高中数学论文巧解外接球的问题.pdf

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1、 4/26/2022 1 巧解外接球问题 如果一个多面体的各个顶点都在同一个球面上，那么称这个多面体是球的内接多面体，这个球称为多面体的外接球.有关多面体外接球的问题，是立体几何的一个重点，也是高考考查的一个热点.考查学生的空间想象能力以及化归能力.研究多面体的外接球问题，既要运用多面体的知识，又要运用球的知识，并且还要特别注意多面体的有关几何元素与球的半径之间的关系，而多面体外接球半径的求法在解题中往往会起到至关重要的作用.一、直接法(公式法)1、求正方体的外接球的有关问题 例 1（2006 年广东高考题）若棱长为 3 的正方体的顶点都在同一球面上，则该球的表面积为_.解析：要求球的表面积，

2、只要知道球的半径即可.因为正方体内接于球，所以它的体对角线正好为球的直径，因此，求球的半径可转化为先求正方体的体对角线长，再计算半径.故表面积为27.例 2 一个正方体的各顶点均在同一球的球面上，若该正方体的表面积为24，则该球的体积为_.解析：要求球的体积，还是先得求出球的半径，而球的直径正好是正方体的体对角线，因此，由正方体表面积可求出棱长，从而求出正方体的体对角线是2 3所以球的半径为3.故该球的体积为4 3.2、求长方体的外接球的有关问题 例 3（2007 年天津高考题）一个长方体的各顶点均在同一球面上，且一个顶点上的三条棱长分别为1,2,3，则此球的表面积为 .解析：关键是求出球的半

3、径，因为长方体内接于球，所以它的体对角线正好为球的直径。长方体体对角线长为14，故球的表面积为14.例 4、（2006 年全国卷 I）已知各顶点都在一个球面上的正四棱柱高为 4，体积为 16，则这个球的表面积为（）.A.16 B.20 C.24 D.32 4/26/2022 2 解析：正四棱柱也是长方体。由长方体的体积 16 及高 4 可以求出长方体的底面边长为2，因此，长方体的长、宽、高分别为 2，2，4，于是等同于例 3，故选 C.3.求多面体的外接球的有关问题 例 5.一个六棱柱的底面是正六边形，其侧棱垂直于底面，已知该六棱柱的顶点都在同一个球面上，且该六棱柱的体积为98，底面周长为，则

4、这个球的体积为 .解 设正六棱柱的底面边长为x，高为h，则有263,1,2936,384xxx hh 正六棱柱的底面圆的半径12r，球心到底面的距离32d.外接球的半径221Rrd.43V球.小结 本题是运用公式222Rrd求球的半径的，该公式是求球的半径的常用公式.二、构造法(补形法)1、构造正方体 例 5（2008 年福建高考题）若三棱锥的三条侧棱两两垂直，且侧棱长均为3，则其外接球的表面积是_.解析：此题用一般解法，需要作出棱锥的高，然后再设出球心，利用直角三角形计算球的半径.而作为填空题，我们更想使用较为便捷的方法，所以三条侧棱两两垂直，使我们很快联想到长方体的一个角，马上构造长方体，

5、且侧棱长均相等，所以可构造正方体模型，如图 1，则AC=BC=CD3，那么三棱锥的外接球的直径即为正方体的体对角线，故所求表面积是9.(如图 1)例 3 若三棱锥的三个侧面两两垂直，且侧棱长均为3，则其外接球的表面积是 .解 据题意可知，该三棱锥的三条侧棱两两垂直，把这个三棱锥可以补成一个棱长为3的正方体，于是正方体的外接球就是三棱锥的外接球.设其外接球的半径为R，则有 222223339R.294R.故其外接球的表面积249SR.小结 一般地，若一个三棱锥的三条侧棱两两垂直，且其长度分别为abc、，则就 4/26/2022 3 可以将这个三棱锥补成一个长方体，于是长方体的体对角线的长就是该三

6、棱锥的外接球的直径.设其外接球的半径为R，则有2222Rabc.出现“墙角”结构利用补形知识，联系长方体。【原理】：长方体中从一个顶点出发的三条棱长分别为，则体对角线长为，几何体的外接球直径为体对角线长 即 【例题】：在四面体中，共顶点的三条棱两两垂直，其长度分别为，若该四面体的四个顶点在一个球面上，求这个球的表面积。解：因为：长方体外接球的直径为长方体的体对角线长 所以：四面体外接球的直径为的长 即：所以 球的表面积为 例 6（2003 年全国卷）一个四面体的所有棱长都为2，四个顶点在同一球面上，则 4/26/2022 4 此球的表面积为（）A.3 B.4 C.3 3 D.6 解析：一般解法

7、，需设出球心，作出高线，构造直角三角形，再计算球的半径.在此，由于所有棱长都相等，我们联想只有正方体中有这么多相等的线段，所以构造一个正方体，再寻找棱长相等的四面体，如图 2，四面体ABDE满足条件，即AB=AD=AE=BD=DE2BE，由此可求得正方体的棱长为 1，体对角线为3，从而外接球的直径也为3，所以此球的表面积便可求得，故选 A.(如图 2)例 7（2006 年山东高考题）在等腰梯形ABCD中，AB=2DC=2，0DAB=60，E为AB的中点，将ADE与BEC分布沿ED、EC向上折起，使AB、重合于点P，则三棱锥P-DCE的外接球的体积为（）.A.4 327 B.62 C.68 D.

