必修2第五章第2讲.pptx

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1、4.单位_,符号_。5.动能的相对性由于速度具有相对性,所以动能也具有_。6.动能的变化物体_ 与_ 之差,即焦耳相对性末动能初动能J第1页/共64页知识点 2 动能定理 1.内容力在一个过程中对物体做的功,等于物体在这个过程中_。2.表达式(1)W=_;(2)W=_;(3)W=_。动能的变化Ek第2页/共64页3.物理意义_ 的功是物体动能变化的量度。4.适用条件(1)动能定理既适用于直线运动,也适用于_。(2)既适用于恒力做功,也适用于_。(3)力可以是各种性质的力,既可以同时作用,也可以_作用。合外力曲线运动变力做功不同时第3页/共64页【思考辨析】(1)动能是机械能的一种表现形式,凡是

2、运动的物体都具有动能。()(2)一定质量的物体动能变化时,速度一定变化,但速度变化时,动能不一定变化。()(3)动能不变的物体,一定处于平衡状态。()(4)做自由落体运动的物体,动能与下落距离的平方成正比。()(5)如果物体所受的合外力为零,那么,合外力对物体做的功一定为零。()第4页/共64页(6)物体在合外力作用下做变速运动,动能一定变化。()(7)物体的动能不变,所受的合外力必定为零。()第5页/共64页分析：动能是运动物体都具有的能量，是机械能的一种表现形式，(1)对；由Ek=mv2可知，当m恒定时，Ek变化，速率一定变化，速度一定变化，但当速度方向变化，速率不变(如匀速圆周运动)时，

3、动能不变，(2)对；动能不变，如匀速圆周运动，物体不一定处于平衡状态，(3)错；物体做自由落体运动时，v2=2gh，Ek=mv2=mgh，故(4)错；合外力为零，由W=Flcos知，合外力做功一定为零，故(5)对；物体在合外力作用下做变速运动，合外力不一定做功，物体的速率不一定变化，动能不一定变化(如匀速圆周运动)。同样，物体的动能不变，它所受的合外力也不一定为零，故(6)、(7)均错。第6页/共64页考点 1 动能定理的理解(三年8考)拓展延伸【考点解读】从两个方面理解动能定理(1)动能定理公式中体现的三个关系:数量关系:即合外力所做的功与物体动能的变化具有等量代换关系。可以通过计算物体动能

4、的变化,求合外力的功,进而求得某一力的功。第7页/共64页单位关系,等式两侧物理量的国际单位都是焦耳。因果关系:合外力的功是引起物体动能变化的原因。(2)动能定理叙述中所说的“外力”,既可以是重力、弹力、摩擦力,也可以是电场力、磁场力或其他力。第8页/共64页【典例透析1】(2012福建高考)如图,用跨过光滑定滑轮的缆绳将海面上一艘失去动力的小船沿直线拖向岸边。已知拖动缆绳的电动机功率恒为P,小船的质量为m,小船受到的阻力大小恒为f,经过A点时的速度大小为v0,小船从A点沿直线加速运动到B点经历时间为t1,A、B两点间距离为d,缆绳质量忽略不计。求:(1)小船从A点运动到B点的全过程克服阻力做

5、的功Wf;(2)小船经过B点时的速度大小v1;(3)小船经过B点时的加速度大小a。第9页/共64页【解题探究】(1)请对小船进行受力分析,哪些力是恒力,哪些力是变力?受到的力:_。恒力:_。变力:_。(2)小船在B点时的速度与绳的速度有何关系?提示:v绳=v船cos。重力、浮力、阻力、拉力重力、阻力浮力、拉力第10页/共64页【解析】(1)小船从A点运动到B点克服阻力做功Wf=fd (2)小船从A点运动到B点牵引力做的功W=Pt1 由动能定理有 由式解得 第11页/共64页(3)设小船经过B点时绳的拉力为F，绳与水平方向夹角为，电动机牵引绳的速度为u,则P=Fu u=v1cos 由牛顿第二定律

