能最小，可判断在c 点的动能最大，在b 点的动能最小。选项 C 错误，D 正确。7B 解析：B【解析】【分析】【详解】A小球在运动过程中，除重力外有电场力做功，机械能不守恒，故A 错误；B小球经过环的最低点时电场力做功最多，电势能转化为小球的机

20、械能，故小球经过环的最低点时机械能最大，故B正确；CD小球做圆周运动有2vFEqmgmR根据动能定理有212mvmgREqR解得3()FEqmg，故 CD 错误。故选 B。8C 解析：C【解析】【分析】根据电场力功与电势差的关系求解AB 和 BC 各点之间的电势差，然后找到等势面确定场强的方向，根据E=U/d 求解场强。【详解】将电子由 A 移动到 B 点，电场力做功2eV，则22ABABWeVUVqe；同样：1BCBCWeVUVqe，若设 C 点的电势为0，则 B 点的电势为1V，A 点的电势为-1V，则 AB 中点的电势与C 点电势相同，可知场强方向沿BA 方向斜向上，场强为21/200/

21、0.5 10UEVmVmd，故选 C.9B 解析：B【解析】【详解】A三个粒子的质量和电量都相同，则知加速度相同。a、b 两粒子在竖直方向上的位移相等，根据212yat，可知运动时间相等。故A 正确，不符合题意。Bb、c 竖直方向上的位移不等，ycyb根据212yat，可知 tctb即 c 先飞离电场，故 B 错误，符合题意。C在垂直于电场方向即水平方向，三个粒子做匀速直线运动，则有：xvt。因 xc=xb，tctb，则 vcvb。根据 ta=tb，xb xa则 vbva所以有：vc vb va故 C 正确，不符合题意。D根据动能定理知，a、b 两电荷，电场力做功一样多，所以动能增加量相等。c

22、 电荷电场力做功最少，动能增加量最小。故D 正确，不符合题意。10C 解析：C【解析】【分析】【详解】设 ob=l，ad=2l，bd=2l，则O 点的电场强度为：ac两电荷相互抵消，得Eo=Eb=；d点的电场强度Eb=，Ea=Eay=Eacos=，同理 Ecy=，Ed=Eb+Eay+Ecy=，D 错；所以+q在 o 点所受的电场力较大，A 错；由 o 到 d 电场力做正功，电势能减小，+q 在 d点所具有的电势能较小，B 错；沿电场线方向电势减小，所以d 点的电势低于O 点的电势，C 对；11A 解析：A【解析】A、当用带电玻璃棒与电容器a 板接触，由于静电感应，从而在b 板感应出等量的异种电

23、荷，从而使电容器带电，故选项A 正确；B、根据电容器的决定式：，将电容器b 板向上平移，即正对面积S减小，则电容 C 减小，根据可知，电量 Q 不变，则电压U 增大，则静电计指针的张角变大，故选项 B 错误；C、根据电容器的决定式：，只在极板间插入有机玻璃板，则介电系数增大，则电容 C 增大，根据可知，电量 Q 不变，则电压U 减小，则静电计指针的张角减小，故选项 C 错误；D、根据可知，电量 Q 增大，则电压U 也会增大，则电容C 不变，故选项D 错误。点睛：本题是电容器动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是电容与哪些因素有什么关系。12D 解析：D【解析】【分析】【详解

24、】ABA 球受到的库仑力2=15 4 10 N0.6NFFkx弹库故 AB 错误；CD弹簧伸长，说明A 和 B 相互吸引，带电性不同，故B 球带负电，根据库仑定律AB2=q qFkr库则2BAF rqkq库解得6B4.8 10Cq故 C 错误，D 正确。故选 D。13D 解析：D【解析】【分析】【详解】A当开关拨向1 时，有短暂电流出现，电容器处于充电状态，由于电容器的上极板与电源正极相连，因此电容器的上板带正电，故A 错误。B当开关由1 拨向 2 时，电容器放电，电流从上向下通过线圈，根据安培定则可知，线圈中磁感线方向向下，故B 错误。C当开关由1 拨向 2 瞬间，电容器处于放电瞬间，电流增

25、大，铁芯中的磁通量增大，故C错误。D当开关由1 拨向 2瞬间，电容器处于放电瞬间，根据楞次定律，则硬币中会产生向上的感应磁场，故D 正确。故选 D。14A 解析：A【解析】【详解】AB增大板间距d，据电容的决定式：r4SCkd可知电容变小，电容器电荷量不变，结合电容定义式：QCU可知两极板间的电势差U变大，静电计指针张角变大，A 正确，B 错误；C极板正对面积S变小，根据电容的决定式：r4SCkd可知电容变小，电容器电荷量不变，结合电容定义式：QCU可知两极板间的电势差U变大，静电计指针张角变大，C 错误；D极板间插入有机玻璃则r变大，根据电容的决定式：r4SCkd可知电容变大，电容器电荷量不

26、变，结合电容定义式：QCU可知两极板间的电势差U变小，静电计指针张角变小，D 错误。故选 A。15C 解析：C【解析】由公式 C4Sk d、CQU和 EUd得 U4k dQS，E4k QS，当 Q 变为 2Q、d 变为2d时，电压U 不变，电场强度E变为原来的2 倍 C正确16C 解析：C【解析】由题，A、B两点间的距离为d及AB连线与电场方向的夹角为，则这两点沿电场的方向的距离cosdd，A、B两点间的电势差cosUEdEd C 项正确故选C【点睛】解决本题的关键掌握匀强电场的场强公式，注意在公式UEd中，d 表示沿电场线方向上的距离17B 解析：B【解析】【分析】【详解】A电场线的方向向上