8、624 解析：（如图 3）因为AE=EB=DC=1，0DAB=CBE=DEA=60，所以 AE=EB=BC=DC=DE=CE=1AD，即三棱锥P-DCE为正四面体，至此，这与例 6就完全相同了，故选 C.例 8（2008 年浙江高考题）已知球O的面上四点 A、B、C、D，DAABC 平面，ABBC，DA=AB=BC=3，则球O的体积等于 .ADCB图ABEDCDCEP图 3 4/26/2022 5 解析：本题同样用一般方法时，需要找出球心，求出球的半径.而利用长方体模型很快便可找到球的直径，由于DAABC 平面，ABBC，联想长方体中的相应线段关系，构造如图 4 所示的长方体，又因为DA=AB

9、=BC=3，则此长方体为正方体，所以CD长即为外接球的直径，利用直角三角形解出CD=3.故球O的体积等于92.（如图 4）2、构造长方体 例 9（2008 年安徽高考题）已知点 A、B、C、D 在同一个球面上，BBCDA 平面，BCDC，若6,AC=2 13,AD=8AB，则球的体积是 .解析：首先可联想到例 8，构造下面的长方体，于是AD为球的直径，O 为球心，OB=OC=4为半径，要求 B、C 两点间的球面距离，只要求出BOC即可，在Rt ABC中，求出=4BC，所以0C=60BO，故 B、C 两点间的球面距离是43.（如图 5）本文章在给出图形的情况下解决球心位置、半径大小的问题。三.多

10、面体几何性质法 DACBO图 4 ACBDO图 5 4/26/2022 6 例 2 已知各顶点都在同一个球面上的正四棱柱的高为 4，体积为 16，则这个球的表面积是 A.16 B.20 C.24 D.32 解 设正四棱柱的底面边长为x，外接球的半径为R，则有2416x，解得2x.22222242 6,6RR .这个球的表面积是2424R.选 C.小结 本题是运用“正四棱柱的体对角线的长等于其外接球的直径”这一性质来求解的.四.寻求轴截面圆半径法 例 4 正四棱锥SABCD的底面边长和各侧棱长都为2，点SABCD、都在同一球面上，则此球的体积为 .解 设正四棱锥的底面中心为1O，外接球的球心为O

11、，如图 1所示.由球的截面的性质，可得1OOABCD 平面.又1SOABCD 平面，球心O必在1SO所在的直线上.ASC的外接圆就是外接球的一个轴截面圆，外接圆的半径就是外接球的半径.在ASC中，由22SASCAC，得222SASCAC.ASCAC是以为斜边的Rt.12AC是外接圆的半径，也是外接球的半径.故43V球.小结 根据题意，我们可以选择最佳角度找出含有正棱锥特征元素的外接球的一个轴截面圆，于是该圆的半径就是所求的外接球的半径.本题提供的这种思路是探求正棱锥外接球半径的通解通法，该方法的实质就是通过寻找外接球的一个轴截面圆，从而把立体几何问题转化为平面几何问题来研究.这种等价转化的数学

12、思想方法值得我们学习.五.确定球心位置法 例 5 在矩形ABCD中，4,3ABBC，沿AC将矩形ABCD折成一个直二面角BACD，则四面体ABCD的外接球的体积为 A.12512 B.1259 C.1256 D.1253 CDABSO1图3CAODB图4 4/26/2022 7 解 设矩形对角线的交点为O，则由矩形对角线互相平分，可知OAOBOCOD.点O到四面体的四个顶点ABCD、的距离相等，即点O为四面体的外接球的球心，如图 2 所示.外接球的半径52ROA.故3412536VR球.选 C.出现两个垂直关系，利用直角三角形结论。【原理】：直角三角形斜边中线等于斜边一半。球心为直角三角形斜边中点。【例题】：已知三棱锥的四个顶点都在球的球面上，且，,求球的体积。解：且，,因为 所以知 所以 所以可得图形为：在中斜边为 在中斜边为 取斜边的中点，在中 在中 所以在几何体中，即为该四面体的外接球的球心 4/26/2022 8 所以该外接球的体积为【总结】斜边一般为四面体中除了直角顶点以外的两个点连线。四面体是正四面体 外接球与内切球的圆心为正四面体高上的一个点，根据勾股定理知，假设正四面体的边长为时，它的外接球半径为。