6、有Fcos-f=ma 由式解得答案:(1)fd (2)(3)第12页/共64页【总结提升】求变力做功时的四个要点(1)明确所求的变力的功不一定为总功,故所求的变力的功不一定等于Ek。(2)明确合外力对物体所做的功对应物体动能的变化,而不是对应物体的动能。(3)若有多个力做功时,必须明确各力做功的正负。(4)利用动能定理可求物体的速度、受力、位移及变力的功。第13页/共64页【变式训练】(多选)如图所示，质量为m的小车在水平恒力F推动下，从山坡(粗糙)底部A处由静止起运动至高为h的坡顶B，获得速度为v,A、B之间的水平距离为x,重力加速度为g。下列说法正确的是()A.小车克服重力所做的功是mgh

7、B.合外力对小车做的功是C.推力对小车做的功是D.阻力对小车做的功是第14页/共64页【解析】选A、B、D。小车克服重力做功W=Gh=mgh,A正确；由动能定理，小车受到的合外力做的功等于小车动能的增量，W合=Ek=mv2,B正确；由动能定理，W合=W推+W重+W阻=mv2，所以推力做的功W推=mv2+mgh-W阻=Fx。W阻=mv2+mgh-Fx,故D正确，C错误。第15页/共64页【变式备选】如图所示，劲度系数为k的弹簧下端悬挂一个质量为m的重物，处于静止状态。手托重物使之缓慢上移，直到弹簧恢复原长，手对重物做的功为W1。然后放手使重物从静止开始下落，重物下落过程中的最大速度为v,不计空气

8、阻力。重物从静止开始下落到速度最大的过程中，弹簧对重物做的功为W2，则()第16页/共64页【解析】选B。设x为弹簧伸长的长度，由胡克定律得：mg=kx。手托重物使之缓慢上移，直到弹簧恢复原长的过程，由动能定理得：W1+W弹-WG=0，又WG=mgx=,W弹0，故手对重物做的功 选项B正确。由动能定理知 则C、D错。第17页/共64页考点2 动能定理的应用(三年9考)解题技巧【考点解读】应用动能定理的基本步骤和注意事项1.应用动能定理的解题步骤第18页/共64页2.注意事项(1)动能定理的研究对象可以是单一物体，或者是可以看作单一物体的物体系统。(2)动能定理是求解物体的位移或速率的简捷公式。

9、当题目中涉及位移和速度而不涉及时间时可优先考虑动能定理；处理曲线运动中的速率问题时也要优先考虑动能定理。第19页/共64页(3)若过程包含了几个运动性质不同的分过程，既可分段考虑，也可整个过程考虑。但求功时，有些力不是全过程都做功，必须根据不同的情况分别对待求出总功。(4)应用动能定理时，必须明确各力做功的正、负。当一个力做负功时，可设物体克服该力做功为W，将该力做功表达为-W，也可以直接用字母W表示该力做功，使其字母本身含有负号。第20页/共64页【典例透析2】如图所示装置由AB、BC、CD三段轨道组成,轨道交接处均由很小的圆弧平滑连接,其中轨道AB、CD段是光滑的,水平轨道BC的长度x=5

10、 m,轨道CD足够长且倾角=37,A、D两点离轨道BC的高度分别为h1=4.30 m、h2=1.35 m。现让质量为m的小滑块自A点由静止释放。已知小滑块与轨道BC间的动摩擦因数=0.5,重力加速度g取10 m/s2,sin37=0.6,cos37=0.8。求:第21页/共64页(1)小滑块第一次到达D点时的速度大小;(2)小滑块第一次与第二次通过C点的时间间隔;(3)小滑块最终停止的位置距B点的距离。【解题探究】(1)重力与摩擦力做功的特点有何不同?重力做功:_。摩擦力做功:_。(2)应用动能定理时应主要进行哪些分析?提示:受力分析、过程分析及各力做功情况分析。与路径无关与路径有关第22页/

