2014届高考数学一轮复习教学案古典概型(含解析).pdf

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1、古_典_概_型 知识能否忆起 一、基本事件的特点 1任何两个基本事件是互斥的 2任何事件(除不可能事件)都可以表示成基本事件的和 二、古典概型的两个特点 1试验中所有可能出现的基本事件只有有限个，即有限性 2每个基本事件出现的可能性相等，即等可能性 提示 确定一个试验为古典概型应抓住两个特征：有限性和等可能性 三、古典概型的概率公式 P(A)A包含的基本事件的个数基本事件的总数.小题能否全取 1(教材习题改编)从甲、乙、丙三人中任选两名代表，甲被选中的概率为()A.12 B.13 C.23 D1 解析：选 C 基本事件总数为(甲、乙)、(甲、丙)、(乙、丙)共三种，甲被选中共 2 种则P23.

2、2(教材习题改编)从 1,2,3,4,5,6 六个数中任取 2 个数，则取出的两个数不是连续自然数的概率是()A.35 B.25 C.13 D.23 解析：选 D 从六个数中任取 2 个数有 15 种方法，取出的两个数是连续自然数有 5 种情况，则取出的两个数不是连续自然数的概率 P151523.3甲、乙两同学每人有两本书，把四本书混放在一起，每人随机拿回两本，则甲同学拿到一本自己书一本乙同学书的概率是()A.13 B.23 C.12 D.14 解析：选 B 记甲同学的两本书为 A，B，乙同学的两本书为 C，D，则甲同学取书的情况有 AB，AC，AD，BC，BD，CD 共 6 种，有一本自己的

3、书，一本乙同学的书的取法有 AC，AD，BC，BD 共 4 种，所求概率 P23.4(2012南通一调)将甲、乙两球随机放入编号为 1,2,3 的 3 个盒子中，每个盒子的放球数量不限，则在 1,2 号盒子中各有一个球的概率为_ 解析：依题意得，甲、乙两球各有 3 种不同的放法，共 9 种放法，其中有 1,2 号盒子中各有一个球的放法有 2 种，故有 1,2 号盒子中各有一个球的概率为29.答案：29 5(教材习题改编)从 3 台甲型彩电和 2 台乙型彩电中任选两台，其中两种品牌的彩电齐全的概率是_ 解析：P321035.答案：35 1.古典概型的判断：一个试验是否为古典概型，在于这个试验是否

4、具有古典概型的两个特征有限性和等可能性，只有同时具备这两个特点的概率模型才是古典概型 2对于复杂的古典概型问题要注意转化为几个互斥事件的概率问题去求 简单的古典概型 典题导入 例 1(2012安徽高考)袋中共有 6 个除了颜色外完全相同的球，其中有 1 个红球、2个白球和 3 个黑球从袋中任取两球，两球颜色为一白一黑的概率等于()A.15 B.25 C.35 D.45 自主解答(文)设袋中红球用 a 表示，2 个白球分别用 b1，b2表示，3 个黑球分别用c1，c2，c3表示，则从袋中任取两球所含基本事件为(a，b1)，(a，b2)，(a，c1)，(a，c2)，(a，c3)，(b1，b2)，(

5、b1，c1)，(b1，c2)，(b1，c3)，(b2，c1)，(b1，c2)，(b2，c3)，(c1，c2)，(c1，c3)，(c2，c3)共 15 个 两球颜色为一白一黑的基本事件有(b1，c1)，(b1，c2)，(b1，c3)，(b2，c1)，(b2，c2)，(b2，c3)共 6 个 因此其概率为61525.(理)从 6 个球中任取两球有 C2615 种取法，颜色一黑一白的取法有 C12C136 种，故概率 P61525.答案 B 在本例条件下，求两球不同色的概率 解：两球不同色可分三类：一红一白，一红一黑，一白一黑 故 P121323151115.由题悟法 计算古典概型事件的概率可分三步

