2022届广东省高中学业水平合格性考试物理模拟测试卷(一)【解析版】.pdf

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1、2022 届广东省高中学业水平合格性考试 物理模拟测试卷（一）(时间时间：60 分钟分钟 满分：满分：100 分分)一、单项选择题一、单项选择题(本大题共本大题共 20 小题，每小题小题，每小题3 分在每小题列出分在每小题列出的四个选项中，只有一项最符合题意的四个选项中，只有一项最符合题意)1下列运动不能用经典力学描述的下列运动不能用经典力学描述的是是()A高铁列车从广州向北京飞驰高铁列车从广州向北京飞驰 B火箭携带卫星飞向太空火箭携带卫星飞向太空 C战斗机从航母上起飞战斗机从航母上起飞 D电子以接近光速的速度运动电子以接近光速的速度运动 解析：解析：经典力学适用于低速宏观的物体，不适用于微观

2、高速物体，经典力学适用于低速宏观的物体，不适用于微观高速物体，故电子的运动不能用经典力学描述，高铁列车的飞驰、火箭携带卫星故电子的运动不能用经典力学描述，高铁列车的飞驰、火箭携带卫星飞向太空、战斗机从航母上起飞都能用经典力学描述，故选项飞向太空、战斗机从航母上起飞都能用经典力学描述，故选项 D 正正 确，确，A、B、C 错误错误 答答 案案 ：D 2关于能关于能量和能源，下列说法中正确的量和能源，下列说法中正确的是是()A能量在转化和转移的过程中，其总量有可能增能量在转化和转移的过程中，其总量有可能增加加B能量在转化和转移的过程中，其总量会不断减少能量在转化和转移的过程中，其总量会不断减少 C

3、能量在转化和转移的过程中总量保持不变，故节约能源没有能量在转化和转移的过程中总量保持不变，故节约能源没有必要必要 D能量的转化和转移具有方向性，且现有可利用的能源有限，能量的转化和转移具有方向性，且现有可利用的能源有限，故应节约能源故应节约能源 解析：解析：根据能量转化和守恒定律可知能量在转化和转移过程中总根据能量转化和守恒定律可知能量在转化和转移过程中总 1 量既不会增加，也不会减少，故量既不会增加，也不会减少，故A、B 错误；能量在转化和转移过程错误；能量在转化和转移过程中，其总量保持不变，但品质越来越差，即可利用率越来越低，故必中，其总量保持不变，但品质越来越差，即可利用率越来越低，故必

4、须节约能源，故须节约能源，故 C 错误；能量的转化和转移具有方向性即朝可利用错误；能量的转化和转移具有方向性即朝可利用率低的方向转化，且现有可利用的能源有限，故必须节约能源，故率低的方向转化，且现有可利用的能源有限，故必须节约能源，故 D 正确正确 答答 案案 ：D 3有研究发现，轿车的加速度的变化情况将影响乘客的舒适有研究发现，轿车的加速度的变化情况将影响乘客的舒适 度度若引入一个新的物理若引入一个新的物理量量“加速度变化率加速度变化率”来表示加速度变化的来表示加速度变化的快快慢，那么该物理量的单位应该是慢，那么该物理量的单位应该是 ()A.m/s Cm/s3 B.m/s2 Dm2/s a

5、m/s2 解析：解析：加速度变化的快慢表达式为加速度变化的快慢表达式为t，则单位等于，则单位等于 s m/s3，故，故 C 项正确，项正确，A、B、D 错误错误 答答 案案 ：C 4如图所示，某次台球比赛中，将目标球送至洞口有线路如图所示，某次台球比赛中，将目标球送至洞口有线路 1(实实 线线)和线路和线路 2(虚虚线线)，则目标球分别走两条线路，则目标球分别走两条线路时时()A位移一定不相同位移一定不相同 B时间一定不相同时间一定不相同 C平均速度一定不相同平均速度一定不相同 D到达洞口的瞬时速度一定不相同到达洞口的瞬时速度一定不相同 解析：解析：由图可知，两线路中起点和终点相同，故位移一定

