2023届广东省河源市连平县忠信中学高三下学期联考物理试题含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，已知电源的内阻为r，外电路的固定电阻R0r，可变电阻Rx的总电阻为2r，在Rx的滑动触头从A端滑向B端的过程

2、中（ ）ARx消耗的功率变小B电源输出的功率减小C电源内部消耗的功率减小DR0消耗的功率减小2、如图所示，一段长方体形导电材料，左右两端面的边长都为a和b，内有带电量为q的某种自由运动电荷导电材料置于方向垂直于其前表面向里的匀强磁场中，内部磁感应强度大小为B当通以从左到右的稳恒电流I时，测得导电材料上、下表面之间的电压为U，且上表面的电势比下表面的低由此可得该导电材料单位体积内自由运动电荷数及自由运动电荷的正负分别为A，负B，正C，负D，正3、一根细线一端系一小球（可视为质点），另一端固定在光滑圆锥顶上，如图所示，设小球在水平面内做匀速圆周运动的角速度为，细线的张力为FT，则FT随2变化的图象

3、是（）ABCD4、空间存在如图所示的静电场，图中实线a、b、c、d、e为静电场中的等势线，虚线为等势线的水平对称轴。一个带负电的粒子从P点以垂直于虚线向上的初速度v0射入电场，开始一小段时间内的运动轨迹已在图中画出，粒子仅受电场力作用，则下列说法中正确的是（ ）A等势线a的电势最高B带电粒子从P点射出后经过等势线b时，粒子的速率可能等于v0C若让粒子从P点由静止释放，在图示空间内，粒子将在虚线上做往复运动D若让粒子从P点由静止释放，在图示空间内，粒子的加速度先增大后减小5、如图，一圆形闭合铜环由高处从静止开始下落，穿过一根质量为m、竖直悬挂的条形磁铁，细绳对磁铁的拉力为F。若线圈下落过程中，铜

4、环的中心轴线与条形磁铁的中轴始终保持重合，则下列图中能正确描述拉力F随时间t变化的图像是（ ）ABCD6、质量为m的小球套在竖直的光滑杆上，一根轻质弹簧一端固定于O点，另一端与小球相连，弹簧与杆在同一竖直平面内让小球从A点开始释放，此时弹簧处于原长，当小球下降的最大竖直高度为h时到达B点，若全过程中弹簧始终处于弹性限度内，竖直杆与OB的夹角为30，下列研究小球从A到B全过程的说法正确的是A当弹簧与杆垂直时，小球速度最大B小球的加速度为重力加速度的位置共有三个C弹簧的弹性势能先增大后减小D弹簧的弹性势能增加量大于mgh二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，

5、有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、2019年10月1日，在庆祝中华人民共和国成立70周年阅兵式上，主席乘“红旗”牌国产轿车依次检阅15个徒步方队和32个装备方队（如图甲所示）。检阅车在水平路面上的启动过程如图乙所示，其中Oa为过原点的倾斜直线，ab段表示以额定功率P行驶时的加速阶段，bc段是与ab段相切的水平直线，若检阅车的质量为m，行驶过程中所受阻力恒为f，则下列说法正确的是（ ）A检阅车在t1时刻的牵引力和功率都是最大值，t2t3时间内其牵引力等于fB0t1时间内检阅车做变加速运动C0t2时间内的平均速度等于Dt1t2时间内检阅车克服阻力

6、所做功为P（t2t1）+8、如图所示，在x轴上坐标原点O处固定电荷量ql=+4108C的点电荷，在x=6cm处固定电荷量q2=1108 C的点电荷。现在x轴上x12cm的某处由静止释放一试探电荷，则该试探电荷运动的vt图像可能正确的是（ ）ABCD9、如图所示，航天器和卫星分别在同一平面内的1、2轨道上绕地球做匀速圆周运动，其半径分别为r、2r，速率分别为v1和v2。航天器运动到A点时突然加速到v3后沿曲线运动，其轨迹与轨道2交于B点，经过B点时速率和加速度分别为v4和a1，卫星通过B点时加速度为a2。已知地球的质量为M，质量为m的物体离地球中心距离为r时，系统的引力势能为（取物体离地球无穷远