11、共64页【解析】(1)小滑块从ABCD过程中，由动能定理得：将h1、h2、x、g代入得：vD=3 m/s(2)小滑块从ABC过程中，由动能定理得将h1、x、g代入得：vC=6 m/s小滑块沿CD段上滑的加速度大小a=gsin=6 m/s2小滑块沿CD段上滑到最高点的时间由对称性可知小滑块从最高点滑回C点的时间t2=t1=1 s故小滑块第一次与第二次通过C点的时间间隔t=t1+t2=2 s第23页/共64页(3)对小滑块运动全过程应用动能定理，设小滑块在水平轨道上运动的总路程为x总有：mgh1=mgx总将h1、代入得x总=8.6 m，故小滑块最终停止的位置距B点的距离为2x-x总=1.4 m答案

12、：(1)3 m/s (2)2 s (3)1.4 m第24页/共64页【总结提升】应用动能定理应突破的五个难点(1)突破研究对象的选取难点动能定理适用于单个物体,当题目中出现多个物体时可分别将单个物体取为研究对象,应用动能定理;也可以把多个物体组成整体,再应用动能定理求解,此时的条件是内力的功没有引起动能向其他形式能的转化。(2)突破研究过程的选取难点应用动能定理时,选取不同的研究过程列出的方程是不相同的。因为动能定理是个过程式,选取合适的过程往往可以大大简化运算。第25页/共64页(3)突破受力的分析难点运用动能定理时,必须分析清楚物体在过程中的全部受力情况,找出哪些力不做功,哪些力做功,做多

13、少功,从而确定出外力的总功,这是解题的关键。(4)突破位移的计算难点应用动能定理时,要注意有的力做功与路程无关,只与位移有关,有的力做功却与路程有关。(5)突破初、末状态的确定难点动能定理的计算式为标量式,v为相对同一参考系的速度,所以确定初、末状态动能时,必须相对于同一参考系而言。第26页/共64页【变式训练】如图所示,质量m=1 kg的木块静止在高h=1.2 m的平台上,木块与平台间的动摩擦因数=0.2,用水平推力F=20 N使木块产生位移x1=3 m时撤去,木块又滑行x2=1 m时飞出平台,求木块落地时速度的大小。(g取10 m/s2)第27页/共64页【解析】解法一:取木块为研究对象。

14、其运动分三个过程,先匀加速前进x1,后匀减速前进x2,再做平抛运动,对每一过程,分别由动能定理得:Fx1-mgx1=-mgx2=mgh代入数据解得：v3=m/s第28页/共64页解法二：对全过程由动能定理得：Fx1-mg(x1x2)+mgh=代入数据解得：v3=m/s 答案：m/s 第29页/共64页考点3 动能定理与图像结合问题(三年5考)拓展延伸【考点解读】解决物理图像问题的基本步骤(1)观察题目给出的图像，弄清纵坐标、横坐标所对应的物理量及图线所表示的物理意义。(2)根据物理规律推导出纵坐标与横坐标所对应的物理量间的函数关系式。第30页/共64页(3)将推导出的物理规律与数学上与之相对应

15、的标准函数关系式相对比，找出图线的斜率、截距、图线的交点，图线下的面积所对应的物理意义，分析解答问题。或者利用函数图线上的特定值代入函数关系式求物理量。第31页/共64页【典例透析3】(2013潍坊模拟)2012年伦敦奥运会女子10米(即跳台距水面10 m)跳台比赛中,我国小将陈若琳技压群芳夺得冠军。设运动员质量为m=50 kg,其体形可等效为长度L=1.0 m,直径d=0.3 m的圆柱体,不计空气阻力,当她跳起到达最高点时,她的重心离跳台台面的高度为0.70 m,在从起跳到接触水面过程中完成一系列动作,入水后水的等效阻力F(不包括浮力)作用于圆柱体的下端面,F的数值随入水深度y变化的函数图像

