2023届广东省深圳市罗湖区高考仿真卷物理试卷含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，铁板倾斜放置，倾角为，磁铁吸在铁板上并处于静止状态，磁铁的质量为，重力加速度为，则下列说法正确的是（ ）A磁铁可能只受两个力作用B磁铁一定受三个力作用C铁板对磁铁的摩擦力大小为

2、D铁板对磁铁的作用力大小为2、如图所示，甲、乙两物体用两根轻质细线分别悬挂在天花板上，两细线与水平方向夹角分别为60和45，甲、乙间拴接的轻质弹簧恰好处于水平状态，则下列判断正确的是（）A甲、乙的质量之比为1:B甲、乙所受弹簧弹力大小之比为:C悬挂甲、乙的细线上拉力大小之比为1:D快速撤去弹簧的瞬间，甲、乙的瞬时加速度大小之比为1:3、如图所示，水平地面上堆放着原木，关于原木P在支撑点M、N处受力的方向，下列说法正确的是( )AM处受到的支持力竖直向上BN处受到的支持力竖直向上CM处受到的静摩擦力沿MN方向DN处受到的静摩擦力沿水平方向4、可看作质点的甲、乙两汽车沿着两条平行车道直线行驶，在甲

3、车匀速路过处的同时，乙车从此处由静止匀加速启动，从某时刻开始计时，两车运动的图象如图所示，时刻在B处甲，乙两车相遇。下面说法正确的是A两处的距离为B时刻乙车的速度是C时刻两车并排行驶D时刻乙车行驶在甲车前面5、两个等量点电荷位于x轴上，它们的静电场的电势随位置x变化规律如图所示（只画出了部分区域内的电势），x轴上两点B、C点，且OBOC，由图可知（）AC点的电势低于B点的电势BB点的场强大小大于C点的场强大小，B、C点的电场方向相同C正电荷可以在x轴上B、C之间的某两点做往复运动D负电荷沿x轴从B移到C的过程中电场力先做正功后作负功6、如图所示，将直径为d，电阻为R的闭合金属环从匀强磁场B中拉

4、出，这一过程中通过金属环某一截面的电荷量为（ ）ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路中，P为滑动变阻器的滑片保持理想变压器的输入电压不变，闭合电建S，下列说法正确的是 AP向下滑动时，灯L变亮BP向下滑动时，变压器的输出电压不变CP向上滑动时，变压器的输入电流减小DP向上滑动时，变压器的输出功率变大8、如图所示，一束红光从空气射向折射率n=种玻璃的表面，其中i为入射角，则下列说法正确的是（）A当i=45时会发生全反射现象B无论入射角i为多大，折射

5、角r都不会超过45C当入射角的正切值tani=，反射光线与折射光线恰好相互垂直D光从空气射入玻璃，速度减小E.若将入射光换成紫光，则在同样入射角i的情况下，折射角r将变大9、如图（甲）所示，两根足够长的平行光滑金属导轨固定在水平面内，导轨间距为1.0m，左端连接阻值R=4.0的电阻，匀强磁场磁感应强度B=0.5T、方向垂直导轨所在平面向下。质量m=0.2kg、长度l=1.0m、电阻r=1.0的金属杆置于导轨上，向右运动并与导轨始终保持垂直且接触良好，t=0时对杆施加一平行于导轨方向的外力F，杆运动的vt图像如图（乙）所示，其余电阻不计、则（）At=0时刻，外力F水平向右，大小为0.7NB3s内

6、，流过R的电荷量为3.6CC从t=0开始，金属杆运动距离为5m时电阻R两端的电压为1.6VD在03.0s内，外力F大小随时间t变化的关系式是F=0.1+0.1t（N）10、如图所示，分别在M、N两点固定放置带电荷量分别为+Q和-q（Qq）的点电荷，以MN连线的中点O为圆心的圆周上有A、B、C、D四点。以下判断正确的是（）AA点的电场强度小于B点的电场强度BC点的电场强度方向跟D点的电场强度方向相同CA、C两点间的电势差等于A、D两点间的电势差D试探电荷+q在A点的电势能大于在B点的电势能三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）一实验小