6、：(1)算出基本事件的总个数 n；(2)求出事件 A 所包含的基本事件个数 m；(3)代入公式求出概率 P.以题试法 1“数”是指每个数字比其左边的数字大的自然数(如 1 469)，在两位的“数”中任取一个数比 36 大的概率是()A.12 B.23 C.34 D.45 解析：选 A 在两位数中，十位是 1 的“数”有 8 个；十位是 2 的“数”有 7 个；十位是 8 的“数”有 1 个则两位数中，“数”共有 8765432136 个，比 36 大的“数”共有 35432118 个故在两位的“数”中任取一个数比 36大的概率是183612.复杂的古典概型 典题导入 例 2(2012江西高考)

7、如图所示，从 A1(1,0,0)，A2(2,0,0)，B1(0，1,0)，B2(0,2,0)，C1(0,0，1)，C2(0,0,2)这 6 个点中随机选取 3 个点(1)求这 3 点与原点 O 恰好是正三棱锥的四个顶点的概率；(2)求这 3 点与原点 O 共面的概率 自主解答(文)从这 6个点中随机选取3 个点的所有可能结果是：x 轴上取 2 个点的有 A1A2B1，A1A2B2，A1A2C1，A1A2C2，共 4 种；y 轴上取 2 个点的有 B1B2A1，B1B2A2，B1B2C1，B1B2C2，共 4 种；z 轴上取 2 个点的有 C1C2A1，C1C2A2，C1C2B1，C1C2B2，

8、共 4 种 所选取的 3 个点在不同坐标轴上有 A1B1C1，A1B1C2，A1B2C1，A1B2C2，A2B1C1，A2B1C2，A2B2C1，A2B2C2，共 8 种因此，从这 6 个点中随机选取 3 个点的所有可能结果共 20 种(1)选取的这 3 个点与原点 O 恰好是正三棱锥的四个顶点的所有可能结果有：A1B1C1，A2B2C2，共 2 种，因此，这 3 个点与原点 O 恰好是正三棱锥的四个顶点的概率为 P1220110.(2)法一：选取的这 3 个点与原点 O 共面的所有可能结果有：A1A2B1，A1A2B2，A1A2C1，A1A2C2，B1B2A1，B1B2A2，B1B2C1，B

9、1B2C2，C1C2A1，C1C2A2，C1C2B1，C1C2B2，共 12 种，因此，这 3 个点与原点 O 共面的概率为 P2122035.法二：选取的这 3 个点与原点不共面的所有可能的结果有 A1B1C1，A1B1C2，A1B2C1，A1B2C2，A2B1C1，A2B1C2，A2B2C1，A2B2C2，共 8 种，因此这 3 个点与原点 O 共面的概率为P2182035.(理)从这 6 个点中任取 3 个点可分三类：在 x 轴上取 2 个点、1 个点、0 个点，共有 C22C14C12C24C3420 种取法(1)选取的 3 个点与原点 O 恰好是正三棱锥项点的取法有 2 种，概率 P

10、1220110.(2)法一：选取的 3 个点与原点 O 共面的取法有 C22C14312 种，所求概率 P2122035.法二：选取的 3 个点与原点不共面的取法有 C12C12C128 种，因此这 3 个点与原点 O 共面的概率 P2182035.由题悟法 求较复杂事件的概率问题，解题关键是理解题目的实际含义，把实际问题转化为概率模型必要时将所求事件转化成彼此互斥的事件的和，或者先求其对立事件的概率，进而再用互斥事件的概率加法公式或对立事件的概率公式求解 以题试法 2一个小朋友任意敲击电脑键盘上的 0 到 9 十个键，则他敲击两次(每次只敲击一个数字键)得到的两个数字恰好都是 3 的倍数的概

11、率为()A.425 B.215 C.25 D.29 解析：选 A 任意敲击两次有 1010100 种方法，两次都是 3 的倍数有 4416 种方法，故所求概率为 P16100425.1(2013惠州调研)一个袋中装有 2 个红球和 2 个白球，现从袋中取出 1 个球，然后放回袋中再取出 1 个球，则取出的 2 个球同色的概率为()A.12 B.13 C.14 D.25 解析：选 A 把红球标记为红 1、红 2，白球标记为白 1、白 2，本试验的基本事件共有16 个，其中 2 个球同色的事件有 8 个：红 1，红 1，红 1、红 2，红 2、红 1，红 2、红 2，白 1、白 1，白 1、白 2