16、如图所示,该直线与F轴相交于F=2.5 mg处,与y轴相交于y=h(某一第32页/共64页(1)起跳瞬间所做的功;(2)从起跳到接触水面过程的时间;(3)跳水池至少应为多深?(保留两位有效数字)【解题探究】(1)请对运动员在入水后进行受力分析,哪些力是变力?受到的力:_。变力:_。重力、浮力、阻力阻力、浮力未知深度)处,为了确保运动员的安全,水池必须有一定的深度,已知水的密度=1103 kg/m3,g取10 m/s2,根据以上的数据估算:第33页/共64页(2)试分析运动员受到的阻力和浮力的变化特点。提示:由图像可知,阻力F随入水深度y线性减小,可用平均力求解。入水过程中浮力逐渐增大,入水后浮

17、力大小不变。(3)各力做功的情况如何？提示:重力做正功，浮力和阻力做负功，各力做功过程中的位移大小不同。第34页/共64页【解析】(1)起跳瞬间做功W=mgh1，代入数据得W=100 J。(2)从起跳到接触水面为竖直上抛运动,代入数据得v0=2 m/s，据位移公式：-h2=v0t-gt2，h2=10 m,代入数据得t=1.63 s。第35页/共64页(3)由F-y图像可知，阻力F随y均匀变化，故平均阻力为 。从起跳到入水至最低点，设水池至少深为h，根据动能定理得式中F浮=代入数据，得h=6.6 m。答案：(1)100 J (2)1.63 s (3)6.6 m第36页/共64页【总结提升】图像所

18、围“面积”的意义(1)v-t图:由公式x=vt可知,v-t图线与坐标轴围成的面积表示物体的位移。(2)a-t图:由公式v=at可知,a-t图线与坐标轴围成的面积表示物体速度的变化量。(3)F-x图:由公式W=Fx可知,F-x图线与坐标轴围成的面积表示力所做的功。(4)P-t图:由公式W=Pt可知,P-t图线与坐标轴围成的面积表示力所做的功。第37页/共64页【变式训练】(多选)(2013佛山模拟)质量为2 kg的物体,放在动摩擦因数=0.1的水平面上,在水平拉力的作用下由静止开始运动,水平拉力做的功W和物体随位置x变化的关系如图。重力加速度g取10 m/s2,则()A.x=0至x=3 m的过程

19、中,物体的加速度是2.5 m/s2B.x=6 m时,拉力的功率是6 WC.x=9 m时,物体的速度是3 m/sD.x=3 m至x=9 m的过程中,合外力做的功是12 J第38页/共64页【解析】选B、C。图像的斜率 可知在03 m内拉力 39 m内的拉力 。F1-mg=ma1,可得a1=1.5 m/s2,故A错误。x=6 m时物体速度为v1,由动能定理 可得15+23-0.12106 ,解得v1=3 m/s,拉力功率 故B正确。x=9 m时速度为v2,再由动能定理得15+26-0.12109 解得v2=3 m/s,故C正确。物体在39 m过程中速度为3 m/s,做匀速运动，所以合力做功为零，故

20、D错误。第39页/共64页【备选例题】【典例透析】(多选)如图所示,卷扬机的绳索通过定滑轮用力F拉位于粗糙斜面上的木箱,使之沿斜面加速向上移动。在移动过程中,下列说法正确的是()A.F对木箱做的功等于木箱增加的动能与木箱克服摩擦力所做的功之和B.F对木箱做的功等于木箱克服摩擦力和克服重力所做的功之和考查内容考查内容利用动能定理分析功、能关系问题利用动能定理分析功、能关系问题第40页/共64页C.木箱克服重力做的功等于木箱增加的重力势能D.F对木箱做的功等于木箱增加的机械能与木箱克服摩擦力做的功之和【规范解答】选C、D。木箱加速上滑的过程中，拉力F做正功，重力和摩擦力做负功，支持力不做功。由动能

21、定理得：WF-WG-WFf=-0。即WF=WG+WFf+,A、B错误；又因克服重力做功WG等于物体增加的重力势能，所以WF=Ep+Ek+WFf，故D正确；又由重力做功与重力势能变化的关系知C也正确。第41页/共64页【典例】(2013合肥模拟)(18分)如图所示,质量为m=1 kg的可视为质点的小物体轻轻放在匀速运动的传送带上的P点,随传送带运动到A点后水平抛出,小物体恰好无碰撞地沿圆弧切线从B点进入竖直光滑圆弧轨道下滑,圆弧轨道与质量为M=2 kg的足够长的小车左端在最低点O点相切,并在O点滑上小车,水平地面光滑,当小物体运动到障碍物Q处时与Q发生无机械能损失的碰撞。碰撞前小物体和小车已经相

