2021年上海市徐汇区中考物理模拟试卷(5月份)(附答案详解).pdf

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1、第 1 页，共 20 页 2021 年上海市徐汇区中考物理模拟试卷（5 月份）1.在原子中，不带电的粒子是()A.中子 B.电子 C.质子 D.核子 2.在研究光现象的实验时，小红在玻璃杯中放入一根木棒，从侧面观察到如图甲所示，当他倒入一定量水后，从同样的角度观察这根木棒时，最符合实际情况的是()A.B.C.D.3.如图所示的杠杆中，所画 F 力臂正确的是()A.B.C.D.第 2 页，共 20 页 4.甲、乙两小车同时沿同一直线分别从 P、Q 两点由静止开始做匀速直线运动，它们的 图像如图所示，经 6s后两车相距 10m，结合图像可知()A.甲车速度小于乙车速度 B.若 P、Q相距 10m，

2、则两车运动方向可能相同 C.两车一定会相遇 D.P、Q相距可能为 100m 5.如图所示为某自助餐厅设置的称重电子台秤的电路图，1为定值电阻，2为滑动变阻器，电源电压恒定。秤盘中不放重物时，滑片 P 位于最上端，秤盘中放重物时，秤盘向下移动并带动滑动变阻器的滑片 P 向下滑动。则闭合开关后，下列说法正确的是()A.当盘中不放重物时，电路中电流为零 B.向盘中增加重物时，电流表示数变大 C.向盘中增加重物时，电阻2的电压变大 D.向盘中增加重物时，电阻1电功率变小 6.均匀正方体甲、乙置于水平地面上，对水平地面的压强分别为甲、乙。现沿水平方向切去部分后，如图所示，甲、乙剩余部分的高度和质量均相等

3、。下列关于甲、乙的密度甲、乙和甲、乙正方体对水平地面的压强甲、乙大小的判断。正确的是()A.甲=乙，甲 乙 B.甲=乙，甲 乙，甲 乙 D.甲 乙，甲，分别将其按图()、()所示放置。第 4 页，共 20 页 图()中，A 球对 B 球的吸引力_ B球对 A球的吸引力(选填“大于”、“等于”或“小于”)。理由是：_。图()中A球对B球的吸引力_ 图()中A球对B球的吸引力(选填“大于”、“等于”或“小于”)。理由是：_。13.如图所示，请根据小磁针 N极的指向，标出给定磁感线的方向，并在括号内标出电源的正、负极。14.在图中，根据给出的入射光线 AO 画出反射光线 OB，并标出反射角及其度数。

4、第 5 页，共 20 页 15.将质量为0.5的水加热，水温从20升高70，求在此过程中水吸收的热量吸。(已知：水=4.2 103/()16.在探究“平面镜成像的特点”实验中，用_作为平面镜进行实验，便于确定_。在“验证凸透镜成像规律”的实验中，所用凸透镜焦距可能为 5厘米、10厘米或 15 厘米中的一个，当光源分别位于图所示的 A、B、C、D位置时，能通过凸透镜得到两次缩小的像和两次放大的像，则蜡烛在 A 位置时成的是_(选填“放大”、“缩小”或“等大”)，该凸透镜焦距为_厘米。17.如图所示，底面积为102米2、高为0.4米长方体甲(甲=2 103千克/米3)和底面积为2 102米2的薄壁

5、柱形容器乙放在水平地面上。乙容器足够高，内盛有0.1米深的水。(1)求甲的质量甲。(2)求水对乙容器底部的压强水。(3)现沿水平方向将长方体甲截取一定的厚度，并将截取部分竖直放入乙容器中，使得水对容器底部的压强最大，且长方体甲对地面的压强减少量最小，请求出甲对地面的压强减少量。第 6 页，共 20 页 18.如图所示，1的阻值为 10 欧，R2 为标有“20 欧 1 安”字样的滑动变阻器，电路电源电压保持不变。当滑片 P 在某位置时，电路中的电流为0.4安，()求此时1两端的电压1。()求 10 秒内，通过1的电量1。(3分)若用0来替换1，并在电路中接入一个电压表，闭合开关时，观察到电流表时