12、，白 2、白 1，白 2、白 2，故所求概率为 P81612.2(2012鸡西模拟)在 40 根纤维中，有 12 根的长度超过 30 mm，从中任取一根，取到长度超过 30 mm 的纤维的概率是()A.34 B.310 C.25 D以上都不对 解析：选 B 在 40 根纤维中，有 12 根的长度超过 30 mm，即基本事件总数为 40，且它们是等可能发生的，所求事件包含 12 个基本事件，故所求事件的概率为310.3(2013宿州质检)一颗质地均匀的正方体骰子，其六个面上的点数分别为 1、2、3、4、5、6，将这一颗骰子连续抛掷三次，观察向上的点数，则三次点数依次构成等差数列的概率为()A.1

13、12 B.118 C.136 D.7108 解析：选 A 基本事件总数为 666，事件“三次点数依次成等差数列”包含的基本事件有(1,1,1)，(1,2,3)，(3,2,1)，(2,2,2)，(1,3,5)，(5,3,1)，(2,3,4)，(4,3,2)，(3,3,3)，(2,4,6)，(6,4,2)，(3,4,5)，(5,4,3)，(4,4,4)，(4,5,6)，(6,5,4)，(5,5,5)，(6,6,6)共 18 个，所求事件的概率P18666112.4已知某车间在三天内，每天生产 10 件某产品，其中第一天，第二天分别生产出了 1件，n 件次品，而质检部每天要从生产的 10 件产品中随

14、意抽取 4 件进行检查，若发现有次品，则当天的产品不能通过则第一天通过检查的概率为()A.25 B.35 C.23 D.67 解析：选 B 因为随意抽取 4 件产品检查是随机事件，而第一天有 1 件次品，所以第一天通过检查的概率 PC49C41035.5(2012宁波模拟)设 a1,2,3,4，b2,4,8,12，则函数 f(x)x3axb 在区间1,2上有零点的概率为()A.12 B.58 C.1116 D.34 解析：选 C 因为 f(x)x3axb，所以 f(x)3x2a.因为 a1,2,3,4，因此 f(x)0，所以函数 f(x)在区间1,2上为增函数若存在零点，则 f10，f20，解

15、得 a1b82a.因此可使函数在区间1,2上有零点的有 a1，2b10，故 b2，b4，b8；a2,3b12，故 b4，b8，b12；a3,4b14，故 b4，b8，b12；a4,5b16，故 b8，b12.根据古典概型可得有零点的概率为1116.6某种饮料每箱装 6 听，其中有 4 听合格，2 听不合格，现质检人员从中随机抽取 2听进行检测，则检测出至少有一听不合格饮料的概率是()A.115 B.35 C.815 D.1415 解析：选 B 从“6 听饮料中任取 2 听饮料”这一随机试验中所有可能出现的基本事件共有 15 个，而“抽到不合格饮料”含有 9 个基本事件，所以检测到不合格饮料的概

16、率为 P91535.7(2012南京模拟)从分别写有 0,1,2,3,4 的五张卡片中取出一张卡片，记下数字后放回，再从中取出一张卡片则两次取出的卡片上的数字之和恰好等于 4 的概率是_ 解析：从 0,1,2,3,4 五张卡片中取出两张卡片的结果有 25 种，数字之和恰好等于 4 的结果有(0,4)，(1,3)，(2,2)，(3,1)，(4,0)，所以数字和恰好等于 4 的概率是 P15.答案：15 8(2012重庆高考)某艺校在一天的 6 节课中随机安排语文、数学、外语三门文化课和其它三门艺术课各 1 节，则在课表上的相邻两节文化课之间至少间隔 1 节艺术课的概率为_(用数字作答)解析：基本

17、事件是对这 6 门课排列，故基本事件的个数为 A66.“课表上的相邻两节文化课之间至少间隔 1 节艺术课”就是“任何两节文化课不能相邻”，利用“插空法”，可得其排列方法种数为A33A34.根据古典概型的概率计算公式可得事件“课表上的相邻两节文化课之间至少间隔 1 节艺术课”发生的概率为A33A34A6615.答案：15 9(2012江苏高考)现有 10 个数，它们能构成一个以 1 为首项，3 为公比的等比数列，若从这 10 个数中随机抽取一个数，则它小于 8 的概率是_ 解析：由题意得 an(3)n1，易知前 10 项中奇数项为正，偶数项为负，所以小于 8的项为第一项和偶数项，共 6 项，即

