2021届浙江省绍兴市高三下学期物理高考及选考科目适应性试卷含答案.pdf

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1、 高三下学期物理高考及选考科目适应性试卷 一、单项选择题 1.图中大桥为港珠澳大桥，全长55公里，是目前世界上最长的跨海大桥，设计时速为100km/h。某辆汽车在 10：20 驶入大桥，11：00 下桥。从题中表述可获得关于此汽车在桥上运动的信息有 A.位移 B.时间 C.平均速度 D.有无超速 2.“金星凌日是一种比较罕见的天文现象，指某一时刻地球、金星、太阳在一条直线上，这时从地球上可以看到金星就像一个小黑点一样在太阳外表缓慢移动，如下列图，以下说法正确的选项是 A.金星凌日时，地球在金星和太阳之间，B.观测金星凌日时，可以把太阳看成质点 C.观测金星凌日时，以太阳为参考系 3.利用旋涡现

2、象可以测定液体的流速。如下列图为截面图，旋涡发生体垂直于管道放置，在特定条件下，由于旋涡现象，液体的振动频率 f 与旋涡发生体的宽度 D、液体的流速 v 有关。结合物理量的单位分析频率 f 与 v、D 之间的关系式可能正确的选项是其中 k 是一个没有单位的常量 A.B.C.D.4.如图甲所示，一质量为 m 的物体静止放在粗糙水平面上，用一个水平向右的拉力作用后，物体的运动v-t 图像如图乙所示，图像为关于 t2时刻对称的曲线。以下说法正确的选项是 2时刻，物体运动的速度反向 1和 t3时刻，物体的加速度相同 2 t3过程中，拉力 F 变小 5.有一种多功能“人字形折叠梯，其顶部用活页连在一起，

3、在两梯中间某相对的位置用一轻绳系住，如下列图，可以通过调节绳子的长度来改变两梯的夹角。一质量为 m 的人站在梯子顶部，假设梯子的质量及梯子与水平地面间的摩擦不计，整个装置处于静止状态，那么 A.角越大，梯子对水平地面的作用力越大 B.角越大，梯子对水平地面的作用力越小 C.角越大，绳子的拉力越大 D.角越大，人对梯子的压力越大 6.2021 年 4 月 13 日日本政府不计后果断定将福岛核废水排放入海，引起国际社会的共同谴责，核废水即使经处理，但还是含有氚、锶-90、铯-137、碘-129 等放射性元素，核废水一旦排海将在 57 天内扩散至太平洋大半个区域，10 年后蔓延至全球海域。其中 Cs

4、-137 是最具危害的放射性元素，其衰变方程为，Cs 的半衰期约为 30 年，以下说法正确的选项是 B.经过 60 年后，废水中的铯会衰变完 C.排放到海水中，可以改变铯的衰变快慢 7.太赫兹辐射通常指频率在 0.1-10THz 1THz=1012Hz，太赫兹波对人体无危害，多用于国家平安、信息技术领域，被誉为“改变未来世界十大技术之一、通过和电磁波谱比照，以下关于太赫兹波说法正确的选项是 8.实际的过山车并不是严格的正圆轨道，而是上下高、左右窄的扁形轨道，如下列图，某一过山车从确定高度静止下滑，不计一切摩擦，在经过扁形轨道最高点与经过相同高度正圆形轨道最高点相比 9.“跳跳鼠是一种小朋友非常

5、喜欢的玩具，如下列图，弹簧上端连接脚踏板，下端连接跳杆，人在脚踏板上用力向下压缩弹簧，然后弹簧向上弹起，将人和跳杆带离地面。以下说法正确的选项是 A.弹簧弹性势能最大时，人和跳杆的加速度大于 g B.小朋友在玩“跳跳鼠的过程中，小朋友与“跳跳鼠组成的系统机械能守恒 C.从小朋友被弹簧弹起到弹簧恢复原长，弹簧的弹性势能全部转化为小朋友的动能 D.不管下压弹簧程度如何，弹簧都能将人和跳杆带离地面 10.“嫦娥奔月非神话，“破壁飞天化玉娥。“万户精魂佑火箭，屈原“天问下长河。2021 年 7 月 23日 12 时 41 分，文昌航天发射场上，长征五号遥四运载火箭成功将“天问一号火星探测器顺利送入环火