22、对静止,而小车可继续向右利用动能定理解决多过程问题第42页/共64页运动(小物体始终在小车上),小车运动过程中和圆弧无相互作用。已知圆弧半径R=1.0 m,圆弧对应的圆心角为53,A 点距水平地面的高度h=0.8 m,小物体与小车间的动摩擦因数为=0.1,重力加速度g=10 m/s2,sin53=0.8,cos53=0.6。试求:第43页/共64页(1)小物体离开A点的水平速度v1;(2)小物体经过O点时对轨道的压力;(3)第一次碰撞后直至静止,小物体相对小车的位移和小车做匀减速运动的总时间。第44页/共64页【审题抓住信息，快速推断】关键信息关键信息信息挖掘信息挖掘题题干干沿圆弧切线从沿圆弧

23、切线从B B点点进入进入说明平抛运动到说明平抛运动到B B点的速度方向恰好与轨道切线点的速度方向恰好与轨道切线平行平行无机械能损失的碰无机械能损失的碰撞撞说明碰撞后小物体的速率不变说明碰撞后小物体的速率不变问问题题水平速度水平速度v v1 1可通过分解可通过分解B B点的速度点的速度,其水平分速度即为其水平分速度即为v v1 1对轨道的压力对轨道的压力要注意要注意O O点为圆轨道的末端点为圆轨道的末端,小物体在小物体在O O点所受合点所受合力提供向心力力提供向心力相对小车的位移相对小车的位移相对位移对应着滑动摩擦力做功转化成的内能相对位移对应着滑动摩擦力做功转化成的内能,应根据功能关系求解应根

24、据功能关系求解小车做匀减速运动小车做匀减速运动的总时间的总时间小物体碰撞后到静止时应与小车同时静止小物体碰撞后到静止时应与小车同时静止,由小由小车向右匀减速运动求出第一次碰撞后小车的速车向右匀减速运动求出第一次碰撞后小车的速度度,即可求时间即可求时间第45页/共64页【答题规范解题，步步得分】(1)对小物体由A到B有：(2分)在B点：解得v1=3 m/s (3分)第46页/共64页(2)由A到O，根据动能定理有：(2分)在O点：(1分)解得：v0=m/s，FN=43 N (1分)故压力FN=43 N (1分)第47页/共64页(3)摩擦力Ff=mg=1 N,加速度am=g=1 m/s2,(2分

25、)小物体滑上小车后经过时间t达到的共同速度为vt，则得 m/s (2分)第48页/共64页由于碰撞不损失能量，小物体在小车上重复做匀减速和匀加速运动，相对小车始终向左运动，小物体与小车最终静止，摩擦力做功使动能全部转化为内能，故有：Ffl相得l相5.5 m (2分)小车从小物体碰撞后开始匀减速运动，(每个减速阶段)加速度a不变 vt=aMt,得t=s (2分)答案：(1)3 m/s (2)43 N (3)5.5 m s第49页/共64页【双基题组】1.(2013 黄浦模拟)一个质量为0.3 kg的弹性小球,在光滑水平面上以6 m/s的速度垂直撞到墙上,碰撞后小球沿相反方向运动,反弹后的速度大小

26、与碰撞前相同,则碰撞前后小球速度变化量的大小v和碰撞过程中墙对小球做功的大小W为()A.v=0B.v=12 m/sC.W=1.8 J D.W=10.8 J第50页/共64页【解析】选B。取末速度的方向为正方向，则v2=6 m/s，v1=-6 m/s，速度变化v=v2-v1=12 m/s,A错误，B正确；小球与墙碰撞过程中，墙对小球的作用力所做的功，由动能定理得 故C、D均错误。第51页/共64页2.(多选)质量为m的物体在水平力F的作用下由静止开始在光滑地面上运动，前进一段距离之后速度大小为v，再前进一段距离使物体的速度增大为2v，则()A.第二过程的速度增量等于第一过程的速度增量B.第二过程