6、相同，由图可知，两线路中起点和终点相同，故位移一定相同，2 故故 A 错误；由于两球运动的速率不明确，路径不同，时间可能相同，错误；由于两球运动的速率不明确，路径不同，时间可能相同，故故 B 错误；因位移相同，而时间也可能相同，故平均速度可能相同，错误；因位移相同，而时间也可能相同，故平均速度可能相同，故故 C 错误；因到达洞口的速度方向不同，故瞬时速度一定不相同，错误；因到达洞口的速度方向不同，故瞬时速度一定不相同，故故 D 正确故选正确故选 D.答案：答案：D 5下列说法正确的是下列说法正确的是 ()A.运动速度大的物体，不能很快停下来，是因为速度大时，惯运动速度大的物体，不能很快停下来，

7、是因为速度大时，惯性也大性也大 B.静止的火车启动时，速度变化慢，是因为火车静止时比运动静止的火车启动时，速度变化慢，是因为火车静止时比运动时惯性大时惯性大 C.乒乓球可以快速抽杀，是因为乒乓球的惯性小乒乓球可以快速抽杀，是因为乒乓球的惯性小 D物体受到的外力大，则惯性就小；受到的外力小，则惯性就物体受到的外力大，则惯性就小；受到的外力小，则惯性就 大大 解析：解析：一切物体都具有惯性，惯性大小仅由物体的质量决定，与一切物体都具有惯性，惯性大小仅由物体的质量决定，与外界因素外界因素(受力与否、受力的大小与个数、运动状态以及所处环境受力与否、受力的大小与个数、运动状态以及所处环境)无无关，故关，

8、故 D 错误；运动速度大的物体变为静止，速度的改变量大，加错误；运动速度大的物体变为静止，速度的改变量大，加速度一定时，需要较长的时间，并非速度大，惯性就大，故速度一定时，需要较长的时间，并非速度大，惯性就大，故A 错误；错误；静止的火车启动时，速度变化缓慢，是因为火车质量大，惯性大，故静止的火车启动时，速度变化缓慢，是因为火车质量大，惯性大，故B 错误；乒乓球可以快速抽杀，是因为其质量很小，惯性小，运动状错误；乒乓球可以快速抽杀，是因为其质量很小，惯性小，运动状 态容易改变，故态容易改变，故 C 正确正确 答答 案案 ：C 6如图，小如图，小明在倾斜的路面上使用一台没有故障的体重秤，那明在倾

9、斜的路面上使用一台没有故障的体重秤，那 么测出来的体重示数比他实际体么测出来的体重示数比他实际体重重()3 A.偏大偏大C准确准确 B.偏偏 小小 D不准确，但无法判断偏大偏小不准确，但无法判断偏大偏小 解析：解析：因为人肯定是垂直接触体重秤的，在倾斜的路面上使用一因为人肯定是垂直接触体重秤的，在倾斜的路面上使用一台没有故障的体重秤，可将该情景简化为斜面模型，人站在斜面上，台没有故障的体重秤，可将该情景简化为斜面模型，人站在斜面上，对地面的压力为对地面的压力为 FNmgcos(为斜面的倾为斜面的倾角角)，故小于重力，测，故小于重力，测出出的体重比实际的小的体重比实际的小，B 正确正确 答案：答

10、案：B 7如图所示，把木块放在水平桌面上，用弹簧测力计沿水平方如图所示，把木块放在水平桌面上，用弹簧测力计沿水平方向拉木块，但木块没有被拉动，它与桌面仍然保持相对静止，此时木向拉木块，但木块没有被拉动，它与桌面仍然保持相对静止，此时木块受力个数是块受力个数是()A2 个个 C4 个个 B3 个个 D5 个个 解析：解析：木块受重力、桌面的支持力、弹簧测力计的拉力、由于受木块受重力、桌面的支持力、弹簧测力计的拉力、由于受到拉力有运动的趋势，则木块会受到桌面的摩擦力四个力作用，处于到拉力有运动的趋势，则木块会受到桌面的摩擦力四个力作用，处于 静止状态静止状态 答答 案案 ：C 8如图所示，是中国古

11、代玩具饮水鸟，它的神奇之处是，在鸟如图所示，是中国古代玩具饮水鸟，它的神奇之处是，在鸟 的面前放上一杯水，鸟就会俯下身去，把嘴浸到水里，的面前放上一杯水，鸟就会俯下身去，把嘴浸到水里，“喝喝”了一口了一口水后，鸟将绕着水后，鸟将绕着 O 点不停摆动，一会儿它又会俯下身去，再点不停摆动，一会儿它又会俯下身去，再“喝喝”一口水一口水A、B 是鸟上两点，是鸟上两点，OAOB，则在摆动过程中，则在摆动过程中()4 AA、B 两点的线速度大小相同两点的线速度大小相同BA、B 两点的线速度方向相同两点的线速度方向相同CA、B 两点的角速度大小相同两点的角速度大小相同DA、B 两点的向心加速度大小相等两点的