6、数为0.4，电压表示数为 4V，接着在保证电路正常工作的情况下向某一方向移动滑片，发现电压表最大变化量为 3V，求0的阻值及电源电压 U。19.为了“研究实心圆柱体放入水中静止时，水对容器底部的压强增加量 水与哪些因素有关”。现有底面积为0.01米2的薄壁柱形容器，某小组同学将两个高度均为0.2但底面积不同的实心金属圆柱体分别逐步浸入该柱形容器的水中，如图所示。他们测出水对容器底部的压强增加量 水，并将相关数据记录在表中。表一圆柱体甲 实验序号/米 水/帕 水/帕 1 0 1960 2 0.05 2240 280 3 0.10 2520 560 4 0.15 2800 840 5 0.20 3

7、080 1120 第 7 页，共 20 页 表二圆柱体乙 实验序号/米 水/帕 水/帕 6 0 1960 7 0.05 2380 420 8 0.10 2800 840 9 0.15 3220 1260 10 0.20 3430 1470 分析比较实验序号 1与 2与 3与 4与 5或 6与 7与 8与 9中 水与 h的倍数关系及相关条件可初步得出：同一圆柱体浸入同一柱形容器的水中时，_；分析比较实验序号 10 中 水与 h的数据并不符合上述结论，请分析说明出现这一现象的原因是_；根据表中数据，可推理出甲、乙两圆柱体底面积之比甲：乙=_。20.小组同学在“测定小灯泡的电功率”实验中，现有学生电

8、源(电压可调节为 2V、4V、6V、8V、10)、待测小灯(标有“0.3”字样，额定功率不大于 1瓦)、电压表、电流表、两个滑动变阻器(：标有“20 2”和 B：“50 1”字样)、开关以及导线若干。小组同学正确串联实验器材，然后将电压表并联在电路中。实验步骤正确，闭合电键时，观察到电流表、电压表的示数分别为0.06安、0.8伏，继续移动滑片，发现电压表示数变大且小灯始终无法正常发光。经过思考后他们仅调整电源电压，重新实验，移动变阻器的滑片至中点位置，可以使小灯泡正常发光。请用笔代替导线连接该小组实验时的电路。该小组所用滑动变阻器的规格为_(选填“A”或“B”)。计算小灯的额定功率及相应的电源

9、电压。_ 第 8 页，共 20 页 答案和解析 1.【答案】A 【解析】解：在原子中，质子带正电，电子带负电，原子核带正电是由于质子带正电，而中子不带电。故选：A。在原子中，质子带正电，电子带负电，原子核带正电。本题考查了原子内各种微粒的电性，难度不大，容易解答。2.【答案】A 【解析】解：图甲所示，当他倒入一定量水后，木棒反射的光从水中斜射入空气中，类似通过厚玻璃砖看物体，光线传播方向在玻璃杯与空气界面发生了偏折，远离法线，折射角大于入射角，所以从侧面透过玻璃杯观察，木棒发生“错位”，人看到的是木棒的虚像。把看到的杯子当成平面图像，筷子在正中央位置是不变的，如果水上的部分偏左，水下的就更偏左

10、。如果水上的部分偏右，水下的就更偏右。综上所述，故 A正确，BCD错误。故选：A。光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生偏折的现象叫做光的折射。光从空气斜射入水中或其他介质中时，折射光线向法线方向偏折。此题考查了光的折射现象的解释，要知道光从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角，这是解答此题的关键。3.【答案】D 【解析】解：AB、因为动力的力臂的做法是过支点作动力作用线的垂线段，而 选项中线段与动力作用线不垂直，故 A、B都错；C、图中，表示力臂的不是支点到动力作用线的垂线段，故 C 错；D、图中表示的是支点到动力作用线的垂线段，故 D正确 故选 D 第 9 页，共 20 页 根据力臂

