北京市朝阳区20222023学年物理高三第一学期期中联考模拟试题含解析.pdf

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1、2022-2023 高三上物理期中模拟试卷 注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一列波长大于 1 m的横波沿着 x 轴正方向传播处在 x11 m和 x22 m的两质点 A、B 的振动图象如图所示，由此可知()A波长为43m B波速为 1

2、m/s C3 s 末 A、B 两质点的位移相同 D1 s 末 A 点的振动速度大于 B 点的振动速度 2、如图所示的曲线 a、b 分别是在平直公路上行驶的汽车 a 和 b 的位移时间图线。由图可知()A在 0 到 4s 这段时间内，a 车与 b 车同向运动 B在 0 到 4s 这段时间内，a 车速度逐渐减小，b 车速度逐渐增加 C在 0 到 4s 这段时间内，a 车的平均速度小于 b车的平均速度 D在 4s 时，a 车的瞬时速度大于 b 车的瞬时速度 3、科学思维和科学方法是我们认识世界的基本手段在研究和解决问题的过程中，不仅需要相应的知识，还需要运用科学的方法理想实验有时更能深刻地反映自然规

3、律，伽利略设想了一个理想实验，如图所示 两个对接的斜面，静止的小球沿一个斜面滚下，小球将滚上另一个斜面；如果没有摩擦，小球将上升到原来释放的高度；减小第二个斜面的倾角，小球在这个斜面上仍然会达到原来的高度；继续减小第二个斜面的倾角，最后使它成为水平面，小球会沿水平面做持续的匀速运动 通过对这个实验的分析，我们可以得到的最直接结论是()A自然界的一切物体都具有惯性 B光滑水平面上运动的小球，运动状态的维持并不需要外力 C如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变 D小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小 4、如图所示。斜面倾角为，且1tan2，从斜面上 O点与水平方向成 45角以速度 v

4、0、2v0分别抛出小球 P、Q，小球 P、Q刚要落在斜面上 A、B两点时的速度分别为vP、vQ，设 O、A间的距离为 s1，O、B间的距离为 s2，不计空气阻力，则（）As2=4s1，vP、vQ方向相同 Bs2=4s1，vP、vQ方向不同 C2s1s24s1，vP、vQ方向相同 D2s1s24s1，vP、vQ方向不同 5、研究表明，地球自转在逐渐变慢，3 亿年前地球自转的周期约为 22 小时假设这种趋势会持续下去，地球的其他条件都不变，未来人类发射的地球同步卫星与现在的相比 A距地面的高度变大 B向心加速度变大 C线速度变大 D角速度变大 6、如图所示，相互接触的A、B两物块放在光滑的水平面上

5、，质量分别为m1和m1，且m1 m1现对两物块同时施加相同的水平恒力F，设在运动过程中两物块之间的相互作用力大小为FN，则()A物块B的加速度为2Fm B物块A的加速度为122Fmm CN2FFF DNF不可能为零 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得0 分。7、如图所示，在绕中心轴OO转动的圆筒内壁上，有一物体随圆筒一起转动，在圆筒的角速度逐渐增大的过程中，物体相对圆筒始终未滑动，下列说法中正确的是()A物体所受弹力逐渐增大，摩擦力大小一定不变 B物体所受

6、弹力不变，摩擦力大小减小了 C物体所受的摩擦力与竖直方向的夹角不为零 D物体所受弹力逐渐增大，摩擦力大小可能不变 8、如图所示，倾角=30的斜面 AB，在斜面顶端 B向左水平抛出小球 1、同时在底端A正上方某高度处水平向右拋出小球 2，小球 1、2 同时落在 P点，P点为斜边 AB的中点，则（）A小球 2 一定垂直撞在斜面上 B小球 1、2 的初速度大小一定相等 C小球 1 落在 P点时与斜面的夹角为 30 D改变小球 1 的初速度，小球 1 落在斜面上的速度方向都平行 9、如图所示，质量为 m的木块在水平向右拉力 F 的作用下，在质量为 M 的长木板上向右滑行，长木板处于静止状态已如木块与长

7、木板间的动摩擦因数为1，长木板与地面间的动摩擦因数为2，则（）A长木板受到地面的摩擦力的大小一定是1mg B长木板受到地面的摩擦力的大小一定是2Mm g C1一定小于2 D无论怎样改变 F 的大小，长木板都不可能运动 10、甲、乙两物体从同一地点开始沿同一方向运动，其速度随时间的变化关系如图所示，图中 t422tt ，两段曲线均为14 圆弧，则（）A两物体在 t1时刻加速度相同 B两物体在 t2时刻运动方向均改变 C两物体在 t3时刻相距最远，t4时刻相遇 D0t4时间内甲物体的平均速度等于乙物体的平均速度 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出