18、6 个数，所以 P61035.答案：35 10 暑假期间，甲、乙两个学生准备以问卷的方式对某城市市民的出行方式进行调查 如图是这个城市的地铁二号线路图(部分)，甲、乙分别从太平街站(用 A 表示)、南市场站(用 B表示)、青年大街站(用 C 表示)这三站中，随机选取一站作为调查的站点 (1)求甲选取问卷调查的站点是太平街站的概率；(2)求乙选取问卷调查的站点与甲选取问卷调查的站点相邻的概率 解：(1)由题知，所有的基本事件有 3 个，甲选取问卷调查的站点是太平街站的基本事件有 1 个，所以所求事件的概率 P13.(2)由题知，甲、乙两人选取问卷调查的所有情况见下表：乙 甲 A B C A(A，

19、A)(A，B)(A，C)B(B，A)(B，B)(B，C)C(C，A)(C，B)(C，C)由表格可知，共有 9 种可能结果，其中甲、乙在相邻的两站进行问卷调查的结果有 4种，分别为(A，B)，(B，A)，(B，C)，(C，B)因此乙选取问卷调查的站点与甲选取问卷调查的站点相邻的概率为49.11(2012济南模拟)将一个质地均匀的正方体(六个面上分别标有数字 0,1,2,3,4,5)和一个正四面体(四个面分别标有数字 1,2,3,4)同时抛掷 1 次，规定“正方体向上的面上的数字为 a，正四面体的三个侧面上的数字之和为 b”设复数为 zabi.(1)若集合 Az|z 为纯虚数，用列举法表示集合 A

20、；(2)求事件“复数在复平面内对应的点(a，b)满足 a2(b6)29”的概率 解：(1)A6i,7i,8i,9i(2)满足条件的基本事件的个数为 24.设满足“复数在复平面内对应的点(a，b)满足 a2(b6)29”的事件为 B.当 a0 时，b6,7,8,9 满足 a2(b6)29；当 a1 时，b6,7,8 满足 a2(b6)29；当 a2 时，b6,7,8 满足 a2(b6)29；当 a3 时，b6 满足 a2(b6)29.即 B 为(0,6)，(0,7)，(0,8)，(0,9)，(1,6)，(1,7)，(1,8)，(2,6)，(2,7)，(2,8)，(3,6)共计 11个 所以所求概

21、率 P1124.12(2012福州模拟)已知 A、B、C 三个箱子中各装有 2 个完全相同的球，每个箱子里的球，有一个球标着号码 1，另一个球标着号码 2.现从 A、B、C 三个箱子中各摸出 1 个球 (1)若用数组(x，y，z)中的 x，y，z 分别表示从 A、B、C 三个箱子中摸出的球的号码，请写出数组(x，y，z)的所有情形，并回答一共有多少种；(2)如果请您猜测摸出的这三个球的号码之和，猜中有奖，那么猜什么数获奖的可能性最大？请说明理由 解：(1)数组(x，y，z)的所有情形为(1,1,1)，(1,1,2)，(1,2,1)，(1,2,2)，(2,1,1)，(2,1,2)，(2,2,1)

22、，(2,2,2)，共 8 种(2)记“所摸出的三个球号码之和为 i”为事件 Ai(i3,4,5,6)，易知，事件 A3包含有 1 个基本事件，事件 A4包含有 3 个基本事件，事件 A5包含有 3 个基本事件，事件 A6包含有 1个基本事件，所以，P(A3)18，P(A4)38，P(A5)38，P(A6)18.故所摸出的两球号码之和为 4或 5 的概率相等且最大 故猜 4 或 5 获奖的可能性最大 1(2012温州十校联考)从x2my2n1(其中 m，n1,2，3)所表示的圆锥曲线(椭圆、双曲线、抛物线)方程中任取一个，则此方程是焦点在 x 轴上的双曲线方程的概率为()A.12 B.47 C.