11、的画法进行分析，即过支点作动力作用线的垂线段 本题考查学生对力臂的画法掌握情况，属于基础题目 4.【答案】B 【解析】解：A、由图象可知，当甲车和乙车都行驶 80m的路程时，甲车的行驶时间是 8s，乙车的行驶时间是 12s，由于甲所用时间小于乙的时间，所以甲的速度大于乙的速度，故 A 错误；BC、由图象可知，当时间都为 6s 时，甲运动的距离为 60m，乙运动的距离为 40m，6秒后两车相距 10m，若两车运动方向相同，则两车间原来的距离为：60 40 10=10，即出发前乙应在甲前方 10m 处，6s时甲在乙前方 10m，运动过程中两车一定相遇；若两车运动方向相反，6s时甲、乙运动的距离之和

12、为 100m，此时两车相距 10m，若两车未相遇，则两车间原来的距离为100+10=110，若两车相遇，则两车间原来的距离为100 10=90，故 B正确，CD 错误。故选：B。(1)比较两车速度的大小关系，可采取两种方法：取时间相同，然后比较路程，路程长的速度大；取路程相同，然后比较时间，时间短的速度大；(2)从图象上找出当时间为 6s时，甲、乙车对应的路程，分两种情况考虑：若两车运动方向相同，两车间原来的距离为甲乙运动的距离之差减去 6秒时两车之间的距离，运动过程中两车一定相遇，类似于数学的追击问题；若两车运动方向相反，首先计算 6s 时甲乙运动的距离之和，若两车未相遇，则两车间原来的距离

13、为甲乙运动的距离之和加上6 秒时两车之间的距离，若两车相遇，则两车间原来的距离为甲乙运动的距离之和减去6 秒时两车之间的距离，类似于数学的相遇问题。本题考查了学生利用速度公式分析图象的能力。本题有一定的难度，需要分两种情况考虑问题。5.【答案】B 【解析】解：由图可知，滑动变阻器2和定值电阻1串联在电路中，电流表测量电路中的电流；A、当盘中不放重物时，电路中有电阻、电压，故电路中电流不为零，故 A 错误；第 10 页，共 20 页 BCD、向盘中增加重物时，滑片向下移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中电流变大，电流表示数变大；滑动变阻器电阻变大，其分担的电压

14、变小；根据=2可知电阻1电功率变大，故 B正确，CD错误。故选：B。分析电路的连接方式，判断电流表和电压表测哪个电路元件的电流和电压，进一步根据欧姆定律判断电流和电压的变化；根据=2判定功率的变化。本题考查的是对串联电路电流和电压规律的掌握并能运用欧姆定律做出正确判断。关键知道滑片移动时电流的流向。6.【答案】C 【解析】【分析】本题主要考查了有关压强和密度的大小比较，关键是知道规则柱状体产生的压强=，然后能推导出两物体 p的大小关系。【解答】(1)由图可知，沿水平方向切去部分后，剩余部分体积甲 乙；(2)设正方体甲、乙边长分别为甲，乙；剩余部分均为长方体，且剩余部分的质量甲=乙；根据=和长方

15、体体积公式可得：甲=甲甲2剩=乙=乙乙2剩；则可得甲甲2=乙乙2-；正方体放在水平地面上对地面的压力等于物体重力，对地面的压强=，所以，切去前甲、乙对地面压强分别为：甲=甲甲，乙=乙乙；由图知乙 甲，即乙甲 1-由可得甲甲乙乙=乙甲 1，第 11 页，共 20 页 所以甲甲 乙乙；即甲 乙；故选：C。7.【答案】电能表 220 330 【解析】解：(1)电能表是测量家庭中消耗电能的仪表；(2)我国家庭电路的电压为 220V，则该充电设备的工作电压=220，充电时工作功率=66，由=可得，充电 5h 消耗的电能：=66 5=330 =330度。故答案为：电能表；220；330。(1)电能表是测量