8、演算过程。11（6 分）如图所示，是用光电计时器等器材做“验证系统机械能守恒定律”的实验，在滑块上安装一遮光条，把滑块放在水平气垫导轨上并使其静止在A处，滑块通过绕过定滑轮的细绳与钩码相连，光电计时器安装在B处，测得滑块（含遮光条）质量为M、钩码总质量为m、遮光条宽度为d、当地的重力加速度为g，将滑块在图示A位置由静止释放后，光电计时器记录下遮光条通过光电门的时间为t （1）实验中是否要求钩码总质量m远小于滑块质量M_（选填“是”或“否”）（2）实验中还需要测量的物理量是_（用文字及相应的符号表示）（3）本实验中验证机械能守恒的表达式为：_（用以上对应物理量的符号表示）（4）如果系统动能增加量

9、大于重力势能减少量，请指出实验的调节可能出现的问题是_ 12（12 分）某学生用如图甲所示电路测金属导线的电阻率，可供使用的器材有：被测金属导线 ab(电阻约 10，允许流过的最大电流 0.8 A)，稳恒电源 E(电源输出电压恒为E12 V)，电压表 V(量程为 3 V，内阻约为 5 k)，保护电阻：R110，R230，R3200，刻度尺、螺旋测微器，开关 S，导线若干等 实验时的主要步骤如下：用刻度尺量出导线 ab的长度 L，用螺旋测微器测出导线的直径 d.按如图甲所示电路将实验所需器材用导线连接好 闭合开关 S，移动接线触片 P，测出 aP长度 x，读出电压表的示数 U.描点作出 U-x曲

10、线求出金属导线的电阻率.完成下列填空：（1）用螺旋测微器测量金属导线的直径 d，其示数如图乙所示，该金属导线的直径 d_ mm.（2）如果实验时既要保证安全，又要测量误差较小，保护电阻 R应选_（3）根据多次实验测出的 aP长度 x和对应每次实验读出的电压表的示数 U 给出的 U-x图线如图丙所示，其中图线的斜率为 k，则金属导线的电阻率 _.(用实验器材中给出的物理量字母和实验步骤中测出的物理量字母表示)四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，一个“V”形玻璃管 ABC 倒置于竖直平面内，

11、并处于场强大小为 E=1x113v/m，方向竖直向下的匀强电场中，一个重力为 G=1x11-3N，电荷量为q=2X11-6C的带负电小滑块从A点由静止开始运动，小滑块与管壁的动摩擦因数=1 5，已知管长 AB=BC=L=2m，倾角=37，B 点是一段很短的光滑圆弧管，sin37=16，cos37=18，重力加速度 g=11m/s2，求从开始运动到最后静止，小滑块通过的总路程为为多少？14（16 分）如图所示，半径 R1.6 m 的光滑半圆形轨道固定于竖直平面内，下端与传送带相切于 B点，水平传送带上 A、B两端点间距 L16 m，传送带以 v010 m/s 的速度顺时针运动，将质量 m1 kg

12、 的小滑块(可视为质点)放到传送带上，滑块与传送带间的动摩擦因数 0.4，取 g10 m/s2.(1)将滑块在传送带 A端由静止释放，求滑块由释放到第一次经过 B端的过程中：所需时间；因放上滑块，电机对传送带多做的功；(2)若滑块仍由静止释放，要想滑块能通过圆轨道的最高点 C，求滑块在传送带上释放的位置范围。15（12 分）静止在水平面上的 A、B两个物体通过一根拉直的轻绳相连，如图所示。轻绳长 L=1m，承受的最大拉力为 8N，A的质量 m1=2kg，B的质量 m2=8kg，A、B与水平面间的动摩擦因数=0.2，现用一逐渐增大的水平力 F作用在 B上，使 A、B向右运动，当 F增大到某一值时

13、，轻绳刚好被拉断（g取 10m/s2）。(1)求绳刚被拉断时 F的大小。(2)若绳刚被拉断时，A、B的速度为 2m/s，保持此时的 F大小不变，当 A静止时，A、B间的距离为多少?参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】试题分析：波的传播方向从 A传到 B，根据同一时刻两个质点的状态，结合波形，列出A、B间距离与波长的关系，求出波长由图读出周期，求出波速简谐波传播过程中介质中各质点在做简谐运动，加速度的大小与位移大小成正比根据 ls 末两质点的位移关系，分析加速度关系 波从A向B传播，AB间的距