7、组用某种导电材料制作成电阻较小(约小于3)的元件Z，并通过实验研究该元件中的电流随两端电压从零逐渐增大过程中的变化规律。(1)该小组连成的实物电路如图(a)所示，其中有两处错误，请在错误的连线上打“”，并在原图上用笔画出正确的连线_。(2)在实验中应选用的滑动变阻器是_。A滑动变阻器R1(05 额定电流5A)B滑动变阻器R2(020 额定电流5A)C滑动变阻器R3(0100 额定电流2A)(3)图(b)中的点为实验测得的元件Z中的电流与电压值，请将点连接成图线_。(4把元件Z接入如图(c)所示的电路中，当电阻R的阻值为2时，电流表的读数为1.25A；当电阻R的阻值为3.6时，电流表的读数为0.

8、8A。结合图线，可求出电池的电动势E为_V，内阻r为_。12（12分）在研究匀变速直线运动的实验中，某同学选出一条点迹比较清晰的纸带，舍去开始密集的点迹，从便于测量的点开始，每隔一个点取一个计数点，如下图中0、1、26点所示。a测量1、2、36计数点到0计数点的距离，分别记作：x1、x2、x6b分别计算x1、x2x6与对应时间的比值、c以上为纵坐标、1为横坐标，标出x与对应时间l的坐标点，画出了图线如图所示根据图线可以计算：物体在计时起点的速度v0=_cm/s；加速度a=_m/s2。（计算结果均保留2位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的

9、文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，ABCD为固定在竖直平面内的轨道，其中ABC为光滑半圆形轨道，半径为R，CD为水平粗糙轨道，一质量为m的小滑块（可视为质点）从圆轨道中点B由静止释放，滑至D点恰好静止，CD间距为4R。已知重力加速度为g。(1)求小滑块与水平面间的动摩擦因数(2)求小滑块到达C点时，小滑块对圆轨道压力的大小(3)现使小滑块在D点获得一初动能，使它向左运动冲上圆轨道，恰好能通过最高点A，求小滑块在D点获得的初动能14（16分）如图，从离子源A发出的初速度为零、带电荷量为质量为的正离子，被电压为的电场加速后，沿中心轴线射入带电的平行板电容器。电容器的板长为、板间距

10、离为，板间电压为。离子射出电场一段时间后又进入一个环状区域的匀强磁场，磁场的外半径为，宽度，磁场方向垂直于纸面向里，磁场的圆心与平行板电容器的中心重合，求：(1)该离子进入偏转电场时速度的大小；(2)为使该离子不能从磁场外边缘射出，磁场的磁感应强度的最小值；(3)为保证该离子不从磁场外边缘射出，离子在磁场中运动的最长时间。15（12分）托卡马克(Tokamak)是一.种复杂的环形装置，结构如图甲所示。环心处有一欧姆线圈，四周是一个环形真空室，真空室外排列着环向场线圈和极向场线圈，其中欧姆线圈的作用一是给等离子体加热以达到核聚变所需的临界温度；二是产生感应电场用以等离子体加速。同时，极向场线圈通

11、电后提供的极向磁场与环向场线圈通电后提供的环向磁场将高温等离子体约束在真空室内，促使核聚变的进行。如图乙所示为环形真空室简化图，其内径为R1=2 m、外径为R2=5 m，S和S为其截面关于中心对称。假设约束的核聚变材料只有氘核()和氚核()，且不考虑核子间的相互作用，中子和质子的质量差异以及速度对核子质量的影响，核子一旦接触环形真空室壁即被吸收导走。(已知质子的电荷量为 C；质子和中子质量均为 kg)。试回答：(1)氘核()和氚核()结合成氢核()时，要放出某种粒子，同时释放出能量，写出上述核反应方程；(2)欧姆线圈中，通以恒定电流时，等离子体能否发生核聚变(“能”或“不能”)，并简要说明判断

