2018年新疆乌鲁木齐中考物理真题及答案.doc

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1、2018年新疆乌鲁木齐中考物理真题及答案一、选择题(本题有10个小题，每题3分，共30分。每小题4个选项，其中只有1个选项是符合题意的。选对得3分，多选、不选、错选不得分)1.关于声音，下列说法错误的是()A.声音由物体振动产生B.声音可以在真空中传播C.声音可以传递信息D.声音可以传递能量解析：本题考查的是：声音的产生；声音的传播条件；声与信息。A.一切声音的产生都是由物体振动产生的，故A正确；B.声音的传播需要介质，但不能在真空中传播，故B错误；CD.声音即能够传递信息，如医生给病人做B超检查身体的病变等，声音能够传递能量，如超声波粉碎体内结石等，故CD正确。答案：B2.利用干冰(固态CO

2、2)进行人工降雨的过程中，干冰发生的物态变化是()A.升华B.凝华C.汽化D.液化解析：本题考查的是：升华和凝华的定义和特点。人工降雨过程中，在高空云层中撒播干冰(固态二氧化碳)，干冰会迅速吸热升华为二氧化碳气体，使周围的温度降低，部分水蒸气液化成水滴，部分水蒸气凝华成小冰晶，形成降雨。答案：A3.扩散现象可以说明()A.分子间有引力B.分子间有斥力C.分子间有间隙D.分子定向运动解析：本题考查的是：扩散现象。物体的扩散是因为分子在做无规则运动能进入对方分子的空隙中，故也能说明分子间是有间隙的，故C正确。答案：C4.为了确保用电安全，下列做法错误的是()A.不接触低压带电体，不靠近高压带电体B

3、.更换灯泡、搬动电器应断开电源开关C.不弄湿用电器，不损坏绝缘层D.发生电器火灾应立即泼水救火解析：本题考查的是：安全用电原则。A、安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体，故A正确；B、更换灯泡、搬动电器前应断开电源开关，故B正确；C、不弄湿用电器，不损坏绝缘层，以防发生触电事故，故C正确；D、由于水是导体，所以当由于电热引起的火灾，在没有切断电源之前是不能用水来救火的，故D错误。答案：D5.毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，说明摩擦过程中橡胶棒()A.得到电子B.失去电子C.得到正电荷D.失去正电荷解析：本题考查的是：摩擦起电的实质。摩擦起电过程是得到和失去电子的过程，因此其实质是电子的

4、转移。当一个物体失去电子时，物体的电子比质子少，带正电；当得到电子时，物体的电子比质子多，带负电。毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，说明橡胶棒得到电子。答案：A6.如图所示，每个滑轮的重力相等，不计绳重和摩擦力，G1=60N，G2=38N，甲乙两种情况下绳子在相等拉力F作用下静止。则每个动滑轮的重力为()A.3NB.6NC.11ND.22N解析：本题考查的是：滑轮组绳子拉力的计算。由图知，使用滑轮组承担物重的绳子股数分别为：n1=3，n2=2，每个滑轮的重力相等，设动滑轮的重力为G轮，不计绳重和摩擦力，则拉力分别为：F1=(G1+G轮)，F2=(G2+G轮)，由题知F1=F2，所以(G1+G轮)=(G

5、2+G轮)，即：(60N+G轮)=(38N+G轮)，解答动滑轮的重力：G轮=6N。答案：B7.你站在地球表面，大气对你正面的压力大约是()A.60NB.600NC.6000ND.60000N解析：本题考查的是：大气压强的存在。人体正面的高1.5m左右，宽40cm左右，面积约为S=1.5m0.4m=0.6m2，根据p=可得大气对人体正面的压力大约：F=pS=105Pa0.6m2=60000N。答案：D8.夜晚，发着光的小萤火虫从放大镜的2倍焦距处沿着主光轴匀速飞行过程中，萤火虫发出的通过放大镜部分的光逐渐减少，则萤火虫的像()A.远离放大镜，平均速度小于萤火虫的飞行速度B.远离放大镜，平均速度大