6、星轨道。“天问一号的发射开辟了我国航天史上的新纪元，假设火星与地球的质量之比约为 1：10，半径之比约为 1：2，假设“天问一号在靠近火星外表绕火星做匀速圆周运动，那么关于“天问一号以下说法正确的选项是 B.天问一号在“近火轨道绕火星运动的速度约为地球第一宇宙速度的 倍 C.“天问一号在火星外表受到的重力约为地球外表受到重力的 D.“天问一号绕火星运动的周期为绕地球运动最小周期的 倍 11.如图甲所示，两个点电荷、固定在 x 轴上，其中 位于原点 O，a、b 是它们连线延长线上的两点。现有一带负电的粒子 q 以一定的初速度从 a 点开始沿 x 轴正方向运动粒子只受电场力作用，设粒子经过 a、b

7、 两点时的速度分别为、，其速度随坐标 x 变化的图像如图乙所示，那么以下判断正确的选项是 B.x=3L 处场强一定为零 D.带负电且电荷量大于 12.绍兴市中考体育工程“垫排球要求一分钟垫 72 个能得总分值，排球质量为 260g，有效高度为离地2m。小明同学在某次测试中一分钟连续垫了 75 个，假设每次在空中的时间相等，每次与手部平均作用时间为 0.2s，那么 13.如下列图，顶角为 的光滑绝缘圆锥，置于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度为 B，现有质量为m，带电量为 的小球，沿圆锥面在水平面内做匀速圆周运动，那么 A.从上往下看，小球做顺时针运动 C.小球有最小运动半径 D.小球以最小半径运

8、动时其速度 二、多项选择题 14.如下列图，图甲是 LC 振荡回路中电流随时间的变化关系，假设以图乙回路中顺时针方向的电流为正，a、b、c、d 均为电场能或磁场能最大的时刻，以下说法正确的 A.图乙中的 a 是电场能最大的时刻，对应图甲中的 时刻 B.图乙中的 b 是电场能最大的时刻，此后的 内电流方向为正 C.图乙中的 c 是磁场能最大的时刻，对应图甲中的 时刻 D.图乙中的 d 是磁场能最大的时刻，此后电容 C 的下极板将充上正电荷 15.为了研究某种透明新材料的光学性质，将其压制成半圆柱形，如图甲所示一束激光由真空沿半圆柱体的径向与其底面过O 的法线成 角射人CD 为光学传感器，可以探测

9、光的强度从 AB 面反射回来的光强随角 变化的情况如图乙所示现在将这种新材料制成的一根光导纤维束弯成半圆形，暴露于空气中(假设空气中的折射率与真空相同)，设半圆形外半径为 R，光导纤维束的半径为 r那么以下说法正确的选项是 A.该新材料的折射率 n 1 B.该新材料的折射率 n1 C.图甲中假设减小入射角，那么反射光线和折射光线之间的夹角也将变小 D.用同种激光垂直于光导纤维束端面EF射入，如图丙假设该束激光不从光导纤维束侧面外泄，那么弯成的半圆形半径 R 与纤维束半径 r 应满足的关系为 16.在x轴正半轴和负半轴存在两种不同材质的绳子，x=-6m和x=12m处为两波源，分别向右、向左传播形

10、成振幅均为 4cm 的简谐横波，波形如下列图。t=0 时刻 x=-2m 和 x=4m 处的质点刚好开始振动，左右两种介质的传播速度之比为 1：2，t=0s 到 s 时间内 P 点经过的路程为 6cm，那么以下说法正确的选项是 A.t=0 时刻 P 处质点向右运动 D.两列波相遇后在 x=2m 处质点的振幅为 8cm 三、实验题 17.如图甲所示是探究加速度与力关系的实验装置，实验步骤：a、把长木板放在桌面上，固定好打点计时器，装好纸带和小车，再调节木板的倾斜程度，平衡摩擦力；b、砝码盘和每个砝码的质量均为 5 克，将 5 个砝码放到小车上，并把小车用细线跨过轻质滑轮与砝码盘相连，翻开电源，释放