12、理由；(3)若关闭欧姆线圈和环向场线圈的电流，当极向磁场为多大时，从垂直于S截面速度同为的氘核()能够全部通过S截面；(4)若关闭欧姆线圈和环向场线圈的电流，当极向磁场在某一范围内变化时，垂直于S截面速度同为的氘核()和氚核()能够在S截面要有重叠，求磁感应强度B的取值范围。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】AB磁铁受到重力、铁板对磁铁的弹力、摩擦力、铁板对磁铁的磁场力共四个力，选项AB错误；C根据力的平衡可知，铁板对磁铁的摩擦力大小为，选项C错误；D铁板对磁铁的作用力与磁铁的重力等大反向，选项D正确。

13、故选D。2、D【解析】B因为是同一根弹簧，弹力相等，故B错误；AC对甲乙两个物体受力分析，如图所示甲乙都处于静止状态，受力平衡，则有对甲，对乙，代入数据得故AC错误；D快速撤去弹簧的瞬间，甲、乙所受合力为其重力在绳端的切向分力，根据牛顿运动定律有故D正确。故选D。3、A【解析】M处受到的支持力的方向与地面垂直向上，即竖直向上，故A正确；N处受到的支持力的方向与原木P垂直向上，不是竖直向上，故B错误；原木相对于地有向左运动的趋势，则在M处受到的摩擦力沿地面向右，故C错误；因原木P有沿原木向下的运动趋势，所以N处受到的摩擦力沿MN方向，故D错误故选A4、B【解析】AB.将乙车的运动图象反向延长，与

14、横轴的交点对应车道上的位置，当汽车乙追上汽车甲时，两车位移相等，时刻乙车的速度是，A、B两处的距离大于，选项A错误、选项B正确；CD.从A到B一直是乙车在后面追赶甲车，选项C、D错误。5、B【解析】根据电势的图象直接读出电势高低由可知，图象的斜率绝对值等于场强大小，由斜率分析场强的大小关系。根据顺着电场线方向电势降低，判断电场线的方向，确定正电荷所受的电场力方向，分析其运动情况。根据电场力与位移方向间的关系，判断电场力做功的正负。【详解】A由图知，C点的电势高于B点的电势故A错误；B由可知，图象的斜率绝对值等于场强大小，可以看出B点的场强大小大于C点的场强大小，斜率都为正值，说明B、C点的电场

15、方向相同，故B正确；C根据顺着电场线方向电势降低，可知电场线的方向从C指向B，正电荷在x轴上B、C之间所受的电场力始终由C指向B，正电荷做单向直线运动，故C错误；D负电荷沿x轴从B移到C的过程中，电场力方向由从B指向C，电场力方向与位移相同，电场力一直做正功，故D错误。故选B。【点睛】本题考查对电势与场强、电场线方向、电场力做功等等关系的理解，难点是根据匀强电场电势差与场强的关系理解图象的斜率与场强的关系。6、A【解析】金属环的面积：由法拉第电磁感应定律得：由欧姆定律得，感应电流：感应电荷量：q=It，解得：故A正确，BCD错误；故选A【点睛】本题考查了求磁通量的变化量、感应电荷量等问题，应用

16、磁通量的定义式、法拉第电磁感应定律、欧姆定律、电流定义式即可正确解题，求感应电荷量时，也可以直接用公式计算二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A由于理想变压器输入电压不变，则副线圈电压不变，滑片P滑动时，对灯泡电压没有影响，故灯泡亮度不变，则选项A错误；B滑片P下滑，电阻变大，但副线圈电压由原线圈电压决定，则副线圈电压不变，故选项B正确；C滑片P上滑，电阻减小，电流增大，则原线圈输入电流也增大，故选项C错误；D此时变压器输出功率将变大，故选项D正确8、BC

17、D【解析】A光线从空气进入玻璃中时，由光疏射向光密介质，不可能会发生全反射现象，选项A错误；B根据当i=90时r=45，可知无论入射角i为多大，折射角r都不会超过45，选项B正确；C当反射光线与折射光线恰好相互垂直时，则解得选项C正确；D光从空气射入玻璃，由光疏射向光密介质，速度减小，选项D正确；E若将入射光换成紫光，则由于紫光的折射率大于红光，则在同样入射角i的情况下，折射角r将变小，选项E错误。故选BCD。9、CD【解析】A根据vt图象可以知道金属杆做匀减速直线运动，加速度为当t=0时刻，设向右为正方向，根据牛顿第二定律有根据闭合电路欧姆定律和法拉第电磁感应定律有联立以上各式代入数据可得，