7、处引力势能为零），物体沿AB曲线运动时机械能为零。则下列说法正确的是（）ABCD若航天器质量为m0，由A点运动到B点的过程中地球对它的引力做功为10、如图所示，在竖直平面内存在竖直方向的匀强电场。长度为l的轻质绝缘细绳一端固定在O点，另一端连接一质量为m、电荷量为+q的小球（可视为质点），初始时小球静止在电场中的a点，此时细绳拉力为2mg，g为重力加速度。若小球在a点获得一水平初速度va，使其恰能在竖直面内做完整的圆周运动，则（ ）A电场强度为，方向竖直向上Ba、O两点的电势差Uao= C初速度va=D小球在竖直面内做匀速圆周运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题

8、处，不要求写出演算过程。11（6分）图甲为一个简单的多用电表的电路图，其中电源的电动势E=1.5V、内阻r=1.0，电流表内阻Rg=10、满偏电流Ig=10mA。该多用电表表盘如图乙所示，下排刻度均匀，C为上排刻度线的中间刻度。(1)选择开关接“1”，指针指在图乙所示位置时示数为_（结果保留三位有效数字）。(2)如果选择开关接“3”，图甲中电阻R2=240，则此状态下多用电表为量程_的电压表。(3)如果选择开关接“2”，该多用电表可用来测电阻，C刻度应标为_。(4)如果选择开关接“2”，红、黑表笔短接，调节R1的阻值使电表指针刚好满偏，再测量某一电阻，指针指在图乙所示位置，则该电阻的测量阻值为

9、_（保留两位有效数字）。(5)如果将该多用电表的电池换成一个电动势为1.5V、内阻为1.2的电池，正确调零后测量某电阻的阻值，其测量结果_（选填“偏大”、“偏小”或“准确”）。12（12分）现测定长金属丝的电阻率某次用螺旋测微器测量金属丝直径的结果如图所示，其读数是_利用下列器材设计一个电路，尽量准确地测量一段金属丝的电阻这段金属丝的电阻，约为，画出实验电路图，并标明器材代号电源 （电动势，内阻约为）电流表 （量程，内阻）电流表 （量程，内阻约为）滑动变阻器 （最大阻值，额定电流）开关及导线若干某同学设计方案正确，测量得到电流表的读数为，电流表的读数为，则这段金属丝电阻的计算式_从设计原理看，

10、其测量值与真实值相比_（填“偏大”、“偏小”或“相等”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一根粗细均匀、内壁光滑、竖直放置的玻璃管上端密封，下端封闭但留有一气孔与外界大气相连管内上部被活塞封住一定量的气体（可视为理想气体）设外界大气压强为p2，活塞因重力而产生的压强为2.5p2开始时，气体温度为T2活塞上方气体的体积为V2，活塞下方玻璃管的容积为2.5V2现对活塞上部密封的气体缓慢加热求：活塞刚碰到玻璃管底部时气体的温度；当气体温度达到2.8T2时气体的压强14（16分）如图甲所示，、为两平行金

11、属板，为板上的小孔，半径的圆与板相切于处，在圆周上，且。圆内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场；两板间有分布均匀的电场，电场强度随时间的变化规律如图乙所示。当时，一靠近处的带电粒子由静止释放后，向板运动，当时返回处，进入磁场后，从点离开磁场。已知粒子的比荷，不计粒子重力，粒子不会碰到板。求：(1)内的场强大小；(2)磁感应强度大小以及粒子在磁场中运动的时间（，时间保留两位有效数字）。 15（12分）导热性能良好的两个相同容器A、B由细软管C连通，灌注一定量的某液体后将A的。上端封闭，如图甲所示，A中气柱长度为h，温度为T0.保持A固定不动，缓慢竖直向下移动B，停止移动时位置如图乙所示，此时A、B容

12、器中液面高度差为，甲、乙两图中软管底部相距为。保持两容器位置不变，缓慢加热气体A，使得两容器中液面再次持平，如图丙所示。已知液体密度为，重力加速度为g，求：大气压强p0；丙图A容器中气体温度T。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】A当外电阻与电源内阻相等时电源的输出功率最大；将R0等效为电源的内阻，则电源的等效内阻为2r；当Rx的滑动触头从A端滑向B端的过程中，电阻Rx从2r减小到零，则Rx消耗的功率变小，选项A正确；BRx的滑动触头从A端滑向B端的过程中，外电路电阻从3r减小到r，则电源输出功率逐渐变大