11、小车，得到第一条纸带，算出小车的加速度；c、取小车的上的一个砝码放入砝码盘中，翻开电源，释放小车，得出第二条纸带，同时算出小车的加速度；d、依次重复上述 c 操作，直至将 5 个砝码全部转移到砝码盘中；e、描点分析加速度与力的关系得到如图乙所示。1图乙中横坐标 F 表示为_ 2该实验方案是否必需保证砝码和砝码盘的质量远小于小车和车上砝码的质量？_填“是或“否 3依据图乙可计算出小车的质量为_ g结果保存三位有效数字。18.某同学用图甲装置在做“探究碰撞中的不变量实验时，入射小球和被碰小球的质量关系为 实验后，两小球在记录纸上留下三处落点痕迹如图乙所示。他将米尺的零刻线与O点对齐，测量出O点到三

12、处平均落地点的距离分别为 OA、OB、OC，该同学通过测量和计算发现，两小球在碰撞前后动量守恒，机械能有损失。由此可以判断出图乙中的 B 点是_ A.未放被碰小球，入射小球的落地点 19.多用电表是实验室中常用的测量仪器，如图甲所示为多量程多用电表示意图。1通过一个单刀多掷开关 S，接线柱 B 可以分别与触点 1、2、3、4、5、6 接通，从而实现使用多用电表测量不同物理量的功能。关于此多用电表，以下说法中正确的选项是_；B.当 S 接触点 1 或 2 时，多用电表处于测量电流的挡位，且接 1 时的量程比接 2 时大 C.当 S 接触点 3 时，多用电表处于测量电阻的挡位，倍率越大，滑动变阻器

13、接入阻值越大 D.当 S 接触点 5 或 6 时，多用电表处于测量电压的挡位，且接 5 比接 6 时量程大 2实验小组用多用电表测量电源的电动势和内阻。器材有：待测电源电动势约为 8V，定值电阻R0=8.0，多用表一只，电阻箱一只。连接实物如图乙所示，测量时应将多用电表选择开关调到直流电压_选填“2.5V或“10V档；3 测得并记录多组数据后，得到对应的 图，如图丙所示，那么电源电动势 E=_V，内阻r=_结果保存三位有效数字 四、解答题 20.新疆的农业已经进入高度自动化时代，棉花、番茄等农作物的采摘根本采用机械化设备。如图甲所示是番茄自动化采摘设备，其输送番茄的装置可简化为如图乙所示传送带

14、。A、B 间距为 L=4m，与水平方向夹角为，以v=1m/s速度顺时针传送，质量m=100g的番茄与传送带间动摩擦因数=0.8，现把番茄从 A 点无初速释放，sin37=0.6，cos37=0.8，不考虑番茄转动。1求番茄刚释放时的加速度大小；2求番茄从 A 点到 B 点运动的时间 t；3画出运动过程中摩擦力大小和时间的 F-t 图。21.如下列图，AC 水平轨道上 AB 段光滑，BC段粗糙，且 LBC=2m，CDF为竖直平面内半径为 R=0.2m 的光滑半圆轨道，两轨道相切于 C 点，CF 右侧有电场强度 E=1.5103N/C 的匀强电场，方向水平向右。一根轻质绝缘弹簧水平放置，一端固定在

15、 A点，另一端与带负电滑块 P接触但不连接，弹簧原长时滑块在 B点。现向左压缩弹簧后由静止释放，当滑块 P 运动到 F 点瞬间对轨道压力为 2N。滑块 P 的质量为 m=200g，电荷量为 q=-1.010-3C，与轨道 BC 间的动摩擦因数为=0.2，忽略滑块 P 与轨道间电荷转移。1求滑块从 F 点抛出后落点离 C 的距离：2求滑块到 C 点时对轨道的压力 3欲使滑块 P 沿光滑半圆轨道 CDF 运动时不脱离圆弧轨道，求弹簧释放弹性势能大小取值范围。22.磁悬浮列车的制动方式有两种：电制动和机械制动，电制动是利用电磁阻尼的原理，机械制动是利用制压在轨道上产生摩擦阻力进行制动。对下面模型的研