27、的动能增量是第一过程动能增量的3倍C.第二过程合外力做的功等于第一过程合外力做的功D.第二过程合外力做的功等于第一过程合外力做功的2倍第52页/共64页【解析】选A、B。由题意知，两个过程中速度增量均为v,A正确；由动能定理知：故B正确，C、D错误。第53页/共64页3.(2013 青岛模拟)质量为m的物体静止在粗糙的水平地面上。现用一水平拉力使物体从静止开始运动，其运动的v-t图像如图所示。下列关于物体运动过程,分析正确的是()A.0t1内拉力逐渐减小B.0t1内拉力对物体做负功C.在t1t2时间内拉力的功率为零D.在t1t2时间内合外力做功第54页/共64页【解析】选A。由图像可知,在0t

28、1内物体的速度增加,加速度减小,所以拉力减小,拉力对物体做正功,故A对B错。t1t2时间内物体匀速运动,拉力等于摩擦力,所以拉力仍对物体做正功,此过程中合力做功为零,故C、D均错。第55页/共64页【高考题组】4.(多选)(2012天津高考)如图甲所示,静止在水平地面的物块A，受到水平向右的拉力F作用,F与时间t的关系如图乙所示,设物块与地面的静摩擦力最大值fm与滑动摩擦力大小相等,则()第56页/共64页A.0t1时间内F的功率逐渐增大B.t2时刻物块A的加速度最大C.t2时刻后物块A做反向运动D.t3时刻物块A的动能最大【解析】选B、D。由F-t图像可知,在0t1时间内,Ffm,故物块仍沿

29、同一方向做加速运动,至t3时刻速度最大,动能最大,选项C错、D对。第57页/共64页5.(多选)(2011新课标全国卷)一质点开始时做匀速直线运动,从某时刻起受到一恒力作用。此后,该质点的动能可能()A.一直增大B.先逐渐减小至零,再逐渐增大C.先逐渐增大至某一最大值,再逐渐减小D.先逐渐减小至某一非零的最小值,再逐渐增大第58页/共64页【解析】选A、B、D。当恒力方向与速度方向相同时,物体加速,动能一直增大,故A正确。当恒力方向与速度方向相反时,物体开始减速至零,再反向加速,动能先减小至零再增大,故B正确。当恒力与速度成小于90的夹角时,把速度沿恒力方向和垂直恒力方向分解,物体做曲线运动,

30、速度一直增大,故C错。当恒力与速度成大于90的夹角时,把速度沿恒力方向和垂直恒力方向分解,物体在与恒力相反方向上物体做减速运动直至速度为零,而在垂直恒力方向上物体速度不变,某一时刻物体速度最小,此后,物体在恒力作用下速度增加,其动能经历一个先减小到某一数值,再逐渐增大的过程,故D正确。第59页/共64页6.(2011山东高考)如图所示,将小球a从地面以初速度v0竖直上抛的同时,将另一相同质量的小球b从距地面h处由静止释放,两球恰在处相遇(不计空气阻力)。则()A.两球同时落地B.相遇时两球速度大小相等C.从开始运动到相遇,球a动能的减少量等于球b动能的增加量D.相遇后的任意时刻,重力对球a做功功率和对球b做功功率相等第60页/共64页【解析】选C。相遇时b球的位移 运动时间相遇时a球位移 ,可得 v0=gt=,相遇时a球的速度va=v0-gt=0，由题意可得此时b球已经具有向下的速度而a球速度为零，故b球以较大速度先落地,以后任意时刻重力的瞬时功率P=mgv，b球的瞬时功率总是大于a球的瞬时功率。选项A、B、D错误。从开始运动到相遇，a球克服重力所做的功等于重力对b球所做的功，由动能定理可得C项正确。第61页/共64页第62页/共64页第63页/共64页感谢您的观看！第64页/共64页