16、家庭中消耗电能的仪表，即测量电功的仪表；(2)家庭电路的电压为 220V，利用=求充电 5h 消耗的电能，1 =1度。本题考查了电能表的作用、消耗电能的计算，难度不大，属于基础题目。8.【答案】行星 运动 不变 【解析】解：(1)火星是太阳系中的一颗行星；(2)“祝融号”在探测过程中相对于着陆平台位置发生了改变，所以是运动的；(3)探测过程中，“祝融号”的质量不变，所以惯性不变。故答案为：行星；运动；不变。(1)水星、金星、地球、火星、木星、土星、天王星、海王星是太阳的八大行星；(2)判断物体的运动和静止，首先选择一个参照物，被研究的物体和参照物之间如果发生位置的变化，被研究的物体是运动的，否

17、则是静止的；(3)惯性是物体的固有属性，其大小只取决于物体的质量。本题以“祝融号”火星车为背景，考查了对天体的认识、对运动与静止相对性的了解、对惯性概念的理解等，有一定综合性，体现了物理与高科技领域的联系。9.【答案】等于 运动状态 做功 第 12 页，共 20 页【解析】解：(1)平面镜成像特点中，像与物的大小相等，“平面镜中的袋口”是平面镜所形成的像，它的大小应该等于袋口的实际大小；(2)当出杆击球后，球向平面镜运动，球的运动状态由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态；(3)球在桌面上运动时，球的表面温度会升高，球克服摩擦做功，机械能转化为内能，这是通过做功的方式改变了物体的内能。故

18、答案为：等于；运动状态；做功。(1)平面镜成像特点：像与物大小相等；像到平面镜的距离等于物到平面镜的距离；像与物对应点的连线与平面镜垂直；平面镜所成像为虚像。(2)力的作用效果：力可以改变物体的运动状态；力可以改变物体形状。(3)改变物体内能的方式有做功和热传递。本题考查了平面镜成像、力的作用效果、改变物体内能方式的区分，较为基础。10.【答案】10 竖直向上 不变 【解析】解：(1)物体浸没在水中，受到的浮力：浮=水排=1 103/3 10/1 1033=10；浮力方向总是竖直向上的；(2)剪断细线前，物体受到竖直向下的重力=10，竖直向上的浮力=10；剪断细线后，物体仍受到竖直向下的重力和

19、竖直向上的浮力，二力始终大小相等、方向相反、作用在一条直线上，因此物体 A受到合力始终为零，即剪断细线后物体所受的合力大小不变。故答案为：10；竖直向上；不变。(1)根据浮=液排求出物体 A所受浮力，浮力方向总是竖直向上；(2)剪断细线之后，对物体进行受力分析，根据力的合成判断合力大小的变化。本题考查浮力的计算与物体的受力分析，属于常见基础题，需考生熟练掌握。11.【答案】电流 若电压表的示数为 U，说明2断路；若电压表的示数为 0，说明1断路。第 13 页，共 20 页【解析】解：由图知两电阻串联，电压表测量2的电压，电流表测量电路中的电流；(1)闭合开关前，串联电路断路，电流表示数一定为零

20、，再结合题干信息：“闭合开关前后发现，电表示数始终不发生变化”，可知示数一定为零的是电流表。(2)若闭合开关前，电流表无示数，电压表有示数；闭合开关后，电表示数不发生变化，即电流表示数为零，电压表有示数。串联电路中电流为零，说明有元件断路；测量2两端电压的电压表有示数，说明电压表通过1与电源的两极连通，且电阻1、2中仅有一个出现故障，则故障就是2断路(此时电压表串联在电路中测电源电压)。若闭合开关前，电压表无示数，说明电压表与电源的两极不相连，则故障为1断路；闭合开关后，电表示数始终不发生变化，即此时电流表，电压表都无示数，电阻1、2中仅有一个出现故障，也说明是1断路。故答案为：电流；若电压表

21、的示数为 U，说明2断路；若电压表的示数为 0，说明1断路。(1)根据开关断开时，电路是断路，电流为零，和题干中信息“闭合开关前后发现，电表示数始终不发生变化”推断，示数一定为零的什么表；(2)从两个方面分析：若电压表有示数说明闭合开关前后，电压表与电源的两端相连，据此定出故障所在；若电压表无示数说明闭合开关前后，电压表与电源的两端不相连，据此确定出故障所在。电路故障问题是电学测试中经常考查的问题。解决的一般步骤是将每种情况代入题目，根据应该出现的现象和题目中描述的现象进行对比，符合题意的即为正确答案。12.【答案】等于 力的作用是相互的 等于 引力大小只与它们的质量与它们的距离有关 【解析】