23、23 D.34 解析：选 B 当方程x2my2n1 表示椭圆、双曲线、抛物线等圆锥曲线时，不能有 m0，n0，所以方程x2my2n1 表示椭圆双曲线、抛物线等圆锥曲线的(m，n)有(2，1)，(3，1)，(2,2)，(3,2)，(2,3)，(3,3)，(1，1)共 7 种，其中表示焦点在 x 轴上的双曲线时，则 m0，n0，有(2,2)，(3,2)，(2,3)，(3,3)共 4 种，所以所求概率 P47.2设连续掷两次骰子得到的点数分别为 m、n 则直线 ymnx 与圆(x3)2y21 相交的概率为_ 解析：由题意知，m1,2,3,4,5,6，n1,2,3,4,5,6，故(m，n)所有可能的取

24、法共 36种 由直线与圆的位置关系得，d|3m|m2n21，即mn24，共有13，14，15，16，26，5 种，所以直线 ymnx 与圆(x3)2y21 相交的概率为536.答案：536 3(2012天津高考)某地区有小学 21 所，中学 14 所，大学 7 所，现采用分层抽样的方法从这些学校中抽取 6 所学校对学生进行视力调查(1)求应从小学、中学、大学中分别抽取的学校数目；(2)若从抽取的 6 所学校中随机抽取 2 所学校做进一步数据分析，列出所有可能的抽取结果；求抽取的 2 所学校均为小学的概率 解：(1)由分层抽样定义知，从小学中抽取的学校数目为 621211473；从中学中抽取的学

25、校数目为 614211472；从大学中抽取的学校数目为 67211471.因此，从小学、中学、大学中分别抽取的学校数目为 3,2,1.(2)在抽取到的 6 所学校中，3 所小学分别记为 A1，A2，A3,2 所中学分别记为 A4，A5，大学记为 A6，则抽取 2 所学校的所有可能结果为A1，A2，A1，A3，A1，A4，A1，A5，A1，A6，A2，A3，A2，A4，A2，A5，A2，A6，A3，A4，A3，A5，A3，A6，A4，A5，A4，A6，A5，A6共 15 种 从 6 所学校中抽取的 2 所学校均为小学(记为事件 B)的所有可能结果为A1，A2，A1，A3，A2，A3共 3 种 所

26、以 P(B)31515.1 已知 A1,2,3，BxR|x2axb0，aA，bA，则 ABB 的概率是()A.29 B.13 C.89 D1 解析：选 C ABB，B 可能为，1，2，3，1,2，2,3，1,3当 B时，a24b0，满足条件的 a，b 为 a1，b1,2,3；a2，b2,3；a3，b3.当 B1时，满足条件的 a，b 为 a2，b1.当 B2，3时，没有满足条件的 a，b.当 B1,2时，满足条件的 a，b 为 a3，b2.当 B2,3，1,3时，没有满足条件的 a，b.ABB 的概率为83389.2将一颗骰子投掷两次分别得到点数 a、b，则直线 axby0 与圆(x2)2y2

27、2 相交的概率为_ 解析：圆心(2,0)到直线 axby0 的距离 d|2a|a2b2，当 d 2时，直线与圆相交，则有 d|2a|a2b2 2，得 ba，满足题意的 ba，共有 15 种情况，因此直线 axby0 与圆(x2)2y22 相交的概率为1536512.答案：512 3(2012福建高考)在等差数列an和等比数列bn中，a1b11，b48，an的前 10项和 S1055.(1)求 an和 bn；(2)现分别从an和bn的前 3 项中各随机抽取一项，写出相应的基本事件，并求这两项的值相等的概率 解：(1)设an的公差为 d，bn的公比为 q.依题意得 S10101092d55，b4q38，解得 d1，q2，所以 ann，bn2n1.(2)分别从an和bn的前 3 项中各随机抽取一项，得到的基本事件有 9 个(1,1)，(1,2)，(1,4)，(2,1)，(2,2)，(2,4)，(3,1)，(3,2)，(3,4)符合题意的基本事件有 2 个(1,1)，(2,2)故所求的概率 P29.