6、于萤火虫的飞行速度C.靠近放大镜，平均速度小于萤火虫的飞行速度D.靠近放大镜，平均速度大于萤火虫的飞行速度解析：本题考查的是：凸透镜成像的应用。由于萤火虫发出的光向四面传播，萤火虫发出的通过放大镜部分的光逐渐减少，说明萤火虫是远离放大镜的；故CD错误；发着光的小萤火虫从放大镜的2倍焦距处向远处移动，像的范围在一倍焦距和二倍焦距之间，萤火虫的移动速度要大于像的移动速度，故A正确，B错误。答案：A9.高层建筑的墙体中有三根绞在一起的电线，可以用如图乙所示的“测量仪”把它们区分开。小华将A、B连在一起时，小明将“测量仪”连接在X、Z两端，灯泡发光；小华将B、C连在一起时，小明将“测量仪”连在X、Y两

7、端，灯泡发光。则()A.A和Y是同一根电线，B和Z是同一根电线B.B和Z是同一根电线，C和Y是同一根电线C.A和Y是同一根电线，B和X是同一根电线D.B和X是同一根电线，C和Y是同一根电线解析：本题考查的是：电路的三种状态。(1)小华将A、B连在一起时，小明将“测量仪”连接在X、Z两端，灯泡发光，如图1所示；图1中上面只剩下C端，下面只剩下的是Y端，则说明C和Y是同一根电线；(2)小华将B、C连在一起时，小明将“测量仪”连在X、Y两端，灯泡发光，如图2所示；图1中上面只剩下A端，下面只剩下的是Z端，则说明A和Z是同一根电线；综上分析，C和Y是同一根电线，A和Z是同一根电线，则剩下的B和X是同一

8、根电线，故D正确，ABC错误。答案：D10.如图所示，轻质杆可绕O点转动。分别将质量相同的纯金块、纯银块、金银制作的王冠悬挂于杆的最左端并浸没水中，将质量与王冠相同的重物对应地悬挂在杆上的A、B、C处(图中未标出)，杆恰好在水平位置平衡。测得A、C两点间的距离为7cm，B、C两点间的距离为3cm。则王冠中金和银的质量比为()A.3：7B.7：3C.2：5D.5：2解析：本题考查的是：杠杆的平衡条件；阿基米德原理。设纯金块、纯银块、金银制作的王冠以及重物的质量为m，纯金块、纯银块、金银制作的王冠的密度分别为1、2、3，体积分别为V1、V2、V3，由于132，根据V=可知，三者的体积关系：V1V3

9、V2，浸没在水中时，三者排开水的体积与各自的体积相等，根据F浮=水gV排可知，三者的浮力关系：F浮1F浮3F浮2，当质量相同(重力相同)的纯金块、纯银块、金银制作的王冠悬挂于杆的最左端并分别浸没水中时，杆的最左端受到的拉力：F拉=G-F浮，由于F浮1F浮3F浮2，则F拉1F拉3F拉2，且左边拉力的力臂相同，根据杠杆平衡条件可知，相同的重物对应地悬挂在杆上的A、B、C处，如下图所示：根据阿基米德原理和杠杆平衡条件得，当纯金块悬挂于杆的最左端并浸没水中时有：(mg-水gV1)LOD=mg(LOB+LBC+LAC)-当纯银块悬挂于杆的最左端并浸没水中时有：(mg-水gV2)LOD=mgLOB -当金

10、银制作的王冠悬挂于杆的最左端并浸没水中时有：(mg-水gV3)LOD=mg(LOB+LBC)-用-得，(水gV2-水gV1)LOD=mg(LBC+LAC)-用-得，(水gV2-水gV3)LOD=mgLBC-用得，=，化简整理得，10V3-3V1-7V2=0-设王冠中金和银的质量分别为m1、m2，则王冠的体积：V3=+-纯金块的体积：V1=-纯银快的体积：V2=-将代入整理得，+=0，由于120，所以，10m1-3m=0；10m2-7m=0；解得：m1=m；m2=m；则王冠中金和银的质量之比：m1：m2=m：m=3：7。答案：A二、填空题(本题有4个小题，每空1分，共30分。)11.(10分)汽

11、车是我们生活中常见的交通工具，了解汽车的有关知识对我们十分必要。(1)家用小汽车的挡风玻璃是倾斜的，主要是为了防止车内物体经过玻璃成的_(选填“虚”或“实”)像对司机的干扰。深秋季节，车窗玻璃内侧有时会变模糊，是因为车内的水蒸气会_成雾附着在玻璃上，这个过程水蒸气_热量。解析：本题考查的是：液化及液化现象；功率计算公式的应用；热机的效率。根据物体在平面镜中成像时，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜距离相等。小汽车前面玻璃是倾斜的，汽车内物体的像在汽车的上方，司机看前面道路时，物体的像不会影响司机的视线；深秋，汽车内的人会呼出很多水蒸气，而玻璃的温度较低，水蒸气遇到温度较低的玻璃会液化成小水珠附着