22、解：(1)由于力的作用是相互的，所以图()中 A球对 B球的吸引力和 B球对 A球的吸引力是一对相互作用力，它们的大小相等；(2)题目中给出该引力大小与它们质量的乘积成正比与它们距离的平方成反比，与两物体的化学组成和其间介质种类无关，由图中可以看到 AB的质量和距离都没变，所以力的大小也不变，所以图()中 A 球对 B球的吸引力等于图()中 A球对 B球的吸引力。故答案为：等于；力的作用是相互的；等于；引力的大小只与两个物体的质量和距离有关。(1)根据相互作用力的特点回答；第 14 页，共 20 页(2)根据该引力大小与它们质量的乘积成正比与它们距离的平方成反比，与两物体的化学组成和其间介质种

23、类无关，分析解答。本题以万有引力为背景，考查了学生的分析解答能力，难度不大。13.【答案】解：由于异名磁极相互吸引，所以当小磁针自由静止时，与小磁针 N 极靠近的螺线管的左端一定是 S 极；根据图示的线圈绕向和螺线管的 NS 极，利用安培定则可以确定螺线管中电流的方向是从螺线管的左端流入，右端流出，因此电源的左端为正极，右端为负极。磁感线方向从N极指向 S极。答案如下图所示：【解析】根据小磁针的 NS极指向，利用磁极间的作用规律可以确定螺线管的 NS极；根据磁感线特点可确定磁感线方向；根据螺线管的 NS极和线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向，进而可以确定电源正负极。安培定则共涉及

24、三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。在此题的第二问中就是间接告诉了磁场方向和线圈绕向来确定电流方向。14.【答案】解：由图知，法线已画出，入射角为30，则反射角也为30；根据反射角等于入射角，在法线的另一侧画出反射光线，并标出反射角的大小，如图所示：【解析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线并标出反射角及其度数。此题考查了对光的反射光路的画法，首先要掌握光的反射定律的内容，特别是反射角等于入射角，同时考查了入射角与反射角的概念。第 15 页，共 20 页 15.【答案】解：水吸收的

25、热量为 吸=水=4.2 103/()0.5 70=1.47 105。答：水吸收的热量为1.47 105。【解析】(1)热量的计算公式为=。(2)题中指出是“升高70”，则水的温度变化量为70；若题中是“升高到70”，则水的温度变化量为50。我们要注意题中是“升高”还是“升高到”。若不注意，就很容易出错。16.【答案】玻璃板 像的位置 缩小 15 【解析】解：(1)在“探究平面镜成像的特点”实验中，为了便于找到像的位置，并比较像与物的大小关系，需要用玻璃板代替平面镜；(2)当光源分别位于图所示的 A、B、C、D位置时，能通过凸透镜得到两次缩小的像和两次放大的像，成缩小的实像时，物距大于二倍焦距；

26、成两次放大的像，一次是倒立、放大的实像，一次是正立、放大的虚像；根据凸透镜成像特点可知，光源在 A、B位置时成的是倒立、缩小的实像，在 C点时成倒立、放大的实像，在 D点时成正立、放大的虚像，此时的物距应该小于焦距，D点到凸透镜的距离为10.0，则凸透镜的焦距 f大于10.0，所以凸透镜的焦距为 15cm。故答案为：玻璃板；像的位置；缩小；15。(1)在“探究平面镜成像的特点”实验中，为了便于找到像的位置，并比较像与物的大小关系，需要要玻璃板代替平面镜；(2)根据凸透镜的成像规律进行分析：即当 2时，成倒立缩小的实像，当=2时，成倒立等大的实像，当 2时，成倒立放大的实像，当 时，成正立放大的