13、，选项B错误；CDRx的滑动触头从A端滑向B端的过程中，总电阻逐渐减小，则电流逐渐变大，则根据P=I2R可知，电源内部消耗的功率以及R0消耗的功率均变大，选项CD错误；故选A。2、C【解析】因为上表面的电势比下表面的低，根据左手定则，知道移动的电荷为负电荷；根据电荷所受的洛伦兹力和电场力平衡可得：解得：因为电流为：解得：A.与分析不符，故A错误；B.与分析不符，故B错误；C.与分析相符，故C正确；D.与分析不符，故D错误3、C【解析】由题知小球未离开圆锥表面时细线与竖直方向的夹角为，用L表示细线长度，小球离开圆锥表面前，细线的张力为FT，圆锥对小球的支持力为FN，根据牛顿第二定律有FTsinF

14、Ncosm2LsinFTcosFNsinmg联立解得FTmgcos2mLsin2小球离开圆锥表面后，设细线与竖直方向的夹角为，根据牛顿第二定律有FTsinm2Lsin解得FTmL2故C正确。故选C。4、D【解析】A由图可知，负电荷弯曲的方向向右，则受到的电场力得方向向右，由于负电荷受到的电场力得方向与电场强度的方向相反，所以电场强度的方向向左，等势线a电势最低。故A错误；B带电粒子从P点射出后经过等势线b时，电场力做正功，则粒子的动能增加，则其速率大于v0，选项B错误；C让粒子在P点由静止释放，粒子受到的电场力得方向始终向右，所以将一直向右做加速运动。故C错误；D电场线的疏密代表电场的强弱，让

15、粒子在P点由静止释放，粒子将沿虚线向右做加速运动，因电场线先密后疏，可知电场力先增后减，即加速度先增大后减小。故D正确。故选D。5、B【解析】铜环闭合，铜环在下落过程中，穿过铜环的磁通量不断变化，铜环中产生感应电流；由楞次定律可知，当铜环在磁铁上方时，感应电流阻碍铜环靠近磁铁，给铜环一个向上的安培力，则铜环对磁铁的力向下，细绳对磁铁拉力大于重力；当铜环位于磁铁下方时，铜环要远离磁铁，感应电流阻碍铜环的远离，对铜环施加一个向上的安培力，则铜环对磁铁的力向下，细绳对磁铁拉力大于重力；当铜环处于磁铁中央时，磁通量最大，没有感应电流，铀环对磁铁没有力的作用，细绳对磁铁拉力等于重力。A.靠近和远离时拉力

16、都小于重力，与上述结论不符，故A错误；B. 靠近和远离时拉力都大于重力，与上述结论相符，故B正确；C.靠近时拉力大于重力，远离时拉力小于重力，与上述结论不符，故C错误；D.靠近时拉力小于重力，远离时拉力大于重力，与上述结论不符，故D错误。6、B【解析】小球A运动过程如右图所示：当小球滑至C点时，弹簧与杆垂直，水平方向弹簧弹力与杆的弹力平衡，小球在竖直方向受重力，则小球的加速度为重力加速度，小球仍向下加速，此时速度不是最大，当合力为零时速度最大，而合力为零的位置应在弹簧与杆垂直位置的下方，故A错误在图中A、D两位置，弹簧处于原长，小球只受重力，即小球加速度为重力加速度的位置有A、C、D三个，故B

17、正确；弹簧的形变量先增大后减小再增大，其弹性势能先增大后减小再增大，故C错误；小球与弹簧组成的系统只有重力和弹力做功，所以系统的机械能守恒根据系统机械能守恒定律可知，小球从A到B全过程中增加的弹性势能应等于减少的重力势能mgh，故D错误所以B正确，ACD错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】A由图象可知，检阅车的运动过程为：Oa为匀加速直线运动，ab是恒定功率运动，且加速度在逐渐减小，所以t1时刻牵引力和功率最大，bc是匀速直线运动，t2t3时间内其牵引