12、在玻璃上，使玻璃变模糊，此过程放出热量。答案：虚 液化 放出(2)道交法规定汽车过隧道不能超车，是因为超车过程中两车之间的空气流速增大，压强变_，容易发生事故。汽车在加速过程中_(选填“安全带”或“座椅靠背”)对司机起到保护作用。解析：两辆汽车在高速公路上应尽量避免并排行驶，因为两车之间空气流速快，压强小，容易发生碰撞事故；在座位的靠背上安装“头枕”，当轿车加速或被后面的车撞击时速度加快，乘客由于惯性会保持原来的运动状态，此时头枕可以起到防止乘客颈椎受伤。答案：小 座椅靠背(3)汽车以最大功率在山路爬坡时，可以通过_(选填“增大”或“减小”)汽车的速度来增大牵引力。在山路的急转弯处安装_镜可以

13、扩大司机的视野。某些路段采用测量汽车通过这段路程的时间来判断车辆是否超速，这种方法叫区间测速。区间测速_(选填“能”或“不能”)判断车辆通过测速区间内的任意路段是否超速。解析：根据公式P=Fv可知，在爬坡时减慢车速目的是汽车的牵引力；街头拐角处的凸面镜对光有发散作用，可以扩大司机的视野；利用区间测速只能依据该路段上的限速标准判定车辆是否超速，而不能判断车辆通过测速区间内的任意路段是否超速。答案：减小 凸(面)不能(4)由于汽油密度的变化需要对油价调整。夏季汽油的密度为0.7g/cm3，价格是6.65元/升，冬季汽油的密度为0.74g/cm3，油价应调整为_元/升。解析：夏季每吨汽油的体积V=1

14、.43m31.43103dm31.43103升，每吨汽油的总价为1.43103升6.65元/升=9509.5元；冬季每吨汽油的体积V=1.35m31.35103dm31.35103升，则在每吨汽油价格不变的情况下，冬季汽油的油价应为=7.03元/升。答案：7.03(5)某汽车的热机效率为1，若汽油完全燃烧释放的内能转化成机械能的效率为2，则这些机械能转化成有用机械能的效率为_。解析：根据=可得热机效率1=，可得W有用=1Q；汽油完全燃烧释放的内能转化成机械能的效率2=，可得W机械=2Q；则这些机械能转化成有用机械能的效率：=。答案：。12.(6分)同步通信卫星是在离地面高度为3.6107m，绕

15、地心转动的圆轨道(同步轨道)上运行的卫星，运行周期跟地球自转周期相同。(1)同步通信卫星绕地球运行时_(选填“受”或“不受”)地球的引力，周期是_h。同步通信卫星相对于地面的建筑物是_的，_颗同步通信卫星基本可以实现全球通信。解析：本题考查的是：卫星中继通信。由万有引力可知同步通信卫星绕地球运行时受球的引力，地球的自传周期为24h，同步通信卫星绕地球运行周期也是24h，同步通信卫星相对于地面的建筑物的位置没有发生变化，故是静止的，在地球的周围均匀配置3颗同步通信卫星，就可以实现全球通信。答案：受；24；静止；3(2)理论和实践表明，质量不同的同步通信卫星都以相同的速度在同步轨道上运行，若同步通

16、信卫星上的天线脱落，天线_(选填“仍然”或“不会”)在同步轨道上运行。解析：同步通信卫星上的天线脱落，由于惯性天线仍然在同步轨道上运行。答案：仍然(3)地面上的甲乙两人用卫星电话通过同步通信卫星联系，从甲发出信号到他收到乙自动回复的信号至少需要_s。解析：离地面高度为3.6107m，甲发出信号到他收到乙自动回复的信号，信号传的距离是43.6107m=1.44108m，由v=可得，t=0.48s。答案：0.4813.(8分)早期的风光互补发电巧妙利用太阳光强时风速小，光弱时风速大的自然特点，使风能、光能互补，从而基本保证发电功率稳定。(1)风能和光能都来源于_，属于_能源。若太阳光弱的时候风速小