16、究有利于理解磁悬浮的制动方式。如图甲所示，有一节质量为 m=50t 的磁悬浮列车，车厢底部前端安装着一个匝数为 N=50 匝，边长为 L=2m 的正方形线圈，总电阻为 R=64，线圈可借助于控制模块来进行闭合或断开状态的转换。两平行轨道间距也 L=2m，在 ABCD 刹车区域内铺设着励磁线圈，产生的磁场如图乙所示，每个单元为一边长为 L 的正方形，其间磁场可视为 B=2T 的匀强磁场。现列车以 v0=360km/h 速度进站，当线圈全部进入刹车区时，调节控制模块使列车底部线圈闭合，采用电制动的方式。当列车速度减为 v1时，调节控制模块使列车底部线圈断开，转为机械制动的方式，所受阻力为车厢重力的

17、0.05倍，机械制动20s，列车前部刚好到达CD处速度减为0，不计列车正常行驶时所受的阻力。求 1列车底部线圈全部进入刹车区域时的加速度；2列车刹车过程中产生的焦耳热；3列车刹车过程的总位移。23.为了研究行星的磁场对宇宙高能粒子及行星生态坏境的作用，研究小组研究建立了以下模型。如下列图，在圆心为、半径为 R 的接地的金属圆柱外，有一个匀强磁场均匀的分布在半径为 R、2R 的两边界、之间的圆环区域内，磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小为 B未知。在磁场左侧有一长为4R 的带状粒子源，中点为，可以放出速度大小为 v0、方向平行 O1O2连线的带正电粒子。带电粒子沿线均匀分布，每单位时间放出的粒

18、子数为 n0带电粒子的比荷为，不计重力及任何阻力。1假设从 O2点放出的粒子，恰好能被金属圆柱接收到，求磁感应强度 B；2假设，求圆柱在单位时间内接收到的粒子数；3假设，在边界上安放探测器来统计离开磁场的粒子数，请指出探测器能探测到粒子时所处的位置，并计算探测器单位时间内探测到的粒子数 n2 答案解析局部 一、单项选择题 1.【解析】【解答】AC港珠澳大桥，全长 55 公里，路程不是位移，根据题目所给条件无法知道汽车的位移，所以也无法知道汽车的平均速度，AC 不符合题意；B根据“某辆汽车在 10：20 驶入大桥，11：00 下桥可知汽车运动时间是 40 分钟，B 符合题意；D根据题目所给条件无

19、法知道汽车各个时刻的瞬时速度，也就无法知道汽车有无超速，D 不符合题意。故答案为：B。【分析】时刻的长度为零，对应时间轴上的一点，时间的长度不为零，有一定的长度，对应时间轴上一块线段。位移与路程是两个不同的物理量，位移是由起点指向终点的有向线段，是矢量，路程是物体运动轨迹的长度，是标量。2.【解析】【解答】A“金星凌日现象的成因是光的直线传播，当金星转到太阳与地球中间且三者在一条直线上时，金星挡住了沿直线传播的太阳光，由此可知产生金星凌日现象时，金星在地球和太阳之间，A 不符合题意；B观测金星凌日时，太阳的大小和形状不能忽略，如果将太阳看成质点，就不能看到金星凌日现象，不可以将太阳看成质点，B

20、 不符合题意；C观测金星凌日现象时，看到金星在太阳的外表缓慢移动，是以太阳为参考系，C 符合题意；D由太阳的吸引力提供地球和金星绕太阳公转的向心力，那么有 其角速度 金星的轨道半径小于地球的轨道半径，其轨道半径不相同，角速度不相同，D 不符合题意。故答案为：C。【分析】金星凌日时其金星在地球和太阳之间；观察金星凌日不能把太阳作为质点，是以太阳为参考系；利用引力提供向心力结合半径不同可以判别角速度不同。3.【解析】【解答】A根据频率单位为 Hz(秒的负一次方)，速度单位为 m/s，长度单位为 m，可知 A 符合题意；B同理，可得 B 不符合题意；C同理，可得 C 不符合题意；D同理，可得 D 不