14、离3()4xn，n=0，1，2，由题，波长大于 1m，则n 只能取 0，即有34x，波长43m，波速为1/3vm sT，A 正确 B 错误；3s 末 A、B 两质点的位移分别为20ABycmy，位移不同，C 错误；由振动图象读出，ls 末 A 质点的位移2Aycm，处于波峰，速度最小；B质点的位移0By，处于平衡位置，速度最大，所以 ls 末A质点的速度小于B质点的速度，D 错误 2、B【解析】由图可知，在 0 到 4s 这段时间内，a 车沿 x 轴负方向运动做速度越来越小的直线运动，b 车沿 x 轴正方向运动做速度越来越大的直线运动，A 错误，B 正确；在 0 到4s 这段时间内，a 车的位

15、移为103020axm，平均速度为205/4avm s，b 车的位移为10010bxm，平均速度为102.5/4bvm s，即 a 车的平均速度大于 b 车的平均速度，C 错误；位移时间图象的切线斜率表示该时刻对应的瞬时速度，由此可知在 4s 时，a 车图线的切线斜率小于 b 车图线的切线斜率，D 错误，选 B.3、B【解析】理想斜面实验只能说明钢球具有惯性，推广到一切物体的是牛顿，A 错误；伽利略通过“理想斜面实验”和科学推理，得出的结论是：力不是维持物体运动的原因，光滑水平面上运动的小球，运动状态的维持并不需要外力，B正确；如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变，这是牛顿得出的，C

16、错误；小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小，这是牛顿第二定律内容，D 错误 4、A【解析】设抛出的速度为 v，则水平分速度为 2cos452xvvv 竖直速度为 2sin452yvvv 根据位移关系有 2112tan2yxv tgtyxv t 解得22vtg 则落点与抛出点的距离为 22cos2 cosxv tvsvg 则由题意可知初速度为 v0、2v0分别抛出小球 P、Q，则有 s2=4s1 落到斜面上的速度方向与水平方向的夹角满足 tan0yyxxvvgtvv 即速度方向均为水平，所以 vP、vQ方向相同，故 A正确，BCD 错误。故选 A。5、A【解析】A同步卫星的周期等于地球的

17、自转周期，根据万有引力定律和牛顿第二定律222224MmvGmm rmrrrT 可知，卫星的周期越大，轨道半径越大，所以地球自转变慢后，同步卫星需要在更高的轨道上运行，选项 A 正确；BCD而此时万有引力减小，所以向心加速度减小、线速度减小，角速度减小，故选项 BCD 错误 6、B【解析】A、B 项：由于没有摩擦力，且 m1m1，故两者会一块运动，对整体由牛顿第二定律：122()Fmm a，解得：122Famm，故 A 错误，B 正确；C、D 项：再对 B 受力分析，由牛顿第二定律：2NFFm a，代入加速度解得：2112NmmFFFmm，故 C、D 错误 点晴：由于没有摩擦力，且后面的物体质

18、量小，故两者能一块运动，加速度相同，先整体分析得到加速度，之后再隔离单独对 A 或 B 受力分析，都能得到两物块之间的相互作用力大小为 FN 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得0 分。7、CD【解析】物体受到两个方向的摩擦力，一个是竖直方向的摩擦力，一个是沿圆切线方向的摩擦力，摩擦力合力与竖直方向的夹角不为零，沿切线方向的摩擦力提供切线加速度，改变了物体的线速度，如果圆筒的角速度均匀增加，即切线加速度恒定，则摩擦力大小不变，在水平方向上受筒壁给的弹力，充当

19、向心力，当角速度增大时，根据2Fmr可得向心力增加，即弹力增大，故 CD 正确，AB 错误；故选 CD。【名师点睛】解决本题的关键知道向心力的来源，以及知道向心力只改变速度的方向，切线方向合力产生切向加速度，改变速度的大小 8、BD【解析】两个小球同时做平抛运动，又同时落在 P 点，说明运动时间相同，根据小球 2 落在斜面上的速度与竖直方向的夹角分析小球 2 是否垂直撞在斜面上 根据小球 1 落在斜面上时两个分位移的关系，分析小球 1 落在斜面上的速度方向关系【详解】两个小球同时做平抛运动，又同时落在 P 点，说明运动时间相同，水平位移大小相等，由 x=v0t 知初速度相等小球 1 落在斜面上

20、时，有20012 2gtgttanv tv；小球 2 落在斜面上的速度与竖直方向的夹角正切012vtangttan，所以小球 2 没有垂直撞在斜面上，故 A 错误，B 正确小球 1 落在 P 点时速度与水平方向的夹角正切022333gttantanv，60，所以小球 1 落在 P 点时与斜面的夹角小于30，故 C 错误根据 tan=2tan 知，小球 1 落在斜面上的速度方向与水平方向的夹角相同，相互平行，故 D 正确故选 BD【点睛】对于平抛运动，要熟练运用分解法研究，同时要抓住两个球之间的关系，如位移关系、时间关系等 9、AD【解析】A、对 M 分析，在水平方向受到 m对 M 的摩擦力和地