27、虚像。本题考查了在做平面镜成像实验，探究凸透镜成像实验中，凸透镜的焦距、凸透镜三种成像情况、凸透镜成实像时，物距增大像距减小，像变小、这三种知识点经常出现，一定要熟练掌握。第 16 页，共 20 页 17.【答案】解：(1)由=得甲的质量：甲=甲甲=2 103/3 1 1022 0.4=8；(2)水对乙容器底部的压强：水=1 103/3 9.8/0.1=980；(3)当切割部分恰好浸没在水中时，水对容器底部的压强最大，甲对地面的压强减少量最小。设水面最终深度为，则：乙=水+甲，乙=水+甲，2 1022 =2 1022 0.1+1 1022，解得：=0.2，甲=2 1022(0.20.1)=2

28、1033，甲对地面的压强减少量：甲=2 103/3 9.8/0.2=3920。答：(1)甲的质量为 8kg。(2)水对乙容器底部的压强为 980Pa。(3)甲对地面的压强减少量为 3920Pa。【解析】(1)求出甲的体积，知道甲的密度，利用=求甲的质量；(2)知道乙容器水深，利用=求水对乙容器底部的压强；(3)当切割部分恰好浸没在水中时，水对容器底部的压强最大，甲对地面的压强减少量最小。设此时水面最终深度为，则乙=水+甲，据此求此时水面最终深度；进一步求出截取部分的体积、高度，再利用=求甲对地面的压强减少量。本题考查了密度公式、压强公式的应用，难点在第三问，要知道：当切割部分恰好浸没在水中时，

29、水对容器底部的压强最大，甲对地面的压强减少量最小。18.【答案】解：()由电路图可知，1、2串联。由串联电路的电流特点可知，通过1的电流为0.4，则由=可得，1两端的电压为 第 17 页，共 20 页 1=1=0.4 10=4 ()10秒内，通过1的电量1为 =0.4 10=4 假设.用0来替换1，若电压表接在0两端，则0的阻值为 0=00=40.4=10 .若向左移动滑片使电压表的示数增大，则滑片位于最左端时，电压表的示数增大了 3V，则此时电路为0的简单电路，电压表的示数(电源电压)为 0=0+=4+3=7 此时电流表的示数为 =00=710=0.7 1 故电源电压为 7V，0的阻值为10

30、。.若向右移动滑片使电压表的示数减小，则将滑片移动到最右端时电压表示数的变化量最大，则此时电压表的示数为 0=0 =4 3=1 此时电流表的示数为 =00=110=0.1 则滑动变阻器两端的电压为 滑=2=0.1 20=2 电源电压为 总=滑+0=1+2=3 4 故不合理。假设.用0来替换1，若电压表接在2两端，则2接入电路中的阻值为 2=滑0=40.4=10 由此可列式：总40=0.4 .若向右移动滑片使电压表的示数增大，则电路中的电流将减小。则判断出滑片可移动到了最右端。此时电压表的示数为 滑=滑+=4+3=7 此时电流表的示数为 =滑滑总=720=0.35 第 18 页，共 20 页 由

31、此可列式：总70=0.35 由可得，总=28，0=60。在第问中，假设滑动变阻器已经全部连入电路，则可求得电源电压为 总设=(1+2)=0.4 (10+20)=12 则可知，电源电压不可能大于 12V，则求得的总=28不合理。.若向左移动滑片使电压表的示数减小，则当电流表示数为 1A 时，电压表的示数变化最大(3)，则此时电压表的示数为 0=0=4 3=1 由此可列式：总10=1 由可得，总=6，0=5。符合要求。故答案为：()1两端的电压为 4V；()通过1的电量为 4C。若电压表接在0两端，则电源电压为 7V，0的阻值为10。若电压表接在2的两端，则电源电压为 6V，0的阻值为5。【解析】

32、(1)欧姆定律：=。我们要注意三个物理量的同时性、同一性。(2)电量计算公式为：=。(3)在第问中，电压表可能接在定值电阻两端，也可能接在滑动变阻器两端；电压表的示数可能增大，也可能减小。本题第问并不难，但是第问中，由于题设的不明确，所以需要我们多次假设，所以难度增大。我们在遇到这类问题时，要注意各种假设，不要有疏漏。19.【答案】水对容器底部的压强增加量 水与圆柱体浸入液体的深度 h 成正比 有部分水从容器口溢出 2：3 【解析】解：分析表一中的数据可得，水对容器底部的压强增加量 水与圆柱体甲浸入液体的深度 h的数学关系为：水=5600；分析表二中的除实验序号 10 以外的数据可得，水对容器