21、符合题意。故答案为：A。【分析】利用表达式对应单位的代入后单位是否相等可以判别频率和流速及宽度之间关系式。4.【解析】【解答】A图像面积代表位移，所以整个过程物体的位移不是零，A 不符合题意；Bt2时刻前后，速度均为正方向，未发生方向改变，B 不符合题意；C图像斜率代表加速度，t1和 t3时刻，物体的加速度大小相等，方向相反，C 不符合题意；Dt2 t3过程中，加速度变大，根据牛顿第二定律 拉力 F 变小，D 符合题意。故答案为：D。【分析】利用图像面积可以判别物体位移的大小；利用速度的符号可以判别运动的方向；利用图像斜率可以判别加速度的方向；利用图像斜率可以判别拉力的大小变化。5.【解析】【

22、解答】AB对人和梯子整体，进行分析，有 根据牛顿第三定律，可知梯子对水平地面的作用力与水平地面对梯子的支持力等大，与 角无关。AB 不符合题意；C对一侧的梯子，受力分析有人给的沿梯子向下的压力，地面给竖直向上的支持力，绳子给的水平方向的拉力，如图 可知 角越大，绳子的拉力越大。C 符合题意；D把人的重力分解成沿梯子的两个分力，有 可知，角越大，人对梯子的压力越小。D 不符合题意。故答案为：C。【分析】利用整体的平衡方程可以判别水平面对梯子的支持力与角度的大小无关；利用一侧梯子的平衡方程结合角度的变化可以判别绳子的拉力大小变化及人对梯子的压力大小变化。6.【解析】【解答】A衰变方程中的电子来自于

23、铯的一个中子转化为一个质子同时生成一个电子，A 不符合题意；B半衰期并不是经过两个半衰期就衰变没了，而是剩余原来的，B 不符合题意；C半衰期与外界因素无关，只与自身有关，C 不符合题意；D反响释放能量，所以 Ba 的比结合能比 Cs 大，D 符合题意。故答案为：D。【分析】衰变方程中的电子是来自于原子核内部；铯经过两个半衰期后其质量只剩下原来的四分之一；半衰期的大小与外界因素无关；利用核反响释放能量可以判别生成物的比结合能大于反响物的比结合能大小。7.【解析】【解答】A微波的频率为 红外线光子的频率 那么太赫兹波的频率高于微波，低于红外线，根据爱因斯坦的光子说，可知它的光子的能量比红外线光子的

24、能量更小，A 不符合题意；B由于它的频率比紫外线更小，所以它的能量小于紫外线，故它更难使金属发生光电效应，B 符合题意；C它的频率大于微波，但波长小于微波，而发生衍射现象的条件是尺度或者孔径小于波长，但是它的波长比微波还小，所以，很难有物体的尺度能到达这么小，故比微波不容易发生衍射现象，C 不符合题意；D由于频率越高，其穿透力越强，故其比 X 射线穿透能力更弱，D 不符合题意。故答案为：B。【分析】利用光的波长可以比较光的频率大小，利用频率的大小可以比较光子能量的大小；利用光子的能量大小可以判别能否发生光电效应；利用波长的大小可以判别衍射现象的明显程度；利用频率的上下可以比较光的穿透性强弱。8

25、.【解析】【解答】AB过山车下滑后，只有重力做功，机械能守恒，故经过扁形轨道最高点时和圆轨道最高点时的机械能不变，速度不变，AB 不符合题意；CD经过扁形轨道最高点时，对应的轨道半径更小，根据公式有 故经过扁形轨道时对轨道的压力更大，加速度更大。C 不符合题意；D 符合题意。故答案为：D。【分析】过山车下滑过程只有重力做功其机械能守恒；所以经过最高点的速度大小不变；利用牛顿第二定律可以比较压力和加速度的大小。9.【解析】【解答】A弹性势能最大时，人和跳杆的合力大于重力，所以加速度大于重力加速度，A 符合题意；B小朋友用力下压弹簧的过程，小朋友消耗的化学能转换成机械能，故小朋友与“跳跳鼠组成的系