18、负号表示方向水平向左，故A错误；B根据联立可得又因为vt图象与坐标轴围成的面积表示通过的位移，所以有故代入数据可解得q=0.9C故B错误；C设杆运动了5m时速度为v1，则有此时金属杆产生的感应电动势回路中产生的电流电阻R两端的电压联立以上几式结合A选项分析可得，故C正确；D由A选项分析可知t=0时刻外力F的方向与v0反向，由牛顿第二定律有设在t时刻金属杆的速度为v，杆的电动势为E，回路电流为I，则有联立以上几式可得N负号表示方向水平向左，即大小关系为N故D正确。故选CD。10、CD【解析】A由于，A点处电场线比B点处电场线密，A点的电场强度大于B点的电场强度，A错误；B电场线从Q出发到q终止，

19、关于MN对称，C、D两点电场线疏密程度相同，但方向不同，B错误；C由于C点电势等于D点电势，则A、C两点间的电势差等于A、D两点间的电势差，C正确；DA点的电势高于B点的电势，+q在A点的电势能大于在B点的电势能，D正确。故选CD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、电源负极与滑动变阻器a端相连 A 4.1 0.45 【解析】(1)1因Z电阻较小，电流表应采用外接法；由于要求电压从零开始变化，滑动变阻器选用分压接法，错误的连线标注及正确接法如图：(2)2分压接法中，为了便于调节，滑动变阻器选用总阻值小，且额定电流较大的，故选：A；(3)

20、3根据描点法得出对应的伏安特性曲线如图所示：；(4)45当电流为1.25A时，Z电阻两端的电压约为1.0V；当电流为0.8A时，Z电阻两端的电压约为0.82V；由闭合电路欧姆定律可知：E=1.25(r+2)+1=1.25r+3.5E=0.8(r+3.6)+0.82=0.8r+3.7联立解得：E=4.1V r=0.4412、4.0 1.0 【解析】12物体做匀变速直线运动，根据运动学公式有两边同时除以时间t，变形得结合图线可知，初速度为纵轴截距斜率为，由图可得解得m/s2四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)0

21、.25；(2)；(3)【解析】(1)从B到D的过程中，根据动能定理得所以(2)设小滑块到达C点时的速度为，根据机械能守恒定律得解得：设小滑块到达C点时圆轨道对它的支持力为，根据牛顿第二定律得解得：根据牛顿第三定律，小滑块到达C点时，对圆轨道压力的大小(3)根据题意，小滑块恰好到达圆轨道的最高点A，此时，重力充当向心力，设小滑块到达A点时的速度为，根据牛顿第二定律得解得设小滑块在D点获得的初动能为，根据能量守恒定律得即14、 (1) ；(2) ；(3) 【解析】(1)电场中加速，有解得(2)电场中类平抛，如图：竖直方向有水平位移又有解得在最小磁场中做圆周运动，有由几何关系得解得解得(3)在磁场中

22、运动速度一定，磁场不同，运动时间不同。图示为最长时间。圆周运动周期由几何关系得则圆周运动时间解得15、 (1)；(2)不能；(3)；(4)【解析】(1) 氘核()和氚核()结合成氢核()的核反应方程：(2)恒定电流产生恒定磁场，而恒定磁场无法产生感生电场，故离子无法被加速，因此不能发生核聚变反应；(3)在极向磁场的作用下，氘核将从截面出发做匀速圆周运动，当运动半径为：时，能够全部通过截面；根据牛顿第二定律可得：可得：代入数据可得： (4 )设氘核和氚核在磁场中的轨迹半径分别为和，则根据半径公式，两者满足：由图可得，要使能够在截面有重叠，须满足：为使交叠区域在截面内，有：通过列式计算得到需满足：根据公式：代入数据解得：