12、向心加速度大小相等 解析：解析：根据同轴转动角速度相等知，根据同轴转动角速度相等知，A、B 两点的角速度大小相两点的角速度大小相同，故同，故 C 正确；根据正确；根据 v vr 知知 A 点半径大，线速度较大，故点半径大，线速度较大，故 A 错误；错误；线速度的方向沿切线方向，线速度的方向沿切线方向，A、B 两点与轴的连线不共线，所以两点与轴的连线不共线，所以 A、B 两点的线速度方向不同，故两点的线速度方向不同，故 B 错误；根据错误；根据 a2r 知知 A 点半径大，点半径大，加速度较大，故加速度较大，故 D 错误错误 答案：答案：C 9如图是甲、乙两个物体做直线运动的速度如图是甲、乙两个

13、物体做直线运动的速度 时间图像，其中时间图像，其中 图图线甲与横轴平行，图线乙为通过坐标原点的直线由图像可知线甲与横轴平行，图线乙为通过坐标原点的直线由图像可知 ()A甲物体处于静止甲物体处于静止 B甲物体做匀加速直线运动甲物体做匀加速直线运动C乙物体做匀速直线运动乙物体做匀速直线运动D乙物体做匀加速直线运动乙物体做匀加速直线运动 解析：解析：图线甲与横轴平行，表明速度随时间保持不变，是匀速直图线甲与横轴平行，表明速度随时间保持不变，是匀速直线运动线运动AB 错误；图线乙为通过坐标原点的直线，表明速度随时间错误；图线乙为通过坐标原点的直线，表明速度随时间均匀增加，是匀加速直线运动，均匀增加，是

14、匀加速直线运动，C 错误，错误，D 正确正确 5 答答 案案 ：D 10放假了，小明斜拉着拉杆箱离开校园如图所示，小明的拉放假了，小明斜拉着拉杆箱离开校园如图所示，小明的拉 力大小为力大小为 F，方向沿拉杆斜向上，与水平地面夹角为，方向沿拉杆斜向上，与水平地面夹角为 .与拉杆箱竖直与拉杆箱竖直静止在水平地面且不受拉力相比，此时拉杆箱对水平地面的压力静止在水平地面且不受拉力相比，此时拉杆箱对水平地面的压力 ()A减少了减少了 Fsin C减小了减小了 Fcos B增大了增大了 Fsin D增大了增大了 Fcos 解析：解析：以箱子为研究对象，受到重力、支持力、拉力和摩擦力，以箱子为研究对象，受到

15、重力、支持力、拉力和摩擦力，如图所示；没有拉力时，支持力等于重力如图所示；没有拉力时，支持力等于重力 mg；有拉力；有拉力 F 时，支持力时，支持力为：为：NmgFsin，所以支持力减少了，所以支持力减少了 Fsin，故，故A 正确，正确，B、C、D 错误错误 答案：答案：A 11一质量为一质量为 m1 kg 的物体在水平恒力的物体在水平恒力 F 作用下水平运动，作用下水平运动，1 s 末撤去恒力末撤去恒力 F，其，其 v v-t 图像如图所示，则恒力图像如图所示，则恒力 F 和物体所受阻力和物体所受阻力 f 的大小是的大小是 ()AF8 N Cf2 N BF9 N Df6 N 6 解析：解析

16、：撤去恒力撤去恒力 F 后，物体在阻力作用下运动，由后，物体在阻力作用下运动，由 v v-t 图像可知，图像可知，13 s 内物体的加速度为内物体的加速度为 a3 m/s2，由牛顿第二定律得，由牛顿第二定律得 fma 可知，可知，阻力阻力 f3 N；由题图可知在；由题图可知在01 s 内其加速度为内其加速度为 a6 m/s2，由牛顿，由牛顿 第二定律得第二定律得 Ffma，可求得，可求得 F9 N，B 正确正确 答答 案案 ：B 12如图为如图为“中国好歌声中国好歌声”娱乐节目所设计的娱乐节目所设计的“导导师战车师战车”，战，战 车可以在倾斜直轨道上运动当坐在战车中的导师按下按钮，战车就车可以