26、统机械能不守恒，B 不符合题意；C从小朋友被弹簧弹起到弹簧恢复原长，弹簧的弹性势能转化为小朋友和跳杆的动能、小朋友和跳杆的重力势能，C 不符合题意；D下压弹簧程度比较小时，弹簧弹性势能比较小，弹簧不能将人和跳杆带离地面，D 不符合题意。故答案为：A。【分析】当弹性势能最大时，其人和跳杆的合力大于重力反弹所以其加速度大于重力加速度；人在玩的过程由于小朋友消耗化学能所以系统机械能不守恒；当被弹起时其弹簧的弹性势能转化为小朋友和跳杆的机械能；假设下压的弹簧形变量比较小时人和跳杆不能离开地面。10.【解析】【解答】A因为“天问一号是绕火星飞行，故其发射速度小于 16.7km/s，A 不符合题意；B由万

27、有引力提供卫星做圆周运动的向心力，即有 又火星与地球的质量之比约为 1：10，半径之比约为 1：2，那么天问一号在“近火轨道绕火星运动的速度约为地球第一宇宙速度的 倍，B 不符合题意；C在星球外表时，有 又火星与地球的质量之比约为 1：10，半径之比约为 1：2，即 那么“天问一号在火星外表受到的重力约为地球外表受到重力的，C 符合题意；D“天问一号绕火星外表做匀速圆周运动时，周期最小，根据 那么有 D 不符合题意。故答案为：C。【分析】天问一号绕火星飞行所以其发射速度大于第二宇宙速度小于第三宇宙速度；利用引力提供向心力可以求出天问一号在火星外表第一宇宙速度的大小；利用引力形成重力可以求出重力

28、大小的比值；利用引力提供向心力可以求出运行周期的比值。11.【解析】【解答】A带电粒子在电场中只受电场力作用，电势能和动能之和不变，由图可知，在 a、b连线的中点 3L 处，动能最大，电势能最小，因为粒子带负电荷，所以 a、b 连线的中点 3L 处电势最高，A不符合题意；B在 3L 点前做加速运动，3L 点后做减速运动，可见 3L 点的加速度为 0，那么 x=3L 处场强为零，B 符合题意；C根据A选项分析可知，a点动能比b点小，电势能比b点大，所以a点的电势比b点低，C不符合题意；D由于在 x=3L 点前做加速运动，所以 Q2带负电，3L 点的加速度为 0，那么有 故 Q2带正电且电荷量小于

29、 Q1 ，D 不符合题意。故答案为：B。【分析】带电粒子在 ab 中点其动能最大那么电势能最小，结合粒子带负电那么在 ab 中点电势最高；利用图像斜率可以判别加速度的大小进而判别电场强度的大小；利用动能的大小可以比较电势能的大小，利用电势能的比较可以比较电势的大小；利用平衡方程可以比较点电荷的电荷量大小。12.【解析】【解答】A一分钟连续垫了 75 个，每次与手部平均作用时间为 0.2s，每次垫球后排球在空中运动时间约为 A 不符合题意；B垫球后球离开手的高度约为 B 不符合题意；C排球弹起速度与下落速度相等 根据动量定理 解得 C 符合题意；D垫球瞬间，排球克服重力做功几乎为 0，那么克服重

30、力做功的功率约为 0，D 不符合题意。故答案为：C。【分析】利用球和手接触的作用时间及垫球的个数可以求出垫球后排球在空中运动的时间；利用运动的时间结合位移公式可以求出排球上升的高度；利用速度公式可以求出排球下落的时间，结合动量定理可以求出手对球的作用力大小；利用垫球瞬间重力做功的大小可以判别克服重力做功的大小。13.【解析】【解答】小球在运动过程中受重力、支持力和指向圆心的洛伦兹力，才能够做匀速圆周运动，根据安培左手定那么可知从上往下看，小球做逆时针运动，洛伦兹力与支持力的合力提供向心力 根据牛顿第二定律，水平方向 竖直方向 联立可得 因为速度为实数，所以 可得 解得 所以最小半径为 代入上面

31、可得小球以最小半径运动时其速度 故答案为：D。【分析】对小球进行受到分析，利用合力方向结合左手定那么可以判别小球运动的方向；利用受力分析可以判别支持力和洛伦兹力的合力提供向心力；利用牛顿第二定律可以去除最小的轨道半径，利用轨道半径的大小可以求出速度的大小。二、多项选择题 14.【解析】【解答】A图乙中的 a 是电场能最大的时刻，由上极板带正电，即充电时电流沿顺时针方向，对应图甲中的 时刻，A 不符合题意；B图乙中的 b 是电场能最大的时刻，由下极板带正电，此后的 内放电，电流沿顺时针方向，B 符合题意；C图乙中的 c 是磁场能最大的时刻，此后磁场能转化为电场能，由楞次定律判断，电流方向为逆时针