17、，_(选填“能”或“不能”)实现风光互补发电。解析：本题考查的是：太阳能的转化。根据能源分类的标准可知，太阳能、风能都来源于太阳能，可以从自然界直接获得源源不断的获得，属于一次能源或可再生能源；风光互补发电是利用太阳光强时风速小，光弱时风速大的自然特点，使风能、光能互补，如果太阳光弱的时候风速小，不能实现风光互补发电。答案：太阳；一次(可再生)；不能(2)风机功率和风速的三次方成正比，风速加倍，其功率增加到原来的_倍。光伏功率和光的辐射量有关，单位面积光能的功率叫光的辐射量，其单位是_。解析：风机功率和风速的三次方成正比，风速加倍，其功率增加到原来的23=8 倍；单位面积光能的功率叫光的辐射量

18、，即光的辐射量，其中光能功率的单位是“W”，故光的辐射量的单位是W/m2。答案：8；W/m2(3)用风光互补发的电对额定功率P的用电器供电，风机功率为P1，光伏功率为P2，当P1+P2=_，用电器正常工作。如图乙是某风光互补发电系统一段时间内功率变化的图线，在_(选填“9”或“11”)点钟左右，光伏功率最大。对于额定功率为1kW的用电器，在13点16点这段时间里，风光互补发的电_(选填“能”或“不能”)满足其工作。解析：用风光互补发的电对额定功率P的用电器供电，风机功率为P1，光伏功率为P2，当P1+P2=P，用电器正常工作；根据图象知光伏功率最大的时间是11点；根据图象知在13点16点风光互

19、补发的电能的和大于1kW，能满足额定功率为1kW的用电器工作。答案：P；11；能14.(6分)如图是某同学制作的简易温控装置，变阻器R的最大电阻为200，Rt是热敏电阻，其阻值与温度t的关系如下表所示。当电磁继电器(电阻不计)的电流超过18mA时，衔铁被吸合，加热器停止加热，实现温控。加热器的功率是1000W，所用电源为家用交流电。t/30.040.050.060.070.0Rt/219.5164.5128.1101.882.9(1)电磁继电器是利用_(选填“电生磁”或“磁生电”)来工作的。Rt的阻值随着温度的降低逐渐_。解析：本题考查的是：电磁继电器的组成、原理和特点；欧姆定律的应用；电功与

20、热量的综合计算。电磁继电器的核心部件是电磁铁，通电时有磁性，断电时无磁性，是根据电流的磁效应制成的，即利用电生磁来工作的。由表格数据可知，温度t越低，热敏电阻Rt的阻值越大，即Rt的阻值随着温度的降低逐渐增大。答案：电生磁；增大(2)闭合开关S后发现电路有断路的地方。该同学将一个电压表接到ab两点时指针不偏转，接到ac两点时指针偏转，断路处在_之间(选填“ab“或“bc“)。解析：该同学将一个电压表接到ab两点时指针不偏转，说明ab两点之间是连通的，断路在ab两点之外的位置；将电压表接到ac两点时指针偏转，说明电压表与电源两极是连通的，其断路处在bc之间。答案：bc(3)为使该装置能对3070

21、之间任意温度进行控制，电源E用_节干电池。若在50时衔铁被吸合，应将滑动变阻器R的阻值调到_。将调节好的装置(50衔铁被吸合)放在容积为100m3的密闭保温容器中，已知空气的比热容为1000J(/kg)，密度为1.3kg/m3，则容器中的空气从30加热到空气达到的最高温度至少需要_s。解析：由于电磁继电器(电阻不计)的衔铁被吸合的电流I=18mA=0.018A不变，当温度为30时，热敏电阻Rt的阻值最大，其阻值Rt=219.5，由I=得，热敏电阻Rt两端的电压：Ut=IRt=0.018A219.5=3.951V，由于一节干电池的电压为1.5V，所以需要的干电池的节数：n=2.634，所以，n取

22、3节，即电源E用3节干电池。电源E的电压：U=31.5V=4.5V，此时电路总电阻：R总=250，由表格数据可知，在温度为50时，热敏电阻Rt=128.1，根据串联电路电阻特点可知，滑动变阻器R接入电路的阻值：R=R总-Rt=250-128.1=121.9。由=得，密闭保温容器中空气的质量：m=V=1.3kg/m3100m3=130kg，则容器中的空气从30加热到空气达到的最高温度吸收的热量：Q吸=cm(t-t0)=1000J(/kg)130kg(50-30)=2.6106J，由题意知，加热器消耗的电能W=Q吸=2.6106J，由P=得，需要的加热时间：t=2600s。答案：3；121.9；2