17、在倾斜直轨道上运动当坐在战车中的导师按下按钮，战车就由静止开始沿长由静止开始沿长 10 m 的斜面冲向学员，最终刚好停在斜面末端的学的斜面冲向学员，最终刚好停在斜面末端的学 员面前，此过程约历时员面前，此过程约历时 4 s在战车运动过程中，下列说法正确的在战车运动过程中，下列说法正确的是是 ()A战车在运动过程中导师处于失重状态战车在运动过程中导师处于失重状态 B战车在运动过程中所受外力始终不变战车在运动过程中所受外力始终不变 C战车在倾斜直轨道上做匀变速直线运动战车在倾斜直轨道上做匀变速直线运动 D根据题中信息可以估算导师运动的平均速度根据题中信息可以估算导师运动的平均速度 解析解析：战车在

18、运动过程中导师处于先失重后超重状态战车在运动过程中导师处于先失重后超重状态，A 错误；错误；战车在运动过程中所受外力是变化的战车在运动过程中所受外力是变化的，B 错误错误；战车在倾斜直轨道上战车在倾斜直轨道上加速度发生变化，所以做非匀变速直线运动，加速度发生变化，所以做非匀变速直线运动，C 错误；根据平均速错误；根据平均速度的定义，根据题中信息可以估算导师运动的平均速度为度的定义，根据题中信息可以估算导师运动的平均速度为 2.5 m/s，D 正确正确 答案：答案：D 1 3.阿拉斯加当地人的一种娱乐方式是用一块弹性毯子将小孩竖阿拉斯加当地人的一种娱乐方式是用一块弹性毯子将小孩竖 7 直抛起，再

19、保持弹性毯子水平，接住小孩不计空气阻力，下列说法直抛起，再保持弹性毯子水平，接住小孩不计空气阻力，下列说法中正确的是中正确的是()A用毯子将小孩上抛，毯子对小孩做正功，小孩机械能增加用毯子将小孩上抛，毯子对小孩做正功，小孩机械能增加B小孩在空中上升时处于超重状态，下落过程处于失重状态小孩在空中上升时处于超重状态，下落过程处于失重状态C小孩由最高点下落，一接触到弹性毯子就立刻做减速运动小孩由最高点下落，一接触到弹性毯子就立刻做减速运动D小孩由最高点下落至速度为零的过程中，小孩机械能守恒小孩由最高点下落至速度为零的过程中，小孩机械能守恒 解析解析：用毯子将小孩上抛用毯子将小孩上抛，毯子对小孩做正功

20、毯子对小孩做正功，小孩机械能增加小孩机械能增加，故故 A 符合题意；小孩在空中上升时和下落过程加速度向下，都处于符合题意；小孩在空中上升时和下落过程加速度向下，都处于失重状态，故失重状态，故 B 不符合题意；小孩由最高点下落，一接触到弹性毯不符合题意；小孩由最高点下落，一接触到弹性毯子在弹力小于重力之前，加速度向下，还是加速运动，故子在弹力小于重力之前，加速度向下，还是加速运动，故 C 不符合不符合题意；题意；小孩由最高点下落至速度为零的过程中小孩由最高点下落至速度为零的过程中，除重力外除重力外，毯子的毯子的 弹力对小孩做负功，小孩机械能守恒减小，故弹力对小孩做负功，小孩机械能守恒减小，故 D

21、 不符合题意不符合题意 答案：答案：A 1 4.我国的航天技术在世界上具有举足轻重的地位我国的航天技术在世界上具有举足轻重的地位，我国发射的我国发射的神舟十号飞船绕地球运行的高度大约为神舟十号飞船绕地球运行的高度大约为 343 km，而神舟十一号飞船而神舟十一号飞船绕地球运行的高度大约为绕地球运行的高度大约为 393 km.目前目前，火箭是卫星发射的唯一工具火箭是卫星发射的唯一工具，火箭发射回收是航天技术的一大进步火箭发射回收是航天技术的一大进步如图所示如图所示，火箭在返回地面前火箭在返回地面前的某段运动，可看成先匀速后减速的直线运动，最后撞落在地面上，的某段运动，可看成先匀速后减速的直线运动