27、，根据粒子的运动的轨迹可以知道，粒子受到的电场力的方向也向上，所以粒子带正电荷，故A 错误；BD从 M 点到 N 点，静电力方向与速度方向成锐角，电场力做正功，电势能减小，电势降低，故 B 正确，D 错误；C电场线密的地方电场强度大，电场线疏的地方电场强度小，所以粒子在N 点的受力大，加速度大，故C 错误。故选 B。18C 解析：C【解析】【分析】【详解】AB电容器的电容由电容器本身的特性决定，与电容器的电压和带电量无关，可知，不论电量 Q 多还少，其与大地构成的电容器的电容C 不变，因此电容器的充放电对电容大小无影响，故 AB 错误；C由公式4SCkd可知，顶端离地越低，电容越大，带电量Q一

28、定时，由QCU分析知其与大地间的电势差越小，故C 正确；D由公式4SCkd可知，顶端面积越大，电容越大，带电量Q 一定时，由QCU分析知其与大地间的电势差越小，故D 错误。故选 C。19B 解析：B【解析】【详解】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以粒子在b 点的加速度大，A 错误；从a到 b的过程中，电场力做负功，电势能增加，所以b 处电势能大，动能减小，速度减小，所以电荷在b 处速度小，B 正确 D 错误；根据粒子的运动的轨迹可以知道，负电荷受到的电场力的方向向下，所以电场线的方向向上，所以a 点的电势大于b 点的电势，C 错误20B 解析：B【解析】【分析】电场强

29、度等于电荷所受电场力和该电荷电量的比值，即FEq，方向与正电荷所受电场力方向相同，放在A、B 两点的试探电荷受到的电场力方向都跟x 轴的正方向相同，而正电荷所受电场力与电场强度方向相同，负电荷所受电场力与电场强度方向相反，从而知道点电荷位于 A、B 之间，根据点电荷场强公式2kQEr分析；【详解】A、根据FEq并结合图像可判断a点电场强度大于b 点电场强度，离点电荷越近场强越大，所以点电荷在AB 的中间靠近A 的某个位置，又由于A、B 两点的试探电荷受到电场力的方向都跟x 轴正方向相同，所以点电荷Q 是负电荷，故A 错误；BC、根据电场强度的定义式即FEq结合图像可判断B 点电场强度大小为44

30、921 10/2.5 10/4 10bbkQEN CN Cx，A 点电场强度大小为45924 10/4 10/1 10aakQENCN Cx，可得场源电荷到AB 的距离之比:1:4abxx，因此点电荷Q 的位置坐标为0.30m，故 B 正确，C 错误；D、正的试探电荷受电场力方向与电场线方向相同，根据正电荷在A 点受力沿 x 轴正方向即可判断在A 点电场强度方向沿x 轴正方向，故D 错误；故选 B。【点睛】关键掌握电场强度的定义式FEq点电荷的场强公式2kQEr，以及知道电场强度的方向，与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反。21D 解析：D【解析】【详解】A、B 项：因为电场

31、中的电场强度与放入电场中电荷的电量无关，由场源电荷决定。所以电场强度不随q、F的变化而变化，故A、B错误；C、D 项：由FEq知，某点的电场强度一定，F 与 q成正比。故C 错误，D 正确。故选：D。22C 解析：C【解析】【详解】AD 负电荷受到的电场力与电场强度的方向相反，A、D 选项图中，负电荷在A 点受到的电场力背离AB 方向，负电荷做减速运动，与速度图像不符，AD 错误；BC负电荷受到的电场力从A 指向 B，v t图像斜率的物理意义为加速度，根据图像可知，负电荷从A 到 B 的过程中加速度越来越大，根据牛顿第二定律qEma可知A点场强小于B点场强，则A处电场线的稀疏程度较大，B错误，

32、C正确。故选 C。23B 解析：B【解析】【详解】电荷量为 q 的点电荷在b 处产生电场强度的大小为：2qEkR而半径为 R 均匀分布着电荷量为Q 的圆盘上电荷，与在a 点处有一电荷量为q（q0）的固定点电荷，在b点处的场强为零，则圆盘在此处产生电场强度大小也为：2qEkR根据对称性原理可知，圆盘在d 产生电场强度大小也为：2qEkR电荷量为 q 的点电荷在d 处产生电场强度的大小为：2293qkqEkRR由于都在 d 处产生电场强度方向相同，即为两者大小相加所以两者这d 处产生电场强度的大小为：2109kqR故选 B24D 解析：D【解析】试题分析：电容器接在恒压直流电源上，则电容器两端的电

33、势差不变，将云母介质移出后，介电常数减小，根据电容的决定式知，介电常数减小，电容减小，由于电压不变，根据可知，电荷量Q 减小，由于电容器的电压不变，板间的距离d 不变，根据可知，极板间的电场强度不变，所以ABC错误，D 正确考点：电容器的动态分析【名师点睛】本题是电容器的动态分析问题，关键抓住不变量，当电容器与电源始终相连，则电势差不变；当电容器与电源断开，则电荷量不变要掌握、三个公式25B 解析：B【解析】【分析】【详解】根据电场线与等势线垂直特点，在O点所在电场线上找到Q点的等势点，该等势点在O点的上方，根据沿电场线电势降低可知，O 点的电势比Q 点的电势高，故A 错误；根据电场线分布情况可知，MO 间的平均电场强度比ON 之间的平均电场强度大，由公式U=Ed 可知，M、O 间的电势差大于O、N 间的电势差，故B 正确；M 点的电势比Q 点的电势高，负电荷由 M 点移到 Q 点，电场力做负功，电荷的电势能增加，故C 错误正电荷所受的电场力与该点电场线的切线方向相同，斜向上，故D 错误；故选B