32、方向，图甲中的 时刻电流为逆时针方向，C 符合题意；D图乙中的 d 是磁场能最大的时刻，此后磁场能转化为电场能，由楞次定律判断，电流方向为顺时针方向，此后电容 C 的下极板将充上负电荷，D 不符合题意。故答案为：BC。【分析】图乙中为充电结束那么其为电场能最大的时刻，其上极板带正电那么充电时电流方向为瞬时值那么对应图甲中的 T 时刻；图 b 中也为电场能最大的时刻，利用对应的位置可以判别四分之一后其感应电流的方向；图乙中的 c 和 d 都是磁场能最大的时刻，利用楞次定律可以判别其电流方向及极板电性。15.【解析】【解答】AB.由题图乙知，当 时发生全反射，那么有：A 符合题意，B 不符合题意；

33、C.图甲中假设减小入射角，根据反射定律和折射定律可知反射角和折射角都减小，那么反射光线和折射光线之间的夹角也将变大，C 不符合题意；D.激光不从光导纤维束侧面外泄的临界条件是入射光在外侧面处发生全反射，临界光路如下列图，可得：解得：，所以该束激光不从光导纤维束侧面外泄，那么弯成的半圆形半径 与纤维束半径 应满足的关系为，D 符合题意 【分析】利用临界角的大小可以求出该材料的折射率的大小；当减小入射角的大小，利用折射定律和反射定律可以判别反射光线和折射光线之间夹角的大小；激光不从光导纤维侧面射出的临界条件时发生全反射，利用几何关系可以求出半圆形半径与纤维束的半径大小关系。16.【解析】【解答】A

34、参与振动的质点，只能垂直与传播方向上下振动，不会左右运动。A 不符合题意；B根据波的传播速度与周期波长关系，可得 由图可知，两列波的波长分别为 依题意，有左右两种介质的传播速度之比为 1：2。带入上式，可得两列波的周期相同。B 符合题意；C研究向右传播的波，根据波的振动方程，有 可得 依题意可知 解得 故向左传播的波的周期也为 1s。根据波的速度公式可知左右两种介质的传播速度分别为 C 符合题意；D依题意，从 t=0 开始，向右传播的波传到 x=2m 处需 向左传播的波传到 x=2m 处需 综上所述，当向右传播的波传到 x=2m 处，向左传播的波已经使 x=2m 处的质点振动了半个周期，回到了

35、平衡位置且向上振动，并且向右传播的波起振方向也是向上振动，故该点为振动加强点，其振幅为 2A，即 8cm。D 符合题意。故答案为：BCD。【分析】质点不会随波进行移动；利用波长的大小结合波速的大小可以判别两列波的周期相等；利用振动方向及质点的位移可以求出质点振动的时间，结合位移及传播距离的大小可以求出波的周期大小，利用周期的大小可以求出波速的大小；利用质点间的距离可以判别波传播的时间，利用波的振幅叠加可以求出质点的振幅大小。三、实验题 17.【解析】【解答】1根据实验装置图可知，图像过原点，已经平衡了摩擦力，所以小车所受到的合力为砝码和砝码盘的重力的大小，即图乙中横坐标 F 表示砝码和砝码盘的

36、重力。故答案为：B。2本次实验小车的质量和砝码和砝码盘的质量同时改变，当钩码都在小车上时，对整体受力分析可得 当有一个钩码放在砝码盘的时候 因此以整体为研究对象，可以看到钩码和砝码盘的质量就是合力，所以该实验方案不需要保证砝码和砝码盘的质量远小于小车和车上砝码的质量。3以整体受力分析可得 可得 解得 【分析】1由于实验已经平衡摩擦力那么其图像横坐标代表砝码和砝码盘的重力；2利用整体的牛顿第二定律可以判别不需要满足质量要求；3利用图像斜率结合整体的牛顿第二定律可以求出小车质量的大小。18.【解析】【解答】1假设入射小球和被碰小球的质量关系为 m1=2m2 那么表达式为 代入上式比照可得 2OC=