22、，最后撞落在地面上，不计火箭质量的变化火箭着地时，火箭对地的作用不计火箭质量的变化火箭着地时，火箭对地的作用力力()A大于地对火箭的作用力大于地对火箭的作用力B小于地对火箭的作用力小于地对火箭的作用力C大于火箭自身的重力大于火箭自身的重力 8 r 5 D等于火箭自身的重力等于火箭自身的重力 解析：解析：火箭对地的作用力和地对火箭的作用力是作用力与反作用火箭对地的作用力和地对火箭的作用力是作用力与反作用力，根据牛顿第三定律，大小相等方向相反，力，根据牛顿第三定律，大小相等方向相反，AB 错误；火箭着地做错误；火箭着地做减速运动时，加速度向上，处于超重状态，则地面给火箭的力大于火减速运动时，加速度

23、向上，处于超重状态，则地面给火箭的力大于火箭重力，由牛顿第三定律知，火箭对地的作用力大于自身的重力，箭重力，由牛顿第三定律知，火箭对地的作用力大于自身的重力，C 正确，正确，D 错误错误 答案：答案：C 1 5.两个用相同材料制成的半径相等的带电金属小球两个用相同材料制成的半径相等的带电金属小球 (可看成点可看成点电荷电荷)，其中一个球的带电量的绝对值是另一个的，其中一个球的带电量的绝对值是另一个的 5 倍，当它们静止倍，当它们静止于空间某两点时，静电力大小为于空间某两点时，静电力大小为 F.现将两球接触后再放回原处，则现将两球接触后再放回原处，则它们间静电力的大小可能为它们间静电力的大小可能

24、为()5 A.9F 5 C.4F 6 B.5F 9 D.5F 解析：解析：若两电荷同性，设一个球带电量为若两电荷同性，设一个球带电量为 Q，则另一个球带电量，则另一个球带电量 为为 5Q，此时，此时 FkQ5Q，接触后再分开，带电量各为，接触后再分开，带电量各为 3Q，F 2 3Q3Q r2 9F.若两电荷异性，接触后再分开，两球的电荷先中和再平分，各若两电荷异性，接触后再分开，两球的电荷先中和再平分，各 带电量带电量 2Q，F 2Q2Q 4.答案：答案：D k r2 5F 1 6.一个已充电的电容器，若使它的电量减少一个已充电的电容器，若使它的电量减少 3104 C，则其，则其 1 电压减少

25、为原来电压减少为原来的的3，则则()A.电容器原来的带电量为电容器原来的带电量为 9104 C 9 k 3 M N M N B.电容器原来的带电量为电容器原来的带电量为 4.5104 C C电容器原来的电压为电容器原来的电压为 1 V D电容器的电容变为原来的电容器的电容变为原来的1 解析：解析：平行板电容器的电荷量减少平行板电容器的电荷量减少 Q3104 C，电压减少为，电压减少为 1 2 Q 原来的原来的3，即减少了原来的，即减少了原来的3，则根据，则根据 CU知，电容器原来的带电知，电容器原来的带电 荷量荷量 Q4.5104 C，A 错误，错误，B 正确；由已知条件无法求电压，电正确；由

26、已知条件无法求电压，电容反映电容器本身的特性，电容器极板上的电荷减少，电容器的电容容反映电容器本身的特性，电容器极板上的电荷减少，电容器的电容不变，不变，C、D 错误错误 答案：答案：B 1 7.如图所示，在一条水平向右的电场线上有如图所示，在一条水平向右的电场线上有 M、N 两点两点M、N 两点的电势和电场强度分别为两点的电势和电场强度分别为 、和和 E、E，则下列判断一，则下列判断一 定正确的定正确的是是()AE E C.MN M N M N BEMEN D.解析：解析：电场线的疏密表示电场强度大小，一条电场线无法判断疏电场线的疏密表示电场强度大小，一条电场线无法判断疏 密，故密，故 A、