21、面对 M 的摩擦力，两个力平衡，则地面对木板的摩擦力 f=1mg故 A 正确，B 错误；C、无论 F 大小如何，m在 M 上滑动时对 M 的摩擦力大小不变，M 在水平方向上仍然受到两个摩擦力处于平衡，不可能运动故 C错误，D 正确；故选 AD 10、CD【解析】速度时间图像的斜率表示物体运动的加速度，所以两物体在1t时刻斜率不同，所以加速度不相同，故 A 错误；速度的正负表示运动方向，在 t2时刻之前速度都为正，所以都朝着正方向运动，t2时刻之后，速度仍旧为正，所以速度方向没有发生变化，故 B 错误；图像与坐标轴围成的面积表示位移，故两物体 t3时刻相距最远，t4时刻相遇，即 t4时刻位移相等

22、，而运动时间又相等，所以平均速度相等，故 CD 正确；故选 CD【点睛】解决本题的关键能够从速度时间图线中获取信息，知道斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移速度的正负表示运动方向，图像的曲线不表示物体运动的轨迹 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）否（2）AB间的距离L（3）212dmgLMmt（4）气垫导轨不水平【解析】（1）实验中验证系统机械能守恒，不需要让钩码的重力等于绳子的拉力，故不要求钩码质量m远小于滑块质量M（2、3）系统重力势能的减小量pEmgL，系统动能的增加量2k12EMm v，则需验证机械能守

23、恒的表达式为：212dmgLMmt 故实验中还需要测量的物理AB间的距离L（4）如果实验结果系统动能增加量大于重力势能减少量，则可能是气垫导轨不水平造成的 12、0.870 R2 224()KRdEKL 【解析】（1）1螺旋测微器读数为0.5mm37.0 0.01mm0.870mmd；（2）由图中可知，加在 ab 上的电压最大为 3V，故电路中最大电流约为 0.3AVxUIR 故总电阻最小为 min40ERI 故保护电阻应该选择 R2；（3）电压表示数为 2xxxRLUERR 故Ux图像的斜率为 2xxRkEL RR 又 22xLRd 解得 224()kRdEkL 四、计算题：本题共 2 小题

24、，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、3.0sm【解析】试题分析：对带电小滑块受力分析得：32 10FqEN电方向：竖直向上FG电，合场力竖直向上，带电小滑块会沿着玻璃管运动，受到摩擦力的作用，在玻璃管 ABC 中做往返运动，最终停在 B 点 根据动能定理得：0GfWWW电 即 解得：3.0sm 考点：考查了电场力做功，动能定理【名师点睛】分析清楚滑块的运动过程是解题的前提与关键，应用动能定理可以解题 据题意求出滑块受到的电场力，根据电场力与滑块重力的关系分析滑块的运动过程，小球最终停在 B 处，对全过程运用动能定理求出总路程的大小 1

25、4、（1）2.85 s.100J；（2）在 A端与距 A端 6 m 的范围内任何一个位置【解析】(1)设滑块加速运动的时间为1t，加速度大小为a，对滑块受力分析，有：mgma 01 vat 解得：12.5st，24m/sa 设滑块速度达到0v时经过的位移为：211112.5m2xa 设滑块匀速运动的位移为：213.5mxLx 则滑块匀速运动的时间为：2200.35sxtv 所需时间为：122.85sttt 设滑块加速运动过程中传送带的位移为：30 125mxv t 电机对传送带多做的功：3100JWmgx(2)滑块能通过C点的临界条件是在C点轨道对滑块压力为 0，则在C点由牛顿第二定律得：2C

26、mvmgR B点到C点由动能定理得：2212212CBmgRmvmv 滑块通过B点的速度至少为：4 5m/sBv 由运动学得：22Bvax 解得：10mx 滑块在A端与距A端 6 m的范围内任何一个位置释放均可到达半圆轨道的最高点C处 15、（1）40N（2）3.5 m【解析】(1)设绳刚要被拉断时产生的拉力为 FT，根据牛顿第二定律,对 A 物体有 FT-m1g=m1a 代入数值得 a=2m/s2 对 A、B整体有：F-（m1+m2）g=（m1+m2）a 代入数值得 F=40N(2)设绳断后，A的加速度为 a1，B的加速度为 a2，则 a1=11m gm=2m/s2 a2=22Fm gm=3m/s2 A停下来的时间为 t，则 t=1va=1s A的位移为 x1，则 x1=212va=1m B的位移为 x2，则 x2=vt+12a2t2=3.5m A刚静止时，A、B间距离为 x=x2+L-x1=3.5m