37、2OA+OB 三个小球下落的高度相同，设入射小球的速度是 v0 ，碰后速度为 v1 ，被撞小球的速度为 v2 ，因此动量守恒为 比照可得 B 点是被碰小球碰撞后的落地点，AB 不符合题意，C 符合题意。故答案为：C。【分析】1利用小球的质量关系结合动量守恒定律可以判别其小球平抛运动位移关系，利用位移的大小可以判别小球的落地位置。19.【解析】【解答】1A图中 B 接 3、4 接线柱时，由于 B 连接的是电源正极，根据电流从红表笔流入，从黑表比流出，B 为黑表笔，A 不符合题意；B当 S 接触点 1 或 2 时，且电路中没有电源，由于表头和电阻并联，故改装成了电流表，且接 1 时电阻更小，故接

38、1 时的量程更大，B 符合题意；C当 S 接点 3 时，电表内部有电源，故多用表为欧姆档，倍率越大，欧姆表的内阻越大，接入的滑动变阻器阻值越大，C 符合题意；D当开关 S 接 5 或 6 时，多用表为电压档，但接 6 时串联的电阻更大，故接 6 时量程更大，D 不符合题意。故答案为：BC；2测量电源电动势约为 8V，故测量时应选择电压“10V档；3根据丙图和闭合电路欧姆定律可知 整理可得 故由此可知，图像的纵截距和斜率分别为，【分析】1利用红进黑出可以判别表笔的颜色，利用并联的电阻越小可以判别其电流表的量程越大；利用串联的电阻越大可以判别电压表的电阻越大；利用内阻的大小可以判别其欧姆表的倍率大

39、小；2利用电动势的大小可以判别电压的挡位；3利用闭合电路的欧姆定律结合图像斜率和截距可以求出电动势和内阻的大小。四、解答题 20.【解析】【分析】1番茄刚开始释放时做匀加速直线运动，利用牛顿第二定律可以求出加速度的大小；2番茄在传送带上先做匀加速后做匀速运动，利用速度位移公式可以求出匀加速的位移大小，利用匀加速的速度公式可以求出匀加速的运动时间，利用匀速运动的位移公式可以求出匀速运动的时间；3匀加速运动时，番茄受到滑动摩擦力的作用，匀速运动时番茄受到静摩擦力的作用，利用摩擦力的大小及运动的时间可以画出对应的图像。21.【解析】【分析】1从 F 点抛出后，滑块做平抛运动。2选择 C 到 F 这个

40、过程，根据动能定理可以求出 C 点的速度，根据牛顿第二定律可以求出支持力。3不脱离轨道分了两种情况，要么能够做圆周运动通过最高点 F，要么运动到跟圆心 O 登高处速度减为零。22.【解析】【分析】1线圈进入磁场时，线圈切割磁场产生电动势，利用动生电动势的表达式可以求出电动势的大小，结合欧姆定律可以求出回路中电流的大小，结合安培力的表达式和牛顿第二定律可以求出加速度的大小；2列车机械制动的过程，利用牛顿第二定律可以求出减速的加速度大小，结合速度公式可以求出开始机械制动的速度大小，利用能量守恒定律可以求出产生的焦耳热大小；3电制动的过程，利用动量定理可以求出列车运动的位移，机械制动时，利用平均速度公式可以求出刹车的位移大小。23.【解析】【分析】1粒子进入磁场后当轨迹与圆柱体相切时，利用几何关系可以求出轨道半径的大小，结合牛顿第二定律可以求出磁感应强度的大小；2磁感应强度的大小，结合牛顿第二定律可以求出轨道半径的大小，利用轨迹和圆柱体相切可以判别粒子可以打在圆柱体上的范围，利用几何关系可以求出圆柱在单位时间内接收到的粒子数；3磁感应强度的大小可以求出轨道半径的大小，结合轨迹和圆柱相切可以求出粒子可以被探测的竖直方向长度，利用比例可以求出单位时间内被探测到的粒子总数。