27、B 错误；沿电场线方向电势逐渐降低，故错误；沿电场线方向电势逐渐降低，故 C 对、对、D 错误错误 答案：答案：C 1 8.不可回收的航天器最终将成为漂浮在太空中的垃圾如图不可回收的航天器最终将成为漂浮在太空中的垃圾如图所示，是绕地球运行的太空垃圾，对于离地面越高的太空垃圾，下列所示，是绕地球运行的太空垃圾，对于离地面越高的太空垃圾，下列说法正确的是说法正确的是()10 A.运行速率越大运行速率越大C运行周期越小运行周期越小 B.运行速率越小运行速率越小 D可能追上同一轨道上的航天器可能追上同一轨道上的航天器 Mm 解析：解析：根据万有引力提供圆周运动向心力有：根据万有引力提供圆周运动向心力有

28、：G r2 v2 m r 42 GM mr T2，垃圾的运行速率，垃圾的运行速率 v r 可得半径越大的太空垃圾运行速可得半径越大的太空垃圾运行速 42r3 率越小，故率越小，故 A 错误，错误，B 正确；垃圾运行的周期正确；垃圾运行的周期 T GM 可得半径可得半径 越大的太空垃圾周期越大，故越大的太空垃圾周期越大，故 C 错误；在同一轨道上运动的航天器错误；在同一轨道上运动的航天器周期和线速度大小相同，故在同一轨道上不能追上同一轨道的航天周期和线速度大小相同，故在同一轨道上不能追上同一轨道的航天 器，故器，故 D 错误错误 答案：答案：B 1 9.如图所示的电路中如图所示的电路中，电源的电

29、动电源的电动势势E 为为 6.0 V，内内阻阻r 为为 2.0，定值电阻定值电阻 R 的阻值为的阻值为 10.闭合开关闭合开关 S 后后()A电路中的电流为电路中的电流为 0.60 A B电路中的电流为电路中的电流为 3.0 A C路端电压为路端电压为 1.0 V D路端电压为路端电压为 5.0 V E 解析：解析：由闭合电路欧姆定律可得，由闭合电路欧姆定律可得，IRr0.5 A，A、B 错误；错误；路端电压为路端电压为 UEIr5.0 V，C 错误，错误，D 正确正确 答答 案案 ：D 20如图所示，如图所示，下列情况下线圈中不能产生感应电流的下列情况下线圈中不能产生感应电流的是是()11

30、AI 增增 加加C线圈向下平线圈向下平动动 B线圈向右平动线圈向右平动D线圈向左平动线圈向左平动 解析：解析：当当 I 增加时，则穿过线圈的磁通量增大，所以导致线圈中增加时，则穿过线圈的磁通量增大，所以导致线圈中产生感应电流，故产生感应电流，故 A 错误；当线圈向右平动时，导致线圈中磁通量错误；当线圈向右平动时，导致线圈中磁通量变小，则线圈中会出现感应电流，故变小，则线圈中会出现感应电流，故 B 错误；当线圈向下平动时，错误；当线圈向下平动时，穿过线圈的磁通量仍不变，则线圈中不会出现感应电流，故穿过线圈的磁通量仍不变，则线圈中不会出现感应电流，故C 正确；正确；当线圈向左平动时，致线圈中磁通量

31、变大，则线圈中会出现感应电流，当线圈向左平动时，致线圈中磁通量变大，则线圈中会出现感应电流，故故 D 错误错误 答案：答案：C 二、非选择题二、非选择题(本大题包括本大题包括 3 小题，共小题，共 40 分分)21(12 分分)在验证机械能守恒的实验中，所用电源的频率为在验证机械能守恒的实验中，所用电源的频率为 50 Hz，某同学选择了一条理想的纸带，用刻度尺测量时各计数点位置，某同学选择了一条理想的纸带，用刻度尺测量时各计数点位置对应刻度尺上的读数如图所对应刻度尺上的读数如图所示示(图中图中 O 是打点计时器打的第一个点，是打点计时器打的第一个点，A、B、C 分别是以每打两个点的时间作为计时

32、单位取的计数分别是以每打两个点的时间作为计时单位取的计数点点)纸纸带过带过 B 时速度时速度为为 查得当地的重力加速度查得当地的重力加速度 g9.80 m/s2.根据纸带求：若重锤质量为根据纸带求：若重锤质量为 m kg，则重锤从起始下落至则重锤从起始下落至 B 时减少的重力时减少的重力势势能能为为 ；动动能能为为 ；从从以以上数据上数据可可得的得的结结论论是是 ；产生误差的主要原因是产生误差的主要原因是 (结果保留三位有效数字结果保留三位有效数字)解析解析：B 点时的速度为点时的速度为 v v sAC1.94 m/s.B 2T 12 k B 重力势能的减小量为重力势能的减小量为 E mgh