23、600三、作图题(每题2分，共6分)15.(2分)如图所示，OC是折射光线，请画出入射光线AO和反射光线OB。解析：本题考查的是：作光的反射光路图；作光的折射光路图。当光线射向两种介质的界面上时，会同时发生反射和折射；由反射角等于入射角确定反射光线，当光从空气中斜射入水中时，折射光线将向靠近法线的方向偏折，即折射角小于入射角。答案：如下图所示：16.(2分)如图所示，画出斜面上下滑的物体受到的重力和弹力示意图(O为两个力的作用点)。解析：本题考查的是：弹力；重力示意图。重力的方向竖直向下，弹力的方向垂直于斜面向上，作用点均在O点上。答案：如图所示：17.(2分)如图所示，闭合电路中的一部分导线

24、垂直于纸面放置，向右运动时能在电路中产生感应电流，请画出磁感线的大致方向。解析：本题考查的是：电磁感应。只有闭合电路的一部分导体在磁场中做导体切割磁感线运动时，电路中才会产生感应电流，故磁感线在竖直方向或稍为倾斜时，导体向右运动才会产生感应电流。答案：如图所示：或四、实验题(本题有3个小题，每空1分，共14分)18.(4分)在探究光的反射规律的实验中，小明设计了如图所示的实验：将平面镜放在水平桌面，硬纸板竖直地立在平面镜上，硬纸板上的直线ON垂直于镜面，右侧纸板可绕ON转动。(1)如图甲，当硬纸板在同一平面上，使一束光贴着纸板沿某一方向射到O点，经平面镜反射，沿另一个方向射出。当入射光EO向O

25、N靠近的过程中，发现反射光OF_(选填“靠近”或“远离”)ON。为了精确探究反射规律，除了图中的器材，还需要刻度尺、_和_。解析：本题考查的是：光的反射定律。光反射时，反射角大小等于入射角，若将EO向ON靠近，则OF靠近ON；为了精确探究反射规律，需要测量角度，记录数据，列出表格，故除了图中的器材，还需要刻度尺、笔和量角器。答案：靠近；笔；量角器(2)如图乙，保持左侧纸板和入射光的位置不变，将右侧纸板绕ON转动，此时在右侧纸板上不能看到反射光，由此可以得出反射光线、入射光线和法线_的结论。解析：实验中使用可折转的硬纸板，除了能呈现光路外，将右侧纸板绕ON转动，此时在右侧纸板上不能看到反射光，由

26、此可以得出反射光线、入射光线和法线在同一平面内的结论。答案：在同一平面内19.(5分)绳子的抗断拉力是绳子能够承受的最大拉力，超过这个拉力，绳子就会断裂。某实验小组用“加沙子法”测量一根细轻绳的抗断拉力，主要过程如下：将小桶悬挂于细绳下，缓慢在桶中添加沙子，直到绳子断裂。取下小桶，用弹簧测力计测小桶和沙子的重力。(1)某次测量中，用弹簧测力计测得桶和沙子的重力如图所示，细绳的抗断拉力为_N。本实验的原理中用到了力的相互作用规律和_的知识。这种方法测量出的抗断拉力比绳子实际的抗断拉力_。解析：本题考查的是：二力平衡条件的应用；弹簧测力计的使用与读数。图中弹簧测力计的分度值为2N，则细绳的抗断拉力

27、为48N；实验中，小桶和沙子受到的重力，与测力计对它的拉力是一对平衡力，故还用到了二力平衡的知识；此方法中实际测量的力是将绳子拉断后的力，因此，测量出的抗断拉力比绳子实际的抗断拉力大。答案：48；二力平衡；大(2)改变绳子的长度，其抗断拉力_改变；用绳子拉着重物加速上升，其抗断拉力_改变。(均选填“会”或“不会”)解析：绳子的抗断拉力只与绳子本身的特点(即绳子的材料和粗细)有关，而与绳子的长度无关；同时，用绳子拉着重物加速上升，只是拉力大于重力，但其抗断拉力是不会改变的。答案：不会；不会20.(5分)某实验小组的同学用铅笔芯探究导体的电阻与长度的关系，如图所示是该实验的电路图。(1)闭合开关，

28、向右移动铅笔芯上的滑片P1，电路中的电流_(选填“变大”“变小、”或“不变”)。解析：本题考查的是：影响电阻大小的因素。由图知，铅笔芯和滑动变阻器串联，电压表测滑片P1左侧部分铅笔芯的电压，因电压表在电路中相当于断路，所以可知整个铅笔芯连入电路，则向右移动滑片P1时，不能改变电路中的电阻，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路中的电流不变。答案：不变(2)如果滑片P1滑动到铅笔芯最右端时，电压表示数很小，应该将滑动变阻器的滑片P2向_移动。解析：如果滑片P1滑动到铅笔芯最右端时，电压表示数很小，说明滑动变阻器分压太大，应该减小滑动变阻器两端的电压，减小滑动变阻器连入的电阻，即应该将滑动变阻器的滑片