33、底部的压强增加量 水与圆柱体乙浸入液体的深度 h的数学关系第 19 页，共 20 页 为：水=8400。由这两个关系式可得，同一圆柱体浸入同一柱形容器的水中时，水对容器底部的压强增加量 水与圆柱体浸入液体的深度 h 成正比。由水对容器底部的压强增加量 水与圆柱体乙浸入液体的深度 h的数学关系 水=8400可以求得，当 水=1470时，圆柱体乙浸入液体的深度=0.175 0.2。由此可以推断，当圆柱体乙浸入液体的深度达到0.175以后，即使圆柱体乙浸入液体的深度增加，水的深度也不再变化，只会有部分水从容器口溢出。以浸入深度=0.05进行分析。当圆柱体甲浸入液体的深度 h 的=0.05时，液面高度

34、的变化量 甲=2801.0103/310/=0.028，则有(甲)甲=甲(甲)，即(0.05 0.028)甲=0.028 (0.012 甲)，解得甲=712502。同理求得乙=2125002。则甲：乙=712502：2125002=2：3。故答案为：水对容器底部的压强增加量 水与圆柱体浸入液体的深度 h成正比；有部分水从容器口溢出。2：3。(1)液体压强计算公式：=。(2)密度一定时，液体的深度增加，则对容器底部的压强增大；深度不变，则对容器底部的压强不变。(3)因柱形容器的底面积较小，则圆柱体浸入水中时，液面的变化较大。在遇到根据表中数据总结结论的试题时，若比较简单，我们可以通过数据直接得出

35、结论；若比较复杂，我们可以利用图象法，将表中数据具体化、形象化，然后再总结结论。20.【答案】A 电源电压为 6V，小灯泡的额定功率为0.9 【解析】解：(1)闭合开关前，滑片在阻值最大处，此时灯泡两端的电压较小，继续移动滑片，滑动变阻器的电阻减小，电路的电流最大，小灯泡两端的电压变大，题目中此时发现电压表示数变大说明电压表并联在小灯泡的两端；根据=知小灯泡两端的电压约为：额=额额10.3 3，故电压表选用0 3的量程与灯泡并联，见下图：第 20 页，共 20 页；(2)刚闭合电键时，滑动变阻器的电阻最大，观察到电流表、电压表的示数分别为0.06安、0.8伏，此时电源电压为：=+滑，即=0.8

36、+0.06 滑，在上述电源电压和滑动变阻器中，只有=2，滑=20符合题意，所以滑动变阻器选用 A；(3)由(2)滑动变阻器选用 A，滑片至中点位置时，滑动变阻器接入电路的电阻为滑=10，小灯泡正常发光，此时=0.3，又因为小灯泡的额定功率小于 1W，即额 1，0.3 额 1，所以额 3.3，电源电压为：=滑+额=滑+额=0.3 10+额=3+额 3+3.3=6.3，所以电源电压为=6，额=3，小灯泡的额定功率为：额=额=3 0.3=0.9。故答案为：(1)见上图；(2)；(3)电源电压为 6V，小灯泡的额定功率为0.9。(1)闭合开关前，滑片在阻值最大处，继续移动滑片，根据电压示数变大判断出电压表的位置，根据=算出小灯泡的额定电压，据此连接电路；(2)刚闭合电键时，滑动变阻器的电阻最大，根据电流表、电压表的示数表示出电源电压，根据题目中的电压值和滑动变阻器的规格判断出选用的滑动变阻器；(3)根据选用的滑动变阻器，判断出滑片至中点位置的电阻，根据小灯泡的额定电功率和额定电流由=判断出小灯泡的额定电压和电源电压，根据=算出小灯泡的额定功率。本题测小灯泡的额定功率实验，考查串联电路的规律、欧姆定律的运用，同时考查了学生推理能力，难度较大。