33、1.91 mJ p OB 1 重锤下落到重锤下落到 B 点时增加的动能为点时增加的动能为 E 2mv v2 1.88 mJ.根据计算结果可以得出该实验的实验结论：在误差允许的范围根据计算结果可以得出该实验的实验结论：在误差允许的范围 内，重锤减小的重力势能等于其动能的增加，验证了机械能守恒定律内，重锤减小的重力势能等于其动能的增加，验证了机械能守恒定律 重锤减小的重力势能略大于其增加的动能，其原因是重锤在下落重锤减小的重力势能略大于其增加的动能，其原因是重锤在下落时要受到阻力作用时要受到阻力作用(对纸带的摩擦力、空气阻力对纸带的摩擦力、空气阻力)，必须克服阻力做功，必须克服阻力做功，减小的重力

34、势能等于增加的动能加上克服阻力所做的功减小的重力势能等于增加的动能加上克服阻力所做的功 答案答案：1.94 m/s 1.91 mJ 1.88 mJ 在实验误差允许的范围内在实验误差允许的范围内，重锤重力势能的减少等于其动能的增加重锤重力势能的减少等于其动能的增加，机械能守恒机械能守恒 重锤下落过程重锤下落过程中受到阻力的作中受到阻力的作用用(空气阻力、纸带与限位孔间的摩擦阻力及打点时空气阻力、纸带与限位孔间的摩擦阻力及打点时的阻的阻力力)22(13 分分)在如图所示的电路中，电源内阻在如图所示的电路中，电源内阻 r0.5，当开关，当开关S 闭合后电路正常工作，电压表的读数闭合后电路正常工作，电

35、压表的读数 U2.8 V，电流表的读数，电流表的读数 I0.4 A若所使用的电压表和电流表均为理想电表求：若所使用的电压表和电流表均为理想电表求：(1)电阻电阻 R 的阻值；的阻值；(2)电源的内电压电源的内电压 U ；内内 (3)电源的电动势电源的电动势 E.解析解析：(1)U 2.8 7，电阻，电阻 R 的的 阻值为阻值为 7.由欧姆定律由欧姆定律 UIR 得得 R I 0.4 (2)电源的内电压为电源的内电压为 U Ir0.40.50.2 V，电源的内电压为电源的内电压为 内内 13 D C N 0.2 V.(3)根据闭合电路欧姆定律有根据闭合电路欧姆定律有EUIr2.8 V0.40.5

36、 V3 V，即电源的电动势为即电源的电动势为 3 V.答案：答案：(1)7(1)7 (2)0.2 V(3)3 V 23(15 分分)如图所示，竖直面内有半径为如图所示，竖直面内有半径为 2R 的四分之一光滑圆的四分之一光滑圆弧形细杆弧形细杆 BC 和半径为和半径为 R 的二分之一光滑圆弧形细杆的二分之一光滑圆弧形细杆 CD 在最低点在最低点 C 平滑连接，光滑竖直细杆平滑连接，光滑竖直细杆 AB 与圆弧形细杆与圆弧形细杆 BC 在在 B 点平滑连接一点平滑连接一 R 质量为质量为 m 的小球穿在直杆上，从距的小球穿在直杆上，从距 B 点点3的的 P 点由静止释放，重力点由静止释放，重力 加速度

37、为加速度为 g，求：，求：(1)小球经过小球经过 C 点时的速度大小；点时的速度大小；(2)小球经过小球经过 D 点时细杆对小球的作用力点时细杆对小球的作用力 解析解析：(1)小球由小球由 P 到到 C 由机械能守恒，由机械能守恒，1 1 mv2 mg 2R R，2 C 3 解得解得 v 14gR.C (2)小球由小球由 C 到到 D 由动能定理得由动能定理得 1 1 2mgR2mv2 2mv2，小球在小球在 D 点受向下的重力和向上的弹力，由牛顿第二定律得点受向下的重力和向上的弹力，由牛顿第二定律得 mg v2 F m D，R 14 3 解得细杆对小球的作用力大小为：解得细杆对小球的作用力大小为：1 FN3mg，方向竖直向上，方向竖直向上 答案：答案：(1)1(2)3mg，方向竖直向上，方向竖直向上 15 14gR 3