29、P2向右移动。答案：右(3)移动铅笔芯上面的滑片P1，记录铅笔芯AP1之间的距离和电压表的示数，数据如下：AP1/mm030.060.090.0120.0150.0180.0U/V00.40.81.21.62.02.4通过数据反映出的规律和_可以推出导体的电阻与导体的长度成_比的结论。若图示位置时电压表示数为0.9V，滑片P2向右移动一段距离，电压表示数变为1.2V，滑片P2再向右移动一段相同的距离，电压表示数为_V。解析：由表中数据可知，电压表的示数(即铅笔芯AP1段两端的电压)随AP1长度的增大而增大，并且成倍数的增大，所以铅笔芯AP1段两端的电压与AP1的长度成正比；电路中电流不变，由U

30、=IR可知，铅笔芯AP1段两端的电压与AP1的电阻成正比；由此可以推出：导体的电阻与导体的长度成正比。图示位置时电压表示数为0.9V，设电源电压为U、整个铅笔芯的电阻为R0、与电压表并联部分的电阻为R0左、此时滑动变阻器连入电阻为R1，串联电路的电流处处相等，由欧姆定律可得此时电路中电流：=，-当滑片P2向右移动一段距离，设滑动变阻器连入电阻减小值为R，电压表示数变为1.2V，由欧姆定律可得此时电路中电流：=，-得：=1-，化简可得：R0+R1=4R，代入得：=，-当滑片P2再向右移动一段相同的距离，滑动变阻器连入电阻减小值为2R，设此时铅笔芯两端电压为U3，由欧姆定律可得此时电路中电流：，-

31、得：，解得：U3=1.8V。答案：欧姆定律；正；1.8五、计算题(本题有2个小题，每题5分，共10分。每题要有计算过程和必要的文字说明，只给出结果不得分)21.(5分)如图所示，电阻R1为20，电阻R2为60，只闭合开关S1时，电流表的示数为1.2A，求(1)电源的电压解析：本题考查的是：欧姆定律的应用；电功率的计算。如图所示，电阻R1和电阻R2并联，只闭合开关S1时，电阻R1单独接入电路，由I=可得电阻R1的电压：U=U1=I1R1=1.2A20=24V。答案：电源的电压是24V。(2)闭合开关S1和S2，电路消耗的总功率。解析：闭合开关S1和S2，电阻R1和电阻R2并联，由I=可得电路中电

32、流：I=I1+I2=I1+=1.2A+=1.2A+0.4A=1.6A，电路消耗的总功率：P=UI=24V1.6A=38.4W。答案：闭合开关S1和S2，电路消耗的总功率是38.4W。22.(5分)如图所示，长1m，重5N的匀质杠杆OB连接在竖直墙壁的0点，在杠杆的中点A处悬挂45N的重物。固定在A点的绳子跨过定滑轮，在拉力F作用下使杠杆在水平位置平衡，此时OAC=45。不计绳子重力和转动部分的摩擦，求(1)缓慢地将杠杆从水平位置转动到竖直位置的过程中，拉力做的功；解析：本题考查的是：杠杆的平衡条件；功的计算。图中为定滑轮，不计绳子重力和转动部分的摩擦，则拉力F做的功等于克服杠杆与物重所做的功根

33、据题意可知，杠杆O长1m，将杠杆从水平位置转动到竖直位置的过程中，杠杆和重物上升的高度h=OB=1m=0.5m；即W=W杠+W物=G杠h+G物h=5N0.5m+45N0.5m=25J。答案：缓慢地将杠杆从水平位置转动到竖直位置的过程中，拉力做的功25J(2)杠杆从水平位置逆时针缓慢转动多大角度后，绳子拉力开始小于50N。解析：如图，由题可知，OAC=45，所以OC=OA，根据杠杆平衡条件可得：GOM=FON，当逆时针转动至某一角度时，拉力F=50N，则50NOM=50ON，所以，OM=ON，又OC=OA，根据三形知识可得：MOA=AON=NOC=30。答案：杠杆从水平位置逆时针缓慢转动30后，绳子拉力开始小于50N