18、力等于f，故A正确。B在0t1时间段，由vt图象知检阅车做匀加速直线运动，故B错误。C在0t2时间段，由vt图象可知，检阅车先做匀加速运动再做变加速运动，故此段时间内平均速度大于，故C错误；D设时间t1t2内检阅车克服阻力所做功为Wf，由动能定理克服阻力所做功为，故D正确。故选AD.8、BC【解析】设x轴上场强为0的坐标为x，由有解得则区域场强方向沿x轴正方向，由于无穷远处场强也为0，所以从到无穷远场强先增大后减小，场强方向沿x轴负方向，若试探电荷带正电，则从静止释放开始沿x轴正方向做加速运动，由于从到无穷远场强先增大后减小，则试探电荷做加速度先增大后减小的加速运动，若试探电荷带负电，则从静止

19、释放开始沿x轴负方向做加速度减小的加速运动，运动到处加速度为0，由于场强方向沿x轴负方向且场强增大，则试探电荷接着做加速度增大的减速运动，当速度减到0后反向做加速度减小的加速运动，运动到处加速度为0，过后做加速度增大的减速运动，由于两点荷产生的电场不是匀强电场，故试探电荷开始不可能做匀加速运动，由于处电场强度为0，且从到无穷远场强先增大后减小和场强方向沿x轴负方向且场强增大，试探电荷不可能一直做加速度增大的加速运动，故AD错误，BC正确。故选BC9、AD【解析】AB在轨道1运动时的速度在轨道2运动时的速度即 从A到B由能量守恒关系可知 解得则选项A正确，B错误；C在B点时由可得则选项C错误；D

20、若航天器质量为m0，由A点运动到B点的过程中地球对它的引力做功为选项D正确。故选AD。10、AC【解析】A小球静止在点时，由共点力平衡得解得方向竖直向上，故A正确；B在匀强电场中，点电势比点低，根据电势差可知、两点电势差为故B错误；CD小球从点运动到点，由于重力和电场力做功，不可能做匀速圆周运动，设到点速度大小为，由动能定理得小球做圆周运动恰好通过点时，由牛顿第二定律得联立解得故C正确，D错误；故选AC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、7.46mA 2.5V 150 51 准确 【解析】(1)1选择开关接“1”时测电流，电表表盘下面

21、刻度的最小分度值为0.2mA，指针在两最小刻度之间进行估读，故其示数为说明：估读方法符合最新高考评分标准。(2)2根据串联电路有分压作用可知，当电表满偏时有所以开关接“3”时为量程2.5V的电压表。(3)3欧姆表的内阻由于欧姆表的中值电阻等于欧姆表内阻，故C处刻度为150。(4)4根据闭合电路欧姆定律有其中，解得(5)5因为电源内阻的变化，可以通过调零电阻阻值的变化来抵消，所以调零后测量某电阻阻值的测量结果是准确的。12、（均可） 相等 【解析】根据螺旋测微器的读数法则可知读数为因该实验没有电压表，电流表A1的内阻已知，故用A1表当电压表使用，为了调节范围大，应用分压式滑动变阻器的接法，则点如

22、图如图由电路图可知流过的电流为，电阻两端的电压为，因此电阻该实验的电流为真实电流，电压也为真实电压，因此测得值和真实值相等四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 T2=2.5T2 p3=2.6p2【解析】密封的上部气体刚开始为等压过程，设活塞刚碰到玻璃管底时温度为T2，则由盖吕萨克定律得：， 解得：T2=2.5T2当活塞到管底后，气体经历等容过程，设温度为2.8T2时压强为p3，则有开始时气体压强：p2=p22.5p2=2.5p2，T2=2.5T2，由查理定律得：， 代入数据解得：p3=2.6p214、 (1)；(2)，【解析】(1)，取粒子向下运动为正方向。内，粒子做初速度为零的匀加速直线运动，设加速度大小为，位移大小为，末速度大小为，则内，粒子做类竖直上抛运动，设加速度大小为，则解得根据牛顿第二定律有由题图乙知解得(2)设粒子进入磁场时的速度大小为，则如图所示，由几何关系得粒子在磁场中运动的轨道半径洛伦兹力提供向心力即解得粒子在磁场中运动的时间解得15、；。【解析】由状态甲到状态乙，A容器中气体等温变化由玻意耳定律得解得由状态甲到状态丙，可看作等压变化由盖一吕萨克定律由几何知识解得